【文档说明】四川省泸县第一中学2019-2020学年高二下学期期末模拟物理试题 【精准解析】.doc，共(19)页，747.000 KB，由小赞的店铺上传

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2020年春四川省泸县第一中学高二期末模拟考试物理试题第I卷选择题一、单选题（每小题6分，共9个小题，共54分；其中1~6题为单选题，7~9题多选题，少选得3分，多选错选得0分。）1.我国“北斗三号”全球组网卫星采用星载氢原子钟。如图为氢原子能级示意图的一部分，则氢

原子（）A.一个处干n＝4能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线B.在同一介质中，从n＝5能级跃迁到n＝1能级比从n＝3能级跃迁到n＝2能级辐射出电磁波的速度大C.处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率是一样的D.从高能

级向低能级跃迁时，氢原子核向外吸收能量【答案】A【解析】【详解】A．一个处干n＝4能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线，即4到3、3到2、2到1这三种，故A正确；B．从n=5能级跃迁到n=1能级比从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出电

磁波频率更大，在同一介质中，折射率更大，由cnv=可得，速度更小，故B错误；C．根据玻尔原子模型，可知氢原子处于不同能级时，其核外电子的轨道半径不同，所以在各处出现的概率是不一样的。故C错误；D．根据玻尔理论

可知，从高能级向低能级跃迁时，氢原子核向外释放能量，故D错误。故选A。2.下列选项中，说法正确的是A.光电效应揭示了光的波动性，爱因斯坦发现了光电效应的规律B.普朗克提出了能量子的假说，爱因斯坦利用能量子假说成功解释了黑体辐射的

强度按波长分布的规律C.放射性元素放出的α粒子是原子核内的两个质子和两个中子组成的D.结合能指的是把核子分开需要的能量，比结合能是结合能与核子数之比，比结合能越小，原子核越稳定【答案】C【解析】【详解】A．光电

效应揭示了光的粒子性，爱因斯坦发现了光电效应的规律，故A错误；B．普朗克提出了能量子的假说，并利用能量子假说成功解释了黑体辐射的强度按波长分布的规律，故B错误；C．放射性元素放出的α粒子是原子核内的两个质子和两个中子组成的，故C正确；D．结合能并不是由于核子结合成

原子核而具有的能量而是把核子分开需要的能量；比结合能表达了原子核的稳定性，比结合能越大，原子核越稳定，故D错误。故选C。3.人们对手机的依赖性越来越强，有些人喜欢躺着看手机，经常出现手机砸伤眼睛的情况。若手机质量为120g，从离人眼约20cm的

高度无初速掉落，砸到眼睛后手机未反弹，眼睛受到手机的冲击时间约为0.2s，取重力加速度g＝10m/s2；下列分析正确的是（）A.手机与眼睛作用过程中手机动量变化约为0.48kg·m/sB.手机对眼睛的冲量大小约为0.48NsC.手机对眼睛的冲

量方向竖直向上D.手机对眼睛的作用力大小约为0.24N【答案】B【解析】【详解】A．根据自由落体运动公式22100.2m/s2m/svgh===选取向上为正方向，手机与眼睛作用后手机的速度变成0，所以手机与眼睛作用过程中动量变化为0()0.122kg

m/s0.24kgm/spmv=−−==故A错误；BC．手机与眼接触的过程中受到重力与眼睛的作用力，选取向上为正方向，则：yImgtp−=代入数据可得：0.48NsyI=手机对眼睛的作用力与眼睛对手机的作用力大小相等，方向相反，作用的时间相等，所

以手机对眼睛的冲量大小约为0．48Ns，方向竖直向下，故B正确，C错误；D．由冲量的定义：Iy=Ft，代入数据可得：0.48N2.4N0.2yIFt===故D错误。故选B。4.某同学想用气垫导轨模拟“人船模型”。该同学到实验室里，将一质量为M、长为L的

滑块置于水平气垫导轨上（不计摩擦）并接通电源。该同学又找来一个质量为m的蜗牛置于滑块的一端，在食物的诱惑下，蜗牛从该端移动到另一端。下面说法正确的是（）A.只有蜗牛运动，滑块不运动B.滑块运动的距离是MLMm+C.蜗牛运动的位移大小是滑块的mM倍D.滑块与蜗牛运动的距离之和为L

