【文档说明】湖南省岳阳市汨罗市第一中学2024-2025学年高一上学期9月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(16)页，2.013 MB，由小赞的店铺上传

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2024年09月高一物理月考试题一、选择题（共6小题，每题4分，共24分）1.在研究下列运动时，能把研究对象看作质点的是（）A.在空中做翻转运动的体操运动员B.自行车车轮的旋转C.一架波音747客机从南京到上海飞行的时间D.研究一列火车通过长江大桥所需的时间【答案】C【

解析】【详解】试题分析：物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响．A、空中做翻转运动的体操运动员，观察的是躯体的动作，不能忽略大小和形状，不能看成质点；错误B、自行车车轮上各点的转动情况不

同，不能忽略其大小、形状，故不能看作质点；错误C、飞机有一定的大小和形状，但与南京到上海的距离相比较可忽略不计，可以把飞机看作质点；正确D、研究火车通过长江大桥所需时间时，火车的长度不能忽略，不能看成质点；错误故选

C考点：质点点评：能否把物体看成质点，不是看物体的绝对体积和质量，而要看物体的大小和形状对所研究的问题是不是没有影响或影响可忽略不计2.一支100m长的抢险救灾队伍匀速直线前进，队尾放出无人机（视为质点）到前方800m处侦察受灾路况，拍照后立即返回，当无人机返回队首时

，队伍已前进了150m。无人机的运动轨迹（平行于队伍的水平直线）示意图如图所示，对整个运动过程，说法正确的是（）A.无人机的路程与位移大小相等B.队伍的路程与位移大小相等C.无人机的位移与队伍的位移大小相等D.无人机的路程与队伍的路程大小相等【答案】B【解析】【详解

】无人机的路程为800+（800-250）m=1350m，而无人机的位移大小为(100+150)m=250m，队伍的位移大小等于路程为150m。故选B。3.ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称。如图，汽车以

15m/s的速度行驶，如果过人工收费通道，需要在收费站中心线处减速至0，经过20s缴费后，再加速至15m/s行驶如果过ETC通道，需要在中心线前方10m处减速至5m/s，匀速到达中心线后，再加速至15m/s行驶。设汽车加速和减速的加速度大小均为1m

/s2，求汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约时间为（）A.26sB.27sC.28sD.30s【答案】B【解析】【详解】若汽车通过人工收费通道，则减速过程有00vat=−减①加速过程有00vat=+加②总时间为tttt=++总减加停③联立①-③解得50

st=总减速过程2002vax−=−减④加速过程2002vax−=加⑤总路程xxx=+总加减⑥联立④-⑥解得225mx=总若通过ETC通道，则根据题意画出vt−图像下方面积为225mx=总有题意可知减速过程为()021vvatt=−−匀解得2110s

tt−=减速的位移'15510m=100m2x+=减同理加速的时间4310stt−=位移'15510m=100m2x+=加通过通道时匀速过程3210s2s5lttv−===匀则以原速匀速运动阶段的时间225100

10010s=1s15t−−−=则经ETC所用总时间为10s10s2s1s23st=+++=车通过ETC通道节约的时间27sttt=−=总故选B。4.物体A的加速度为22m/s，物体B的加速度为-32m

/s，下列说法正确的是（）A.物体A的加速度比物体B的加速度大B.物体A的速度变化比物体B的速度变化快C.物体A的速度一定在增加D.物体B的速度可能在增加【答案】D【解析】【详解】A．依题意，物体A和物

体B的加速度大小分别为22AB2m/s3m/saa==，即物体A的加速度比物体B的加速度小。故A错误；B．加速度表示物体速度变化的快慢，所以物体A的速度变化比物体B的速度变化慢。故B错误；C．物体A的速度是否增加，需要看其速度方向与加速度方向的关系，如果二者方向相同，速度将增加，如果二者方向相

反，速度将减小。故C错误；D．同理，物体B的速度可能在增加，也可能在减小。故D正确。故选D。5.如图示，有一小球以某一初速度从斜面底部冲上斜面，依次还经过了A、B、C三点，并最高可到D点，已知AB、BC距离均

