【文档说明】云南省红河哈尼族彝族自治州2022-2023学年高一下学期7月期末物理试题 含解析.docx，共(17)页，2.021 MB，由小赞的店铺上传

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红河州2023年中小学学业质量监测高一物理一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意。）1.“企鹅服”是一个失重对抗防护的设备，人长期生活在完全失重状态下，人体的肌肉会萎缩

。“企鹅服”里面有很多弹力袋，对人体肌肉有一定的压力，压力的单位用国际单位制中的基本单位可表示为（）A.NB.kg·m/s2C.kg·m/sD.kg/m·s2【答案】B【解析】【详解】根据Fma=质量与加速度的单位用国际单位制中的基本单位表示分别为kg、m·s2，根据单位运算，可知压力的单

位用国际单位制中的基本单位可表示为kg·m/s2。故选B。2.中国第三艘航母“福建舰”已成功下水，该航母上有帮助飞机起飞的电磁弹射系统，若经过弹射后，飞机依靠自身动力以16m/s2的加速度匀加速滑行100m，达到60

m/s的起飞速度，则弹射系统使飞机具有的初速度大小为（）A.20m/sB.25m/sC.30m/sD.35m/s【答案】A【解析】【详解】弹射系统使飞机具有的初速度大小为，由匀变速直线运动规律，可得220

2axvv=−解得020m/sv=故选A。3.如图所示，一细线与竖直墙面相接于O点，另一端悬挂一重为20N的工艺品，现用垂直于细线方向的力F拉工艺品，使其处于静止状态，并保持细线与竖直方向夹角θ为30°

，则力F大小为（）A.53NB.10NC.103ND.40N【答案】B【解析】【详解】以工艺品为对象，可知细线拉力和力F的合力大小等于工艺品的重力，方向竖直向上，由于力F与细线拉力垂直，则有sin20sin30N10NFG===故选B。4.如图所示，某同学对着墙壁练习打乒乓球，

某次球与墙壁上A点碰撞后水平弹离，恰好垂直落在球拍上的B点，已知球拍与水平方向夹角30°，AB两点高度差为0.8m，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，则球水平弹离时速度v0为（）A.43m/sB.33m/sC.4

3m/s3D.33m/s4【答案】C【解析】【详解】当球垂直落在球拍上的B点时，有0tan30vgt=212hgt=联立可得043m/s3v=故选C。5.如图所示，“旋转秋千”的座椅通过缆绳悬挂在旋转圆盘上。当旋转圆盘绕竖直中心轴

从静止开始转动，稳定后座椅在水平面内做匀速圆周运动。已知悬点到中心轴的距离为R，座椅（可视为质点）质量为m，缆绳长度为L，缆绳与竖直方向的夹角为θ，不计空气阻力，重力加速度为g，则此时座椅的线速度v大小为（）A.()sintangRL+B.tang

RC.sintangLD.tangL【答案】A【解析】【详解】根据牛顿第二定律得2tanvmgmr=sinrRL=+解得()sintanvgRL=+故选A。6.中国空间站在距地高度约为400km轨道运行，地球同步卫星在离地高度约为36000

km轨道运行，均可看成做匀速圆周运动。下列关于空间站说法正确的是（）A.在轨运行的线速度大于7.9km/sB.空间站中的宇航员没有受到重力C.运行周期小于地球同步卫星运行的周期D.运行的加速度小于地球同步卫星运行的加速度【答案】C【解析】【详解】A．7.9km/s为第一宇宙速度，为环

绕地球做圆周运动的最大速度，即空间站在轨运行的线速度小于7.9km/s，故A错误；B．空间站中的宇航员处于完全失重状态，仍受到重力作用，故B错误；的C．根据万有引力提供向心力2224MmGmrrT=可得32rTGM=空间站的轨道半径小于地球同步卫

星的轨道半径，则空间站运行的周期小于地球同步卫星运行的周期，故C正确；D．根据牛顿第二定律2MmGmar=可得2GMar=空间站的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，则空间站运行的加速度大于地球同步卫星运行的加速度，故D错误。故选C。7.一台起重机将一质量为100kg的货物从静止开始匀加速竖直吊