【答案】D【解析】【详解】A、蜗牛从滑块的一端移动到另一端的过程中，蜗牛和滑块组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，系统原来静止状态，总动量为零，根据动量守恒定律可知，蜗牛运动后，系统的总动量仍为零，所以蜗牛运动时，滑块会向相反的方向运动，而不会静止不动，A错误；

BCD、取滑块的运动方向为正，蜗牛从滑块的一端移动到另一端时，滑块与蜗牛运动的位移之和为L．设滑块运动的位移大小为x1，蜗牛运动的位移大小为x2。根据动量守恒定律得120xxMmtt−=可得21xMxm=即蜗牛运动的位移是滑块的Mm倍。又由12xxL+=得1mLx

Mm=+故BC错误D正确。故选D。5.如图甲所示，矩形线圈位于一变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面）向里，磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示．用I表示线圈中的感应电流，取顺时针方向的电流为正．则下图中的I-t图像正确的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】由法拉

第电磁感应定律和欧姆定律得：ESBIRRtRt===，所以线圈中的感应电流决定于磁感应强度B随t的变化率．由图乙可知，0～1时间内，B增大，Φ增大，感应磁场与原磁场方向相反（感应磁场的磁感应强度的方向向外），由右手定则感应电流是逆时针的，因而是负值．所以可判断0～1s为负的恒值；1～

2s为零；2～3s为为正的恒值，故C正确，ABD错误．故选C．【点睛】此类问题不必非要求得电动势的大小，应根据楞次定律判断电路中电流的方向，结合电动势的变化情况即可得出正确结果．6.如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与盒子Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ中的三种元件串联，再将三者并联，接在正弦交变电路中

，三只灯泡亮度相同．若保持电路两端电压有效值不变，将交变电流的频率增大，观察到灯a变暗、灯b变亮、灯c亮度不变．则三个盒子中的元件可能是A.Ⅰ为电阻，Ⅱ为电容器，Ⅲ为电感器B.Ⅰ为电感器，Ⅱ为电阻，Ⅲ为电容器C.Ⅰ为电感器，Ⅱ为电容器，

Ⅲ为电阻D.Ⅰ为电容器，Ⅱ为电感器，Ⅲ为电阻【答案】C【解析】【详解】将交流电频率变大，电感对交流电阻碍作用变强，所以灯a与电感相连；电容对交流电阻碍作用变弱，所以灯b与电容相连；电阻对交流电阻碍作用

不变，所以灯c与电阻相连，ABD错误C正确．7.两根相互平行的金属导轨水平放置于如图所示的匀强磁场中，与导轨接触良好的导体棒AB和CD可以自由滑动．当AB在外力F作用下向右运动时，下列说法中正确的是()A.导

体棒CD内有电流通过，方向是D→CB.导体棒CD内有电流通过，方向是C→DC.磁场对导体棒AB的作用力向左D.磁场对导体棒CD的作用力向左【答案】BC【解析】【详解】AB.AB棒切割磁感线产生感应电流，根据右手定则可知，AB中感应电流的方向为BA→，则导体棒CD中的感应电流的方向为CD→，

故A错误，B正确．CD.由左手定则可知，磁场对导体棒AB的作用力向左，导体棒CD的作用力向右，故C正确，D错误．8.如图所示，两长方体木块A和B叠放在光滑水平面上，质量分别为m和M，A与B之间的最大静摩擦力为f，B与劲度系数为k的水平轻质弹簧连接构成弹簧振子，为使A和B在振动过程

中不发生相对滑动，则A.它们的最大加速度不能大于fmB.它们的最大加速度不能大于fMC.它们的振幅不能大于MmfkM+D.它们的振幅不能大于Mmfkm+【答案】AD【解析】【详解】当A和B在振动过程中

恰好不发生相对滑动时，AB间静摩擦力达到最大．此时AB到达最大位移处。根据牛顿第二定律得，以A为研究对象，最大加速度fam=以整体为研究对象kAMma=+（）联立两式得，最大振幅()MmfAkm+=故AD正确，BC错误。9

