【文档说明】四川省南充市白塔中学2024-2025学年高一上学期第一次月考物理试题(A卷） Word版含解析.docx，共(10)页，2.051 MB，由envi的店铺上传

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白塔中学高2024级高一上期第一次考试物理试题（A卷）满分：100分；考试时间：60分钟；注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、单选题（每题4分，共计40分）1.扫地机器人因操作简单、使用方便，已逐

渐走进了人们的生活。在某次清扫过程中，小明6时35分在A处启动扫地机器人，7时05分在B处完成清扫工作，其规划清扫路线如图所示。数据表明：机器人清扫路线的总长度为90m，A、B的直线距离约为9m。下列说法

正确的是（）A.“6时35分”表示时间，“7时05分”表示时刻B.研究清扫路径时，不能将机器人视为质点C.机器人在该过程中的位移大小为90mD.机器人在该过程中的平均速率为0.05m/s【答案】D【解析】【详解】A．时刻是时间

点，指的是某一瞬间，而时间指的是时间段，本题中“6时35分”和“7时05分”都是某一时刻对应的时间点，表示时刻，故A错误；B．因为本题中不研究机器人的旋转和细节，结合清扫路线的总长度为90m，A、B的直线距

离约为9m，大体可以判断机器人大小相对A、B的直线距离以及总路程来说影响可以忽略，可以视为质点，故B错误；C．位移是指运动过程中初末位置的有向线段，A、B的直线距离约为9m，所以机器人在该过程中的位移大小为9m，故C错误；D．机器人在该过程中的平均速率为90m/s0.05m/s

1800svt===故D正确。故选D。2.佛山科学馆有一个“最速降线”的展示项目。如图，在高度差相同的三个不同轨道中，将三个完全相同的铁球a、b、c分别放在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ轨道的起点M，同时由静止释放，发现I轨道上的铁球a最先到达终点N。关于三个

铁球的运动，下列说法正确的是（）A.三个铁球运动的位移大小相等B.三个铁球运动的路程大小相等C.铁球a运动的平均速度最小D.铁球c运动的平均速度最大【答案】A【解析】【详解】A．三个铁球的起点均为M，终点均为N，所以三个铁球运动的位移大小相等，故A正确；B．路程大小为物体实际运动轨迹的长度，由图可

知，三个铁球运动的路程大小不相等，故B错误；CD．由A项可知，三个铁球运动位移大小相等，且铁球a最先到达终点N，即铁球a用时最少，由平均速度公式ΔΔxvt=可知，铁球a运动的平均速度最大，故CD错误。故选A。3.关于速度、速度改变量和加速度，下列说法正确的是（）A.物体的

速度改变量很大，它的加速度一定很大B.速度增加，加速度一定变大C.加速度很大时，运动物体的速度一定很大D.某时刻物体的速度为零，其加速度可能不为零【答案】D【解析】【详解】A．根据加速度定义式vat=可知，加速度的大小与速度该变量的大小和时间无关，则

物体运动的的速度改变量很大，它的加速度不一定很大，故A错误；B．速度增加，加速度方向与速度方向相同，加速度可能不变，可能减小，也可能增大，故B错误；C．加速度很大时，运动物体的速度可能很小，例如赛车起步瞬间，加速度很多，速度为0，故C错误；D．某时刻物体的速度为零，其加速度可能不为零，例如

竖直上抛运动的物体到达最高点时，速度为0，加速度不为0，故D正确。故选D。4.一个做加速直线运动的物体，其加速度方向不变而大小逐渐减小到零，那么该物体的运动情况是（）A.速度不断增大，到加速度减小到零时速度达到最大，而后做匀速直线运动B.速度不断减小，

到加速度减小为零时速度达到最小，而后做匀速直线运动C.速度不断减小，到加速度减小到零时运动停止D.速度不断减小到零后，又反向做加速运动，最后做匀速运动【答案】A【解析】【详解】因为“一个做加速直线运动的物体”，所以速度不断增加，当

加速度减小到零时，速度不再增加了，速度达到最大，而后做匀速直线运动。故选A。5.一物体做初速度为0的匀加速直线运动，测得它在第ns内的位移为s，则物体在1s末的速度为（）A.221sn+B.221sn−C.212ns+D.212ns−【