起，4s末货物的速度为8m/s，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2。下列选项正确的是（）A.4s内货物所受合力做功为0B.4s内拉力对货物做功为3200JC.4s末起重机的输出功率为1600WD.4s内起重机的输出功率为4800W【答案】D【解析】【详解】A．根据动能定理可得，

4s内货物所受合力做功为2k103200J2WEmv==−=合故A错误；B．由于货物做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，有Fmgma−=vat=16m2vxt==解得1200NF=所以拉力做的功为F120016J19200JWFx==

=故B错误；C．4s末起重机的输出功率为12008W9600WPFv===故C错误；D．4s内起重机的输出功率为19200W4800W4WPt===故D正确。故选D。8.一质量m=1kg的物体自倾角α=37°的固定斜面底端沿斜面向上滑行。该物体

开始滑动时的初速度v0=10m/s，减速为零后向下滑动，到达斜面底端时的速度大小为25m/sv=。已知，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。则下列选项正确的是（）A.物体上滑的距离为2.5mB.物体下滑的加速度大小为2m/s2C.物体与斜面间的动摩擦因数μ

=0.4D.物体上滑时间比下滑时间长【答案】B【解析】【详解】AC．设物体上滑的距离为L，则物体上滑过程，由动能定理可得201sincos02mgLmgLmv−−=−物体下滑过程，由动能定理可得21sincos02mgLmgLmv−=−解得5mL==0.5故AC错误；

B．物体下滑的加速度大小为2sincos2m/smgmgam−==故B正确；D．物体上滑时的加速度大小为'2sincos10m/smgmgam+==由于物体上滑、下滑距离均为L，可得物块上

滑、下滑的时间分别为'21sLta==上25sLta==下故D错误。故选B。二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题意。全选对得4分，选对但不全得2分，选错或未选得0分。）9.如图所示的x-t图像和v-t图像，甲、乙、丙、丁

代表四辆汽车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列选项正确的是（）A甲车做曲线运动，乙车做直线运动B.0~t1时间内，甲、乙两车的平均速度相等C.0~t2时间内，丙、丁两车的平均速度相等D.t1时刻乙的速度大于甲的速度，t2时刻丙的加速度大于丁的加速

度【答案】BD【解析】【详解】A．位移时间图像表示位移随时间的变化规律，不是物体的运动轨迹，所以甲乙都做直线运动，故A错误；B．0~t1时间内甲乙两车位移相同，根据xvt=可知甲乙的平均速度相等，故B正确；C．0~t2时间内，丙、

丁两车的速度时间图像与坐标轴围成图形的面积表示运动的位移，所以丁的位移大于丙的位移，根据xvt=可知丁的平均速度大于丙的平均速度，故C错误；D．位移时间图像每点切线的斜率表示物体运动的速度，所以结合图像可知t1时刻乙的速度大于甲的速度。速度时间图像每点切线的斜率表示物体的加

速度，结合图像可知t2时刻丙的加速度大于丁的加速度，故D正确。故选BD。10.某同学在学校田径场跑步，用手机软件记录了自己的运动轨迹、运动时间的情况，如图所示，其中A点是起点，B点是终点，且根据实际情况可知，AB间的距离约为40m，跑步路程为5.21km，所用时间约为

35分18秒，下列关于该同学运动的描述正确的是（）.A.在记录运动轨迹时，人不能看成质点B.AB间的距离约为40m是指人发生的位移大小C.平均速率约为2.46m/sD.B点瞬时速度大小约为0.02m/s【答案】BC【解析】【详解】A．在记录运动

轨迹时，研究的问题是人运动的轨迹，而人的尺寸和大小对于人所运动的轨迹而言可以忽略，因此在研究该问题时可以把人看成质点，故A错误；B．位移大小指从初位置指向末位置的有向线段的长度，方向为初位置指向末位置，由此可知AB间的距离约为40m是指人发生的位移大小

，故B正确；C．根据已知条件可得平均速率为35.2110m/s2.46m/s356018svt==+故C正确；D．根据已知条件可得平均速度为40m/s0.02m/s356018xvt==+可知，平均速度大小约为0.02m/s，而不是B点的瞬