.两根相距为L的足够长的金属直角导轨按如图所示放置，它们各有一部分在同一水平面内，另一部分垂直于水平面.质量均为m的金属细棒ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，棒与导轨之间的动摩擦因数均为μ，导轨电阻不计，回路总电阻为2R

.整个装置处于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中.当ab棒在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度v1沿导轨匀速运动时，cd棒也正好以速度v2向下匀速运动.重力加速度为g.下列说法中正确的是（）A.ab棒所受

拉力F的大小为2212BLvmgR+B.cd棒所受摩擦力为零C.回路中的电流为()122BLvvR+D.μ与v1大小的关系为2212RmgBLv=【答案】AD【解析】【详解】AC.ab棒切割磁感线时产

生沿abdca方向，大小为E=BLv1的感应电动势，则感应电流大小为12BLvIR=，对ab棒匀速运动时：FmgBIL=+解得2212BLvFmgR=+，选项A正确，C错误；BD.cd棒向下匀速运动时，在竖直方向受到的摩擦力和重力相平衡

，有f=μBIL=mg，联立以上各式解得，2212RmgBLv=，故D正确，B错误.第II卷非选择题二、实验题10.某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为101.00cm，摆球直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间

为101.5s．则（1）他测得的重力加速度g＝________m/s2．（π2＝9.86，计算结果取两位小数）（2）他测得的g值偏小，可能的原因是________．A.测摆线长时摆线拉得过紧B.摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C.计时

开始时，秒表过迟按下D.实验中误将49次全振动数记为50次【答案】(1).9.76(2).B【解析】【详解】(1)[1]由题意可得摆长L=l线＋2d=102.00cm=1.0200m由T=tn可得T=101.550s=2.0

3s再由g=224Tl可求得g=9.76m/s2(2)[2]由上可知g=224TlA．测摆线时摆线拉得过紧，则摆长的测量值偏大，则重力加速度的测量值偏大，故A错误；B．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，知摆长的测量值偏小，则重力加速度的测量值偏小，故

B正确；C．开始计时，秒表过迟按下，则周期的测量值偏小，重力加速度的测量值偏大，故C错误；D．实验中误将49次全振动数为50次，则周期的测量值偏小，重力加速度的测量值偏大，故D错误。故选B。11.某同学要测量一电池的电动势E和内阻r，实验器材有一个电阻箱R、一个开关S、导线若干和

一个灵敏电流计G（满偏电流1mA，内阻未知）。由于G量程太小，需要改装成量程更大的电流表A，实验过程如下：(1)使用多用电表测灵敏电流计内阻时，选择开关拨至“×10”挡，欧姆档调零后测量，指针的位置如图甲所示，阻值为____Ω；(2)用图乙电路图进行测量，需要电流表A的量程

为0.6A，则对灵敏电流计G进行改装，需要在G两端___（选填“并"或“串”）联一个阻值为___Ω的电阻（结果保留一位有效数值）。(3)该同学在实验中测出多组电流表A的电流I与电阻箱的阻值R的实验数据，作

出1I—R图像。在坐标纸上做出如图所示的图线，由做出的图线可知，该电池的电动势是____V，内电阻为______Ω（小数点后保留两位数值）。【答案】(1).180(2).并(3).0.3(4).1.41

~1.45(5).0.38~0.44【解析】【详解】(1)[1]．多用表欧姆挡读数为刻度值与倍率的乘积，即灵敏电流计内阻rg=18×10Ω=180Ω。(2)[2][3]．灵敏电流计扩大量程需要并联一个小电阻R0，设灵敏电流计的满偏电流为Ig

=1mA，内阻rg=180Ω，扩大量程后的电流为Im=0.6A，并联电路电压相等，根据欧姆定律有Igrg=（Im-Ig）R0得011800.3600ggmgIrRII==−(3)[4][5]．扩大量程后的安培表内阻001800.30.31800.3gggRrrRr=

=++根据闭合电路欧姆定律E=I（R+rg′+r）整理得11grrRIEE+=+结合1RI−图象有160.580kE−==−0.5grrbE+==联合解得E≈1.45Vr≈0.43Ω。三、解答题12.如图所示，物体A、B在水平地面的同一直线上，间距s

