【文档说明】四川省宜宾市第四中学2019-2020学年高二下学期期末模拟物理试题 【精准解析】.doc，共(16)页，933.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020年春四川省宜宾市第四中学高二期末模拟考试物理试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡

各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。6．

考试时间：150分钟；物理化学生物同堂分卷考试，物理110分，化学100分，生物90分第I卷选择题（54分）一、单选题（每小题6分，共9个小题，共54分；其中1-6题为单选题，7-9题多选题，少选得3分，多选错

选得0分。）1.在气体放电管中，用大量能量为E的电子轰击大量处于基态的氢原子，通过光栅分光计可观测到一定数目的光谱线．调高电子的能量再次进行观测，发现光谱线的数目是原来的三倍．用n表示两次观测中最高激发态的量子数n之差．根据氢原子的能级图可以判断，n和E的可能值为（）A.n=1

，E=10.30eVB.n=1，E=12.09eVC.n=2，E=12.09eVD.n=4，E=13.06eV【答案】A【解析】【详解】由题意可知：()(1)(1)322nnnnnn++−−=化简后可得：22n220nnnn−−+=AB．当1n=时，解得1n=，所以：()()3

.4eV13.6eV10.2eVE=−−−=因此电子的动能应该大于此时的能级差，但小于基态与第3能级之间的能级差，否则将跃迁到更高能级，即：()()1.51eV13.6eV12.09eVE=−−−=故A正确，B

错误.C．当2n=时，解得n是无理数，不符题意，故C错误.D．当4n=时，解得n是无理数，不符题意，故D错误.2.下面列举的事例中正确的是（）A.居里夫妇用α粒子轰击铝箔时发现了正电子B.卢瑟福的原子结构学说成功地解释了氢原子的发光现象C

.爱因斯坦指出了物体的能量与它的质量的关系为E=mc2D.玻尔建立了量子理论，解释了各种原子发光现象【答案】C【解析】【详解】A．居里夫妇用α粒子轰击铝箔时发现了发现了放射性磷P和中子，故A错误；B．玻尔的原子结构学说成功地解释了氢原子的发光现象，故B错误；C．爱因斯坦指出了物

体的能量与它的质量的关系为E=mc2，故C正确；D．普朗克建立了量子理论，故D错误。故选C。3.放射性元素A经过2次α衰变和1次β衰变后生成一新元素B，则元素B在元素周期表中的位置较元素A的位置向前移动了A.1位B.2位C.3位D.4位【答案】C【解

析】【详解】α粒子是42He，β粒子是01e−，因此发生一次α衰变电荷数减少2，发生一次β衰变电荷数增加1，据题意，电荷数变化为：2213−+=−，所以新元素在元素周期表中的位置向前移动了3位．故选项C正确

．【点睛】衰变前后质量数和电荷数守恒，根据发生一次α衰变电荷数减少2，发生一次β衰变电荷数增加1可以计算出放射性元素电荷数的变化量．4.如图所示，在一粗糙水平面上有两块质量分别为m1和m2的木块1和2，木块与地面间的动摩擦因数均为μ，中间用一原长为l、劲度系数为k的轻弹簧连

接起来。现用一水平力向右拉木块2，当两木块均以加速度a向右匀加速运动时，两木块之间的距离是（）A.1galmk++B.12mgmalk++C.12()galmmk+++D.1212mmgalmmk+++【答案】A【解

析】【详解】两木块均以加速度a向右匀加速运动时，对木块111kxmgma−=所以两木块之间的距离是1'gaxlxlmk+=+=+故A正确BCD错误。故选A。5.如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量

为m的带电小球以初速度从M点竖直向上抛出，通过N点时，速度大小为3v，方向与电场方向相反，则小球从M点运动到N点的过程中（）A.动能增加232mvB.机械能增加24mvC.重力势能增加212mvD.电势能增加292mv【答案】C【解析】【详解】A．小球由M

到N过程中动能增加量222k11(3)422Emvmvmv=−=故A错误；BC．在竖直方向上，小球只受重力作用，小球竖直方向的分运动为竖直上抛运动，N点为小球还动的最高点，22vhg=，从M到N，小球克服重力做的功212Wmghmv==所以小球的重力势能增加量2p12Emv=小球的

机械能增加量2kp92EEEmv=+=故B错误，C正确；D．由能量守恒定律可知，小球机械能增大，电势能减少，故D错误。故选C。6.如图所示，甲叠放在物体乙上，22mmm==乙甲，甲、乙之间以及与地面之间的动摩擦因数均为μ，一水平外力F向右拉乙，设最大静摩擦力等

于滑动摩擦力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.要使甲、乙一起运动，则F最大值为4mgB.要使甲、乙一起运动，则F最大值为5mgC.若5Fmg=，则甲的加速度为gD.若甲、乙一起向右匀速直线运动，F方向可变，0.5=，则F最小值为355mg【答案】D【解析】【详解】