答案】B【解析】【分析】【详解】根据匀变速直线运动的位移时间公式得2211(1)22anans−−=解得221san=−故1s末的速度为221svatn==−故选B。【点睛】解决本题的关键是掌握匀变速直线

运动的位移时间公式，并能灵活运用。6.做匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点时的速度分别为v和7v，经历的时间为t，则：（）A.前半程速度增加3.5vB.前2t时间内通过的位移为114vtC.后半程速度增加2vD.后2t时间内通

过的位移为54vt【答案】C【解析】【详解】AC．根据匀变速直线运动中点位移公式22022xvvv+=末可得中间位置时的速度是25xvv=所以前半程速度增加4v，后半程速度增加2v，故A错误，C正确；BD．中间时刻时的速度是0242tvvvv+==末前一半时间内通过的位移为

()()222214457242vvvvxvtvvat−−===−后一半时间内通过的位移为()()()()222227474117242vvvvxvtvvat−−===−故BD错误。故选C。7.如图所示，在2022年北京冬奥会高山滑雪男子大回转比赛中，中国选手张洋铭沿着雪道加速滑下，途

经a、b、c、d四个位置。若将此过程视为匀加速直线运动，张洋铭在ab、bc、cd三段位移内速度增加量之比为1：2：1，a、b之间的距离为L1，c、d之间的距离为L3，则b、c之间的距离L2为（）A.18LB.387LC.13LL+D.131(

)2LL+【答案】C【解析】【详解】张洋铭在ab、bc、cd三段位移内速度增加量之比为1：2：1，则对应时间之比为1：2：1，有21012Lvtat=+222001()2(2)242Lvattatvtat=++=+2

230017(3)22Lvattatvtat=++=+观察可得213LLL=+故选C。8.跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下，运动员沿竖直方向运动的v-t图像如图所示，下列说法中正确的是（）A.0~10s内运动员的速度逐渐减小B.10~

15s内运动员的加速度方向竖直向下C.0~15s内运动员的速度方向始终竖直向下D.15s以后运动员处于静止状态【答案】C【解析】【详解】A．0~10s内运动员的速度逐渐增大，A错误；B．10~15s内运动员向下减速运动，加速度，竖直向上，B错误；C．0~15s内运动员始终向下运动

，C正确；D．15s以后运动员做匀速直线运动，D错误。故选C。9.大疆无人机，享誉全球，是我国著名无人机品牌。如图所示，是一架无人机沿竖直方向运动的位移—时间图象，其中1t至2t时间段图线为一条倾斜直线，3t至4t时间段图线为一

条平行于横轴的直线。由图象可判断（）A.0至1t时间段内，无人机在做匀速直线运动B.1t至2t时间段内，无人机悬停在空中静止不动C.2t至3t时间段内，无人机在做减速运动D.3t至4t时间段内，无人机在做匀速直线运动【答案】C【解析】【详解】x-t图像的斜率表示速度，则0至1t时间

段内，无人机做加速直线运动；1t至2t时间段内，无人机做匀速直线运动，所受合外力等于0；2t至3t时间段内，无人机做减速运动；3t至4t时间段内，无人机静止。故选C。10.加速度a=vt又称“速度的变化率”，有人将at定义为“加速度的变化率”

,下列说法正确的是（）A.加速度的变化率的单位应是m/s2B.加速度的变化率为0的运动一定是匀速直线运动C.若加速度与速度同方向,如图的a－t图象,表示的是物体的速度在减小D.若加速度与速度同方向,如图的

a－t图象,已知物体在t=0时速度为5m/s,则2s末的速度大小为8m/s【答案】D【解析】【详解】A.加速度的变化率是指加速度的变化与所用时间的比值，即为at，a的单位是m/s2，所以at单位为m/s3，故A错误；B.加速度变化率为0是指加速度保持不变，如果加速度为0，则物体

做匀速直线运动，如果加速度不为0，则物体做匀变速运动，故B错误；C.若加速度与速度同向，则物体作加速运动，如图示加速度减小，则物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故C错误；D.根据v-t图象可知，图象与时间轴所围图形面积表示物体的位移，同理在a-t图象中可知图象与时间轴所围图形的

面积表示物体速度的变化量即△v，则得：132m/s3m/s2v==由于加速度与速度同向，故物体做变加速直线运动，已知初速度为5m/s，则小球在2s末的速度为8m/s，故D正确．第II卷（非选择题）二、实验题（每空3分，共计24分）11.按要求完