时速度，故D错误。故选BC。11.如图所示，一轻弹簧竖直固定在水平面上。一小球从某高处自由落下，从小球接触弹簧到运动至最低点过程中，下列关于小球的说法正确的是（）A.速度先增大后减小B.加速度一直减小C.所受

弹力一直增大D.在最低点时受力平衡【答案】AC【解析】【详解】小球接触弹簧后受重力和弹簧的弹力，根据牛顿第二定律mgFma−=弹簧被压缩后，弹力逐渐增大，可知加速度逐渐减小，当弹力和重力相等时，加速度为零，速度最大，之后，弹簧继续被压缩，

弹力继续增大，根据牛顿第二定律可知加速度反向增大，速度为零时，弹簧被压缩最短，弹力最大，反向加速度最大。综合上述分析可知小球速度先增大后减小、加速度先减小后反向增大、弹力一直增大，在最低点时加速度不为零，受力不平衡。故选AC。12.如图所示，一条轻绳跨过定滑轮，绳两端各系质量为m和2m的物体A

和B，用手压住物体A，使A、B均处于静止状态，不考虑一切阻力。由静止释放物体A，在其向右运动s的过程中（A未与滑轮碰撞且B未落地），下列选项正确的是（）A.A、B间拉力大小为2mgB.物体B减少的重力势能等于物体A增加的动能C.物体B减少的重力势能为2mgsD.物体B减少的机械能

为23mgs【答案】CD【解析】的【详解】A．对A分析Tma=对B分析22mgTma−=解得23Tmg=故A错误；B．由于AB构成的系统机械能守恒，B减少的重力势能等于AB增加的动能，故B错误；C．物体B重

力做正功大小为2Wmgs=故物体B减少的重力势能为2mgs，故C正确；D．拉力对B做负功，机械能减少，物体B减少的机械能为23ETsmgs==故D正确。故选CD。三、实验题（本题共2小题，其中13题8分，14题10分，共18分。）13.某兴趣小组在探究小车加速度a与质量m的关系实验中，平衡摩

擦力后，得到的部分纸带数据如图所示，所用交变电流的频率为50Hz，相邻两计数点间有四个点未画出，根据图中的数据，回答下列问题：（1）打下点2时，小车的速度大小为__________m/s，求出小车的加速度大小为__________m/s2。（结果均保留两位有

效数字）（2）保持小车所受的拉力不变，改变小车质量m，分别测出不同质量时小车加速度a的数据如下表：次数12345质量m/kg0.250.290.330.400.50加速度2/(ms)a−0.6180.55

70.4820.4030.317质量倒数11/kgm−4.003.453.032.502.00①请在坐标纸中作出1am−图像___________②根据1am−图像，可以得到的结论是：_________

____________________________。【答案】①.0.13②.0.60③.见解析④.保持小车所受的拉力不变，，小车的加速度与小车的质量成反比【解析】【详解】（1）[1]相邻两计数点间有四个点未画出，则相邻计数点的

时间间隔为50.02s0.1sT==根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打下点2时，小车的速度大小为2132(3.00.4)10m/s0.13m/s220.1xvT−−===[2]根据逐差法可知，小车的加速度大小为2222402

22(5.21.41.4)10m/s0.60m/s440.1xxaT−−−−===（2）①[3]根据表格数据，作出1am−图像如图所示②[4]由于1am−图像是一题过原点的倾斜直线，说明a与1m成正比；所以可以得到

的结论是：保持小车所受的拉力不变，小车的加速度与小车的质量成反比。14.用气垫导轨验证机械能守恒定律的实验，先把导轨调成水平，然后用垫块把导轨的一端垫高H，如图所示。滑块m上面装有宽为d的挡光片，让它由轨道上端任一位

置滑下，测出它通过光电门G1和G2时的速度。（1）通过G1和G2的挡光时间分别为1t和2t，则滑块通过G1和G2的速度v1=__________，v2=_________，及在这段过程中动能的增加量kE=__________（用d、1t、2t、m表示）。（2）由

图可知，hHsL=，其中H、L、s已知，则滑块通过这段过程中的重力势能减少量pE=________（用H、L、s、m、g表示）。（3）实验结果得出kpEE，就可验证________________________________________________

_。（4）实验时，s值应取_________（选填“大”或“小”）些，可减少滑块克服阻力做的功，使结果kE与pE两个值近似相等。【答案】①.1dt②.2dt③.222211112mdtt−④.HsmgL⑤.滑块下滑过程中机械能守恒⑥.