AB.要使甲、乙一起运动，甲的最大静摩擦力提供甲的最大加速度。对整体受力分析，根据牛顿第二定律可知：33Fmgma−=对甲进行受力分析有：mgma=甲甲解得要使甲、乙一起运动，则F最大值为6Fmg=选项AB错误；C.若56Fmgmg=＜，则甲乙一起加速运动，整体根据牛顿第二定

律可知：33Fmgma−=解得：23ag=选项C错误；D.若甲、乙一起向右匀速直线运动，F方向可变，设力F与水平方向的夹角为θ，则有：30FcosmgFsin−−=（）解得：33325()mgmgmgFcossinsincossin=+++＝＝其中tan2＝当分母最

大即()1sin+=时，拉力最小，最小为：355Fmg=选项D正确。故选D。7.一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时速率为1m/s，从此刻开始在与速度平行的方向上施加一水平作用力F，力F、滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲、乙所示（力F和速度v取同一正方

向），g=10m/s2，则A.滑块的质量为1.0kgB.滑块与水平地面间的动摩擦因数为0.05C.第2s内力F的平均功率为3.0WD.第1内和第2s内滑块的动量变化量相同【答案】BD【解析】由v--t图象的斜率得到

加速度为：21/vamst==，由两图知，第一秒内有：mgFma+=，第二秒内有：Fmgma−=，代入数据得：0.052.0mkg，==．故A错误，B正确；由PFv=得第2s内力F的平均功率为30.51.5P

WW==，故C错误；由图乙可知第一秒内和第二秒内速度的变化都是1/ms，所以动量的变化量都是：21?/2?/Pmvkgmskgms===，故D正确．故选BD.【点睛】由v--t图象的斜率得到加速度；由牛顿第二定律列方程求解摩擦力和滑块的质量；由P=Fv求解平均功率，根据Pmv=求

出动量的变化量.8.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，1L和2L是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数很大，且直流电阻不计，达下列说法正确的是A.闭合开关S瞬间，灯泡1L立即亮，灯泡2L逐渐变亮B.闭合开关S到电路稳定的过程中，1L会变得更亮C.电路

稳定后断开S瞬间，流过灯泡2L电流方向从左向右D.电路稳定后调节滑动变阻器R，在滑动触头P向右滑动的过程中，没有电流流过灯泡2L【答案】BC【解析】【详解】闭合开关S瞬间，灯泡L1立即亮，由于线圈L阻碍电流的增加，使得灯泡L2也会立即亮，随着线圈L中

自感电动势的减小，灯泡L2逐渐被短路，从而逐渐变暗最终熄灭，而稳定时L1会变得更亮，选项A错误，B正确；电路稳定后通过线圈L的电流向左，断开S瞬间，由于自感电动势阻碍电流的而减小，使得电流在灯泡L2和线圈L组成新的回路，则流

过灯泡L2电流方向从左向右，选项C正确；电路稳定后调节滑动变阻器R，在滑动触头P向右滑动的过程中，电路中电流增加，则在L中有自感电动势阻碍电流的增加，则在灯泡L2中会有电流流过，选项D错误.9.某煤渣传送装置

的简化示意图如图，水平放置的传送带足够长，由电动机驱动，以速度4/ms=逆时针运行．打开进料阀门，位于N端上方贴近传送带的送料口每秒钟将有80kg的煤渣落到传送带上（此时煤渣速度可忽略）．煤渣与传送带之间的滑动摩擦因数为0.5．假设整个传送装置已经稳定运行了很长时间．则在运送煤渣的过程中，以下

说法中正确的是（取重力加速度大小210/gms=）A.相比传送带空载时，电动机对传送带应增加的牵引力为320NB.相比传送带空载时，电动机应增加的功率为1280WC.每块煤渣在传送带上留下的痕迹长度为

1.6mD.30秒内因煤与传动带的摩擦而产生的热量为38400J【答案】ABC【解析】【详解】由动量定理可知：0Ftmv−=−，解得=804N320NFmv==，选项A正确；相比传送带空载时，电动机应增加的功率为3204W1280WPFv===，选项B正确；煤渣刚落到传送

带上时的加速度为a=μg=5m/s2，则达到与传送带共速时：vat=，解得t=0.8s，则此过程中每块煤渣在传送带上留下的痕迹长度为140.8m1.6m222vvxvttt=−===，选项C正确；30秒内因煤与传动

带的摩擦而产生的热量为0.58030101.6J19200JQmtgx===，选项D错误.第II卷非选择题（56分）二、实验题（16分）10.某同学为了探究物体的质量不变时，加速度跟合外力的关系．将力传感器固定在小车上，然后把绳的