为12m，所用时间分别为2秒和3秒，重力加速度取210m/s，则C到D的距离应为（）A.3.6mB.4.9mC.8.6mD.10m【答案】B【解析】【详解】小球做匀变速直线运动，一段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故AB段的中间时刻瞬时速度12m/s=6m/s2Ev=BC段的中间时刻瞬时

速度12m/s=4m/s3Fv=根据加速度定义式有22464m/sm/s2.55FEEFvvat−−===−所以小球在C点的速度=2.8m/sCFEFvvat=+小球从C到D的运动时间为7s2DCCDv

vta−==由逆向运动可知214.9m2DCCDSat==故选B。6.从固定斜面上的O点每隔0.1s由静止释放一个同样的小球，释放后小球做匀加速直线运动。某一时刻，拍下小球在斜面滚动的照片，如图所示，测得相邻小球间的距离3cmABx=、5cmB

Cx=。已知O点距离斜面底端的长度l=16cm，由以上数据可以得出（）A.小球的加速度大小为20.5m/sB.小球在A点的速度为0.4m/sC.此时C点距离斜面底端长度不一定7cmD.该照片是位于A位置的小球在

其释放后0.1s时拍摄的【答案】D是【解析】【详解】A．根据位移差公式可知小球的加速度大小为22222(53)10m/s2m/s0.1BCABxxaT−−−＝＝＝故A错误；B．根据中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，可知小球在B

点的速度为0.08m/s0.4m/s220.1BCABBxxvT+＝＝＝再由速度—时间关系可得小球在A点的速度为vA=vB-aT=0.4m/s-2×0.1m/s=0.2m/s故B错误；C．A点到O点的距离220.2m=1cm222AAOvxa==此时C点距离斜

面底端长度是16cm-1cm-3cm-5cm=7cm，选项C错误；D．第一个小球释放的时间为00.2s0.1s2Avta＝＝＝该照片是位于A位置的小球在其释放后0.1s时拍摄的，故D正确。故选D。二、多选题（共4小题，每题5分，共20分）7.某质点做匀减

速直线运动，依次经过A、B、C三点，最后停在D点。已知12mAB=，8mBC=，从A点到B点和从B点到C点两个过程速度变化量大小都是2m/s，下列说法正确的是（）A.质点到达B点的速度大小为5m/sB.质点的加速度大小为2m/s2

C.质点从A点运动到D点的时间为6sD.A、D两点间的距离为24.5m【答案】AD【解析】【详解】B．设质点的加速度大小为a，由题意可知质点从A点到B点和从B点到C点两个过程所用时间相等，均设为T，则根据匀变速直线运动规律的推论可得24m

aTABBC=−=根据加速度的定义可知2m/saT=联立以上两式解得21m/sa=2sT=故B错误；A．质点到达B点的速度大小为5m/s2BABBCvT+==故A正确；C．质点在A点时的速度大小为7m/s

ABvvaT=+=质点从A点运动到D点的时间为7sAvta==故C错误；D．A、D两点间的距离为224.5m2AvADa==故D正确故选AD。8.某校高一物理兴趣小组，进行了如图甲所示的无人机飞行表演活动。图乙为该无人机某次表演过程中在竖直方向运动的v-t图像。以向上为正

方向，关于无人机的运动情况，下列说法正确的是（）A.无人机在1s末时和5s末时加速度相同B.无人机在第2s末与第4s末时所处的高度不同C.无人机在第3s末时的加速度为零D.无人机在第6s末时回到起始位置【答案】AD。的【解析】【详解】A．vt−图像斜率表示加速度，

由图乙可知在1s末时和5s末时斜率相同，所以加速度相同，故A正确；B．vt−图像面积表示位移，由图乙可知2s至3s竖直方向位移2314m2m2x==和3s-4s竖直方向位移3414m2m2x−==−（）（）相当于刚好两段位移相消去，所以高度不变，故B错误；C．vt−图像斜率表示加速

度，由图乙可知第3s末时斜率不为零，所以加速度不为零，故C错误；D．vt−图像面积表示位移，由图乙可知0s至3s的位移为134m6m2x==3s至6s的位移为23-=-6m2x=（4）可得合位移为120xxx=+=可知无人机在第6s末时回到起始位置，故D正确。故选AD。9.ab、两物体均沿x轴