小【解析】【详解】（1）[1][2]通过G1和G2的挡光时间分别为1t和2t，则滑块通过G1和G2的速度11dvt=,22dvt=[3]在这段过程中动能的增加量222k21222111111222Emvmvmdtt=−=−

（2）[4]由图可知，hHsL=，整理得HshL=滑块通过这段过程中的重力势能减少量pHsEmghmgL==（3）[5]实验结果得出kpEE，就可验证滑块下滑过程中机械能守恒；（4）[6]实验时，s值应取小些，可减少滑块克服阻力做的

功，使结果kE与pE两个值近似相等。四、计算题（本题共3小题，其中15题12分，16题14分，17题16分，共42分。要求写出必要的文字叙述和重要的演算过程，只写出结果的不得分。）15.为了交通安全，公路上行驶的车辆之间要保持安全的距离。汽车在公路上出

现故障时，应在汽车后放置三角警示牌（如图所示），以提醒后面的车辆。在某一最高限速为v0=108km/h的路段，一汽车因故障停下来检修，由于当时天气原因导致视线不好，驾驶员只能看清前方70m处的物体，若后方来车司机的反应时间为t0=0.6s。紧

急刹车后，汽车轮胎与路面间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，求：（1）紧急刹车后汽车的加速度a大小；（2）若汽车司机把警示牌放在距离车辆50m处，通过计算判断后方来车是否会与故障汽车发生碰撞？【答案】（1）5m/

s2；（2）不会【解析】【详解】（1）紧急刹车后汽车的加速度a大小25m/sfmgagmm====（2）当后方来的司机看到警示牌时距离故障车s=70m+50m=120m后方来车从发现故障车到停止运动的距离2200030300.6108m<225vxvtsa=+=+=则后

方来车不会与故障汽车发生碰撞。16.如图所示，半径为R的光滑半圆轨道CDE在竖直平面内与光滑水平轨道AC相切于C点，一轻质弹簧左端固定在水平轨道A处的挡板上，右端自然伸长到B点，B点与轨道最低点C相距3R，用一质量为m的小球压缩弹簧（小球与弹簧不连接），在弹性限度内将

弹簧压缩后由静止释放，小球沿轨道恰能通过最高点E。求：（1）小球通过最高点E时的速度vE大小；（2）小球在水平轨道上的落点与C点的距离x；（3）释放小球时弹簧的弹性势能Ep。【答案】（1）gR；（2）2R；（3）52mgR【解析】【详解】（1）小球沿轨

道恰能通过最高点E，则有2=EvmgmR解得EvgR=（2）小球飞出后做平抛运动，则有Exvt=2122Rgt=解得2xR=（3）根据能量守恒定律有2p122EEmgRmv=+解得p52EmgR=17.如图所示，一半径为R的14光滑圆弧轨道固定在水平面上，圆弧轨

道末端B点与长木板上表面相切，长木板与地面之间无摩擦。将质量为m=1kg的小滑块，从圆弧轨道的最高点A由静止释放，经最低点B滑上长木板时无能量损失。已知长木板质量M=2kg，且长木板足够长。从小滑块到达B点开始计时，长木板的v-t图像如右图所示，g取1

0m/s2。求：（1）滑块经过B点时对圆弧轨道的压力F压大小；（2）滑块与长木板之间的动摩擦因数μ；（3）滑块在长木板上滑过的距离x。【答案】（1）30N；（2）0.2；（3）1.5m【解析】【详解】（1）小滑块从A到

B过程中，根据动能定理有212mgRmv=滑块经过B点时，根据牛顿第二定律有2vFmgmR−=解得30NF=根据牛顿第三定律可知滑块经过B点时对圆弧轨道的压力F压大小为30N；（2）根据牛顿第二定律可知长木板的加速度为'mgaM=的由图可知1s后共速，则有vat=解得0.2=（

3）根据动量守恒定律有0()mvmMv=+根据能量守恒定律有()2201122mgxmvmMv=−+解得获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com