一端固定在传感器挂钩上，用来测量绳对小车的拉力，根据所测数据在坐标系中作出了如图所示的a-F图象．由于疏忽，实验者忘记了平衡摩擦力，将带滑轮的长木板固定在水平的桌面上了．（1）实验中是否需要钩码的质最远小于小车和传感器的总质量：______（填“是“或“否”）（2）由图象求出小车和传感器受

到的摩擦阻力为______N，总质量为______kg【答案】(1).（1）否；(2).（2）2；(3).2【解析】【详解】（1）此实验中由于在小车上安装了拉力传感器，拉小车的力可以由拉力传感器测出，所

以没有必要再用钩码的重力代替拉力，当然更没有必要使钩码的质最远小于小车和传感器的总质量．（2）从a-F图象可以看出，当F＞2N时，小车才有加速度，所以F=2N时是小车受到的最大静摩擦力，从而它又是等于滑动摩擦

力，所以摩擦阻力为2N．根据牛顿第二定律Ffam−=，则图象的斜率就是小车质量的倒数，则11kg2kg3082mk===−−．11.某物理兴趣小组准备测量一节干电池的电动势和内阻实验室提供了如下器材：A．电流表1A（量程

3mA，内阻为199）B．电流表2A（量程1500mA，内阻为1）C．电压表V（量程3V，内阻很大）D．滑动变阻器1R（阻值范围05，额定电流2A）E．滑动变阻器2R（阻值范围0500．额定电流1A）F．定值电阻31R=G．定

值电阻41Rk=以及待测干电池，开关、导线若干．同学们根据提供的器材，设计了如图的实验电路图．（1）请根据电路图，将实物图中连线补充完整_______．（2）为了尽量减小误差且方便操作，图中电流表应选择________（填1A或2A），滑动变阻器应选择________（填

1R或2R），定值电阻应选择________（填3R或4R）．（3）同学们利用上述实验装置测得了多组实验数据，并将电流表的读数作为横坐标，电压表的读数作为纵坐标，选取合适的标度，绘制了如图的图线．则该小组同学测定的干电池电动_

_______V，内阻r=________．（填含有a、b、c的表达式）【答案】(1).（1）图见解析．(2).（2）1A(3).1R(4).3R(5).（3）a(6).5abc−【解析】【详解】（1）实物

连线图如图：（2）因测量一节干电池的电动势，干电池的电阻约为3，因此电路的最大电流约为500mA，因此选A2量程过大，因此要选择A1并联电阻改装电流表即可；则电流表选择A1即可；滑动变阻器R2阻值过大，不方便操作，则滑动变阻器选择R1即可

；定值电阻选择R3以后可将电流表A1改为600mA量程，满足实验要求，因此选R3即可；（3）若设电流表的读数为I，电压表读数为U，则电路中的总电流为200I，由闭合电路的欧姆定律：200UErI=−，由图像可知E=a

；320010abkrc−−==，解得5()abrc−=三、解答题（40分）12.如图所示,质量为M的木块A静置于水平面上,距A右侧d处有固定挡板B,一质量为m的小物体C,以水平速度v0与A相碰,碰后C、A粘连在一起运动,CA整体与

B碰撞没有能量损失,且恰好能回到C、A碰撞时的位置所有碰撞时间均不计,重力加速度为g．求:(1)C与A碰撞前后,C损失的机械能；(2)木块A与水平面间动摩擦因数μ．【答案】(1)202(2)2()kMmMmvEMm+=+(2)22024()mvgdMm=+【解析】【

详解】解：(1)设C、A碰后瞬时速度大小为v，根据动量守恒则有：0()mvmMv=+由于C与A碰撞，C损失的机械能：2201122Emvmv=−解得：202(2)2()MmMmvEMm+=+(2)由动能定理得：21()20()2MmgdMmv−+•=−+解得：2204(

)mvgdMm=+13.如图所示，有一对平行金属板，板间加有恒定电压；两板间有匀强磁场，磁感应强度大小为0B，方向垂直于纸面向里．金属板右下方以MN、PQ为上、下边界，MP为左边界的区域内，存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁场宽度为d，MN与下极板

等高，MP与金属板右端在同一竖直线上．一电荷量为q、质量为m的正离子，以初速度0v沿平行于金属板面、垂直于板间磁场的方向从A点射入金属板间，不计离子的重力．(1)已知离子恰好做匀速直线运动，求金属板间电场强度的大小；(2)若撤去板间磁场0B，

已知离子恰好从下极板的右侧边缘射出电场，方向与水平方向成30°角，求A点离下极板的高度；以及为了使离子进入磁场运动后从边界MP上射出，磁场的磁感应强度B应满足什么条件；(3)在(2)的情形中，粒子从A点射入到从MP射出的最长时