=5m．某时刻，物体A在水平外力F作用下从静止开始向右运动，一段时间后撤去F；同时物体B以初速度v0=2m/s向左运动，经1s停下，整个过程中两物体不相碰．己知两物体与地面的动摩擦因数相同，重力加速度g取10m/s2，物体质量Am=0.5kg．求：（1）物体与地面间的动摩擦因数μ；（2）

外力F对物体A做功的最大值．【答案】（1）0.2u=(2)4JmW=【解析】【详解】(1)设物体B质量为Bm,加速度大小为Ba，经过1sBt=停下，则0BBvat=BBBmgma=解得：22m/sBa=0.2=(2)设物体B经过位移Bx停下，则：212BBBxa

t=设物体A运动过程中受到滑动摩擦力大小为f，外力F对物体A做功的最大值mW时，经Ax停下，恰与物体B不相碰，则由运动关系和动能定理得：ABsxx=+0mAWfx−=Afmg=解得：1mBx=4mAx=4JmW=13.如图所示，竖直平面内有一半径为r、电阻为R1、粗细均匀的光滑半圆形金属环，在

M、N处与距离为2r、电阻不计的平行光滑金属导轨ME、NF相接，E、F之间接有电阻R2，已知R1=12R，R2=4R。在MN上方及CD下方有水平方向的匀强磁场Ⅰ和Ⅱ，磁感应强度大小均为B。现有质量为m、电阻不计的导体棒ab，从半圆环的最高点A处由静止下落，在下落

过程中导体棒始终保持水平，与半圆形金属环及轨道接触良好，设平行导轨足够长。已知导体棒下落2r时的速度大小为v1，下落到MN处时的速度大小为v2。(1)求导体棒ab从A处下落2r时的加速度大小a；(2)若导体棒ab进入磁场Ⅱ后棒中电流大小始终不变，求磁场Ⅰ和Ⅱ之间的

距离h；(3)当ab棒通过MN以后将半圆形金属环断开，同时将磁场Ⅱ的CD边界略微上移，导体棒ab刚进入磁场Ⅱ时的速度大小为v3，设导体棒ab在磁场Ⅱ下落高度H刚好达到匀速，则导体棒ab在磁场Ⅱ下落高度H的过程中电路所产生的热量是多少？【答案】(1)221134rBvgmR−；(2)222

2449322vmgRBrg−；(3)223221+22mgRmgHmvBr−【解析】【详解】(1)以导体棒为研究对象，棒在磁场Ⅰ中切割磁感线，棒中产生感应电动势，导体棒ab从A下落2r时，导体棒在重力与安培

力作用下做加速运动，由牛顿第二定律得mgBILma−=又因为3Lr=1BLvIR=总8(44)48(44)RRRRRRRR+==++总由以上各式可得到212134rBvagmR=−(2)当导体棒ab通过磁场Ⅱ时，若安培力恰好等于重力，棒中电流大小始终不变，即2mgBIr=2tBrv

IR=并124=3124RRRRRR=+并联立解得2234tmgRvBr=导体棒从MN到CD做加速度为g的匀加速直线运动，则有2222tvvgh−=联立解得2222449322vmgRhBrg=−(3)当导体棒达到匀速时2mgBIr=¢m22BrvIR=¢根据动能定理

可得22Gm31122WWmvmv+=−安联立解得22322122mgRWmvmgHBr=−−安根据功能关系可知223221+22mgRQWmgHmvBr=−=−安四、选考题（共15分）。请考生从2道物理题任选

一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。14.夏天，从湖底形成的一个气泡，在缓慢上升到湖面的过程中没有破裂。若越接近水面，湖内水的温度越高，大气压强

没有变化，将气泡内看做理想气体。则上升过程中，以下说法正确的是_______________。A.气泡内气体对外界做功B.气泡内气体分子平均动能增大C.气泡内气体温度升高导致放热D.气泡内气体的压强可能不变E.气泡内分

子单位时间内对气泡壁单位面积的撞击力减小。【答案】ABE【解析】【详解】AD．气泡内气体压强p=p0+ρgh，气泡升高过程中，其压强减小，温度升高，根据理想气体状态方程pVCT＝，体积一定增大，故气泡内气体对外界做功，故A正确