正方向从静止开始做匀变速直线运动，0t=时刻两物体同时出发，a物体的位置x随速率平方的变化关系如图甲所示，b物体的位置x随运动时间t的变化关系如图乙所示，则（）A.a物体的加速度大小为21m/sB.1st=时，两物体相距0.5mC.2~4s内

a物体的平均速度大小为1.5m/sD.两物体相遇时，a物体的速度是b物体速度的2倍【答案】AD【解析】【详解】A．对a，由()2102vaxx=−可得20112xvxa=+结合图甲有12111ms22ka−==则a物体的加速度大小

为有211m/sa=A正确；B．0t=时刻a物体的位置坐标为1mx=−速度为零；对b，由2212xat=结合图乙知b物体的加速度大小为220.5m/sa=0t=时刻b物体的位置坐标为0x=，速度为零。0~1s内，a物体的位移大小为211110.5m2xat==b物体

的位移大小为222110.25m2xat==此时两物体相距211m0.75msxx=+−=B错误。C．2st=时a物体的速度为2122m/svat==4st=时a物体的速度为4144m/svat==故2~4s内a物体的平均速度大小为243m/s2vvv+==C错误。D．设两物体相遇的时间为

3t，则有221323111m22atat=+解得32st=此时b物体的速度大小为2231m/svat==D正确。故选AD。10.汽车在平直的公路上行驶，发现险情紧急刹车，立即做匀减速直线运动直到停车。已知汽车刹车时前2秒内的位移为24m，在最后1秒内的位移为1m，

则下列说法正确的是（）A.汽车加速度大小是2m/s2B.汽车的初速度大小是12m/sC.汽车从开始刹车到停车用时7sD.汽车从开始刹车到停车运动了49m【答案】ACD【解析】【详解】A．汽车在最后后1秒内的位移为1m，采用逆向思维法，看成初速度为零的匀加速

直线运动，根据位移公式212xat=代入数据解得2222m/sxat==故A正确；B．已知汽车刹车时前2秒内的位移为24m，则有2101112xvtat=−代入数据解得014m/sv=故B错误；C．汽车从开始刹车到停车的时间07

svta==故C正确；D．汽车从开始刹车到停车运动的距离为049m2vxt==故D正确。故选ACD。三、实验题（共2小题，共20分）11.如图所示是某种打点计时器的示意图。（1）该打点计时器是______（选填“电火花”或“电磁”）打点计时器，工作时使用______（

选填“220V”、“8V”）交流电源。如下图是某同学用该打点计时器（电源频率是50Hz）在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带。ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，从图中读出A、D两点间距x=______cm，AD段的平均速度是v=_____

_m/s，如果电源频率变为49Hz而同学不知道，则该平均速度测量值与实际值相比________（选填“偏大”或“偏小”）。（2）如下图是根据实验数据绘出的x-t2图线（x为各计数点至同一起点的距离），斜率表示________，加速度大小为________

m/s2（保留3位有效数字）。【答案】①.电火花②.220V③.2.70④.0.09⑤.偏大⑥.加速度的一半⑦.0.933【解析】【详解】（1）[1][2]图中打点计时器为电火花打点计时器，其工作电压为22

0V交流电；[3]图中AD间的距离为2.70cmx=[4]AD段的平均速度为22.7010m/s0.09m/s330.1xvT−===[5]如果电源频率变为49Hz而同学不知道，即频率减小，周期变大，所以平均速度测量

值与实际值相比偏大。（2）[6][7]根据匀变速直线运动位移与时间关系212xat=由此可知，图线的斜率为211.41020.03ka−==解得20.933m/sa=12.在“研究小车做匀变速直线运动”的实验中，电源频率为50Hz如图为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E、F、G

为相邻的计数点，在相邻计数点之间还有4个点未画出。(1)根据纸带可知，相邻计数点之间的时间间隔为_____s，打C点时小车的瞬时速度为cv=_____m/s，小车运动的加速度a=_____m/s2（后两空结

果保留两位有效数字）(2)若交流电的频率变为51Hz而未被发觉，则测得的小车的速度值与真实值比较将偏_______（选填“大”或“小”）【答案】①.0.1②.0.20③.0.50④.小【解析】【详解】(1)[1]电源频率为50Hz，则相邻两