成下列各小题。（1）目前实验室用的打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器两种，它们所接电源均为频率为_________Hz的交变电流，所以都是每隔0.02s打一个点，但前者所接交流电压为_________V，后者所接交流电压为______

____V。操作流程是先_________后_________。（2）如图所示是一位同学用手拉动纸带通过电磁打点计时器打出的一条纸带，在纸带旁边附着一把毫米刻度尺，根据纸带上点的排列情况可判定，手拉动纸带时，手的运动速度怎样变化：____

________；由O到A这段距离上手运动的平均速度为___________m/s，打B点时手拉动纸带的速度约为______________m/s。【答案】（1）①.50②.6（或4或4~6）③.220④.通电⑤

.释放（2）①逐渐增大②.0.38③.1【解析】【小问1详解】[1][2][3]目前实验室用的打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器两种，它们所接电源均为频率为50Hz的交变电流，但电磁打点计时器所接交

流电压为4~6V，电火花打点计时器所接交流电压为220V；[4][5]操作流程是先通电后释放纸带。【小问2详解】[4]纸带在相等时间内的位移逐渐变大，可知手拉动纸带的速度逐渐增大；[5]由O到A这段距离上手运动的平均速度为23.0110m/s0.38m/s4

40.02OAOAvT−===[6]打B点时手拉动纸带的速度约为()27.013.0110m/s1m/s20.04BACvT−−===三、解答题12.为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm

的遮光板。滑块在牵引力作用下先后加速通过两个光电门。配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为0.3s，通过第二个光电门的时间为0.1s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为2s，试估算滑块加速度大小？【答案】0.1m/s2【解析】【详解】通过

第一个光电门的速度为110.1m/sdvt==通过第二个光电门的速度为220.3m/sdvt==由加速度的定义可得2210.1m/svvat−==.13.2023年9月21日，中国航天员首次在梦天实验舱内进行授课，为广大青少年带来一场精彩太空科普课。在奇妙“乒乓球”实验中，神舟十六号

航天员朱杨柱用“特制”乒乓球拍将静止的水球拍出，若将该直线运动过程看成水球先做匀加速运动后匀速运动，其中加速时间11st=，加速位移为10.1ms=，匀速阶段用时23st=，求：（1）水球匀速运动时的速度v的大小；（2）加速过程中加速度大小；

（3）全过程的总位移的大小。【答案】（1）0.2m/s；（2）0.2m/s2；（3）0.7m【解析】【详解】（1）椐题意水球从静止开始做匀加速直线运动可得112vst=代入数据解得11st=末速度为0.2m/sv=之后水球做匀速直线运动，速度大小等于11st=末的速度大小为0.2m/s（

2）由匀加速直线运动规律得212vas=代入数据解得加速过程中加速度大小为20.2m/sa=（3）匀速阶段用时23st=，位移大小为220.6msvt==水球运动全过程的总位移的大小为120.7msss=+=的的14.福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用了电磁弹

射和阻拦系统。舰载机的起飞和着陆均视为匀变速直线运动，福建舰始终静止，相关数据如下表所示：全舰长度320m舰宽78m母舰最大航速30节（约为56km/h）满载排水量8万余吨舰载机质量50吨舰载机搭载数量60-70架舰

载机加速的加速度25m/s舰载机减速的加速度220m/s舰载机起飞速度80m/s（1）若电磁弹射给舰载机的初速度为40m/s，请根据表格数据判断舰载机能否正常起飞；（2）若拦阻索对返航的舰载机进行减速时，舰载机的初速度大小为40m/s，请求出着陆3s内舰载机的位移。【答案】（1）不能正常起飞

，理由见解析；（2）40m【解析】【详解】（1）根据表中数据可知，假设舰载机能正常起飞，则起飞时的加速距离为222202(80m/s)(40m/s)480m225m/svvxa−−===加因为480m320m，超过全舰长度，则假设不合理，舰载机不能正常起

飞。（2）假设减速时全舰长度足够长，则着陆后舰载机停下的时间为0220040m/s2s3s20m/svta−−===−故舰载飞机2s内停下后，保持静止。此段时间位移为040m/s2s40m320m22vxt===假设成立。则舰载飞机着陆3s内舰载

机的位移为40m。的