，D错误。B．温度是分子平均动能的标志，温度升高，泡内气体分子平均动能增大，故B正确。C．温度升高，气泡内气体内能增大，即△U＞0，体积增大，即W＜0，根据热力学第一定律△U=W+Q，可得Q＞0，故气泡内的气体吸热，故C

错误。E．根据气体压强定义及其微观意义，气泡内气体压强减小，气泡内分子单位时间内对气泡壁单位面积的撞击力减小，故E正确。故选ABE。15.如图所示，哑铃状玻璃容器由两段完全相同的粗管和一段细管连接而成，容器竖直放置。容器粗管的截面积为S1=2cm2，细管的截面积

S2=1cm2，开始时粗细管内水银长度分别为h1=h2=2cm。整个细管长为h=4cm，封闭气体长度为L=6cm，大气压强取p0=76cmHg，气体初始温度为27C。求：(i)若要使水银刚好离开下面的粗管，封闭气体的温度应为多少K？(

ii)若在容器中再倒入同体积的水银，且使容器中封闭气体长度L仍为6cm不变，封闭气体的温度应为多少K？【答案】（i）405K；（ii）315K【解析】【详解】(i)开始时101280pphh=++=cmHg11VLS=，1(2732

7)K300KT=+=水银全部离开下面的粗管时，设水银进入上面粗管中的高度为3h，则1122231hShShShS+=+解得31h=m此时管中气体的压强为20381pphh=++=cmHg管中气体体积为()211VLhS=+由理想气体状态方程1122

12pVpVTT=，得2405T=K(i)再倒入同体积的水银，气体的长度仍为6cm不变，则此过程为等容变化，管里气体的压强为()3012284pphh=++=cmHg则由3113ppTT=解得3315T=K16.如图所示为一简谐横波在t＝0时刻的波形图，Q是平衡位置为x＝4m处的质点．Q点与P

点（图中未画出）平衡位置相距3m，P点的振动位移随时间变化关系为10sin4yt=+cm，下列说法正确的是__________A.该波沿x轴正方向传播B.该波的传播速度为4m/sC.质点Q在随后的1s内通过的路程为0.2mD.t＝0.5s时，质点Q的加速度为0，速

度为正向最大E.t＝0.75s时，质点P的加速度为0，速度为负向最大【答案】BCE【解析】【详解】A．当t=0时，π10sincm52cm4y==，可知P点在Q点的左侧，在x=0～2m处，且向上振动，根

据“上下坡法”知，该波沿x轴负方向传播，故A错误；B．该波的波长λ=8m，质点P的振动周期22πs2sπT=＝＝，波的周期等于质点振动周期，则波的传播速度8m/s4m/s2vT＝＝=，故B正确；C．质点Q在1s内，即二分之一个周期内通过的路程等于两倍的振幅，为20cm=

0.2m，故C正确；D．t=0.5s，即经过4T，质点Q运动到负的最大位移处，此时加速度最大，速度为零，故D错误；E．t=0.75s时，质点P的位移y=10sin（0.75π+4）=0，此时质点P处于平衡位置，加速度为零，向下振动，即速度为负向最大，故E正确．17.一块用折射率2n=的玻璃制

作的透明体，其横截面如图所示，ab是一半径为R的圆弧，ac边与bc边垂直，60aoc=，当一束平行光线垂直照射到ac边时(c点没有光线射入)ab，部分和bc部分的外表面只有一部分是亮的，而其余是暗的，求：()1ab部分的外表面是亮的部分的弧长；()2bc部分的外表面是亮的部分的

弧长．【答案】()1ab部分的外表面是亮的部分的弧长为6R；()2bc部分的外表面是亮的部分的弧长为33.3R−【解析】【详解】()1由题意作光路图如图所示，该介质的临界角是.C则有：11sin30

2CCn===，在30时，均发生全反射，图中d点为入射角等于临界角的临界点，所以在ab部分表面只有bd部分有光透射出，平行光部分弧长为：166RsR==()2在bc部分，如图所示，也只有eb部分有光发出，eb长

度为：233333RsROeRR−=−=−=