个点之间的时间间隔为0.02s，由于相邻计数点之间还有4个点未画出，所以相邻计数点之间的时间间隔为50.02s0.1sT==[2]利用时间中点的速度等于平均速度即可求得2(5.381.30)10m/s0.20m/s220.1BDCxvT−−==[3]根据逐差法可

得加速度为2222(15.265.38)5.38m/s0.50m/s(3)(30.1)DGADxxaT−−−===(2)[4]当交流电的频率变为51Hz时，打点的时间间隔减小，所以相邻计数点之间的时间间隔T减小，而此时还是以50Hz对应的计数周期去计算，则测得的小车的

速度值与真实值比较将偏小。四、解答题（共3小题，36分）13.超声测速仪向障碍物发射时间极短的脉冲超声波，根据接收到的反射信号时间关系可以测量物体速度。如图所示，测速仪B向迎面匀速行驶的汽车A发射两次脉冲波的时间间隔为5.5s

。发射第一个脉冲后1.6s收到反射信号，发射第二个脉冲后0.6s收到反射信号，（超声波在空气中传播的速度为340m/s）。求：（1）汽车在两次接收到超声波之间行驶的距离；（2）汽车行驶速度。【答案】（1）170ms=；（2）34

m/sv=【解析】【详解】（1）汽车匀速行驶，则有svt=测速仪第一次发出信号从汽车处返回到测速仪时，汽车距测速仪的距离111.6340m272m2svt===第二次发出的信号从汽车处返回到测速仪时，汽车

距测速仪的距离220.6340m102m2svt===因此汽车在两次与信号相遇的过程中，行驶了12272m102m170msss=−=−=（2）这170m共用时121.60.65.5sss5s2222tttt=−+=−+=所以汽车车速

为170m/s34m/s5svt===14.有一部电梯，电梯上升的高度为36m。（1）假设电梯由静止先匀加速上升，再匀减速上升直到停止，电梯的最大速度为6m/s，加速上升的时间是减速上升时间的2倍，求电梯匀加速上升时的加速度大小；（2）假设

电梯由静止以22m/s加速度先匀加速上升，然后匀速上升，最后以21m/s的加速度匀减速上升直到停止，全程用时12秒，则上升的最大速度为多大？【答案】（1）20.75m/s；（2）4m/s【解析】【详解】

（1）设电梯减速上升的时间为t，由题可知加速上升的时间为2t，则有222vvttH+=解得4st=则电梯匀加速上升时的加速度大小20.75m/s2vat==（2）设匀加速时加速度大小为1a，匀减速加速度大小为2a，匀速运动的时间为0t，电梯上升最大速度

的的的大小为mv，根据匀变速直线运动规律有22mmm01122vvvtHaa++=mm01212svvtaa++=代入数据，联立解得4m/sv=15.AB两车在同一直线上向右匀速运动，B车在A车前，A车的速度大小为18m/sv=，

B车的速度大小为220msv=，如图所示。当AB两车相距036mx=时，B车因前方突发情况紧急刹车（已知刹车过程的运动可视为匀减速直线运动），加速度大小为22msa=，从此时开始计时，求：(1)A车追上B车之前，两者相距的最大距

离；(2)A车追上B车所用的时间；(3)从安全行驶的角度考虑，为避免两车相撞，在题设条件下，A车在B车刹车的同时也应刹车的最小加速度。【答案】(1)72m；(2)17s；(3)0.24m/s2【解析】【详解】(1)当A、B两车速度相等时，相距最远，根据速度关系得v1=v2﹣at

1代入数据解得t1=6s此时根据位移公式得xA1=v1t1xB1=v2t1﹣12at12△xm=xB1+x0﹣xA1代入数据解得△xm=72m(2)B车刹车停止运动所用时间2010stav==所发生位

移222100m2Bvxa==此时xA2=v1t0=80m则xA2＜x0+xB2可见此时A车并未追上B车，而是在B车停止后才追上之后A车运动时间为022217sBAxxxtv+−==故所求时间为t=t0+t2=17s(3)A车刹车减速至0时刚

好追上B车时，加速度最小2221022Avvxaa+=代入数据解得aA≈0.24m/s2