间是多少？【答案】(1)00EvB=(2)02mvBqd(3)003mπd3qB3v+【解析】(1)设板间的电场强度为E，离子做匀速直线运动，受到的电场力和洛伦兹力平衡，有00qEqvB=解得00EvB=(2)设

A点离下极板的高度为h，离子射出电场时的速度为v，根据动能定理，得2201122qEhmvmv=−离子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速运动，有002303ovvvcos==解得006mvhqB=设离子进入磁场后做匀速圆周运动的半径为r，根据牛顿第二定律，得2mvqvBr=由几何关系得odrco

s302解得02mvBqd(3)离子在电场中运动qEma=2112hat=103mt3qB=离子在磁场中运动时，当磁感应强度B取最小时，时间最长2maxminmTqB=2max01πdtT33v==最长时间12003mπdttt3qB3v=+=+点睛：本题是粒子速度选择器、电场

偏转和磁场偏转的综合，关键要掌握类平抛运动的处理方法：运动的分解法，并能运用动能定理求解．磁场中匀速圆周运动问题，关键要正确画出离子的运动轨迹，运用几何知识求解半径．选考题（共15分）。请考生从2道物理题任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目

的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。14.下列说法不正确的是（）A.两个接触在一起的固体间不可能发生扩散现象B.布朗运动指的是悬浮在液体

里的花粉中的分子运动C.温度相同的物体的分子平均速率相同D.无论今后科技发展到什么程度，都不可能达到绝对零度E.一定质量的理想气体分子内能增加，温度一定升高【答案】ABC【解析】【详解】A、固体的分子也在不停的做无规则运动，同时固

体的分子之间也存在间隙，所以扩散现象不仅发生在气体和液体之间，固体之间也会发生扩散现象；故A错误.B、布朗运动指的是悬浮在液体里的花粉微粒的运动，不是分子的无规则运动，故B错误.C、温度是分子平均动能的标志，温度相同说明分子的平均动能相等，而不是速率相等．故

C错误.D、由热力学第三定律可知无论今后科技发展到什么程度，都不可能达到绝对零度，故D正确.E、一定质量的理想气体的内能由温度决定，故内能增加时温度升高；故E正确.15.气缸长为L=1m，固定在水平面上，气缸中有横截面积为S=100c

m2的光滑活塞，活塞封闭了一定质量的理想气体，当温度为t=27℃，大气压为p0=1×105Pa时，气柱长度为l=0.9m，气缸和活塞的厚度均可忽略不计．求：（1）如果温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸右端口，此时水平拉

力F的大小?（2）如果气缸内气体温度缓慢升高，使活塞移至气缸右端口时，气体温度为多少摄氏度?【答案】（1）100N（2）60℃【解析】【详解】（1）由玻意耳定律得：00()FplSpLSS=−解得：F=1

00N（2）由盖—吕萨克定律得：lSLSTT=即0.9127327273t=++解得：60Ct16.某容器中盛有水,底部O处发出的光束中含有a、b两种色光,在水与空气界面的折射情况如图所示．以下

判断正确的是．A.水对a光折射率比水对b光折射率小B.在水中a光的速度比b光速度小C.在真空中,a光的波长比b光的波长小D.增大光束在水中的入射角,界面处折射光先消失的是b光E.用同一实验装置做光的干涉实验,屏上相邻亮条纹中心间距,a光间距比b

光大【答案】ADE【解析】【详解】A、由图可知水对a光折射率比水对b光折射率小，故选项A正确；B、由cvn=可知在水中a光的速度比b光速度大，故选项B错误；C、a光频率比b光频率小，在真空中，a光的波长比b光的波长大，故选项C错误；D、由临界角公式1s

inCn=可知b光的临界角小于a光的临界角，增大光束在水中的入射角，界面处折射光先消失的是b光，故选项D正确；E、根据双缝干涉条纹的间距公式Lxd=可知两种色光的波长越长，条纹间距较大，所以a光的条纹间距比b光波长大，故选项E正确．17.如图所示,玻璃三棱镜ABC的截

面为等腰直角三角形,∠A=∠C=45°，一束单色光线从AB上的O点射入三棱镜,光线与AB边的夹角θ=30°,折射光线恰好通过AC边的中点D.已知该玻璃的折射率3n=,AB边长为a,光在真空中的传播速度为c.求:光线从O点到D点的传播时间.【答案】ac【解析】

【分析】由折射定律求出夹角，根据几何关系得到光传播的距离，即可求出传播时间.【详解】设光线在玻璃中的折射角为α，由折射定律sin(90)sinn−=解得：30=可知，60AOD=设OD的距离为d，由正弦定律得：=

sin45sin60dAD22ADa=解得：33da=又光在玻璃中的传播速度cvn=光线从O点到D点的传播时间dtv=联立解得：atc=【点睛】本题是几何光学问题，其前提是明确光路图，根据几何知识确定入射角与折射角．