湖南省衡阳市第八中学2022-2023学年高二下学期第二次月考试题 物理参考答案与解析

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【文档说明】湖南省衡阳市第八中学2022-2023学年高二下学期第二次月考试题 物理参考答案与解析.pdf,共(7)页,1.339 MB,由小赞的店铺上传

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以下为本文档部分文字说明:

第二次月考参考答案与解析一、二:选择题(6×4+4×5=44)三、(每空2分,共16分)11、7.5×10-10mAC36MdABC12、0.5不能L10.2813、(12分)(1)82cos100(V)et,6.4V;(2)34210C;(3)5.

12W【详解】(1)交流发电机产生电动势随时间的变化关系是cos82cos100(V)eNBStt3分交流电压表显示出的是路端电压有效值,故示数为m6.4V2ERURr3分(2)从0t时

刻转过30°的过程中,通过电阻的电荷量为23ΔΦ400sin302100.02C4210C10NqRr3分(3)电阻R上的热功率225.12WUPIRR3分14、(16分)(1)设两金属棒的

质量均为���,金属棒甲刚进入磁场时速度大小为���1,金属导轨间的距离���=1���,金属棒甲下滑的高度ℎ=0.2���金属棒甲,由动能定理得:������ℎ=12������2−0,代入数据解得

:���1=2���/���2分金属棒甲刚进入磁场的一瞬间切割磁感线产生的感应电动势:���=���������1=3×1×2���=6���由闭合电路的欧姆定律可知,感应电流:���=������+���������+

���=���3���2=632×2���=2���题号12345678910答案BCABCBACDBDBCAC通过金属棒乙的电流:���乙=12���=12×2���=1���3分对金属棒乙,由平衡条件得:���������=�

�����乙���代入数据解得:���=3������2分(2)设金属棒甲与乙碰撞前的速度大小为���2,以向左为正方向,对金属棒乙,由动量定理得:−������−������=������2−������1其中:���=���−�

��2分通过金属棒的电荷量:���=���−���=���−���+���������+������=△������3���2���=2△���3���=2���������3���2分由题意可知,���是������、������间的距离,���=1���,代入数据解得:���

2=1���/���1分设碰撞上后瞬间甲、乙的共同速度为���3,碰撞过程系统内力远大于外力,碰撞过程系统动量守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得:������2=2������3代入数据解得:���3=0.5���/���1分金属棒甲从������运动到������的过程中,电阻�

��上产生的焦耳热:���1=16(12������12−12������22)代入数据解得:���1=0.75���1分金属棒甲、乙粘在一起向左运动的过程中,电阻���上产生的焦耳热:���2=23(12×2������32−���×2���������)其中

:���=0.1���,代入数据解得:���2=0.1���1分电阻���上产生的总焦耳热:���=���1+���2=(0.75+0.1)���=0.85���1分15、(12分)解:(1)通过���点进入电场区域的粒子速度最大,其半径���1=���则由:������1���=�����

�12���1解得���1=������������3分磁场中:t1=���4=������2eB电场中t2=2���1���=2BLEt=t1+t2=������2eB+2BLE3分(2)要使粒子能通过���点射出磁场,则粒子应从���点运动到���点,再从������

中点���水平向右进入电场,在电场中先做匀减速直线运动,后做匀加速直线运动,最后原速回到���,又从���点运动到���点,可画出运动轨迹图,设从���点离开磁场的粒子半径为���2,轨迹如图,则:���2=���2则由:������2���=������2

2���2解得���2=���������2���;3分(3)只有当粒子第一次从电场返回磁场且不从������和������两边离开磁场时,粒子才有可能经电场偏转通过������,即粒子第一次返回磁场的

半径���3满足:���3=���3设粒子从���点射入磁场时的速度为���3,则:������3���=������32���3解得���3=���������3���3分详解:1、【答案】B【详解】开关S接通瞬间,磁通量增加,电流表指针向右偏转,说明磁通量增加会引起电流表右偏,反之

左偏。A.开关闭合电路达到稳定后,突然断开开关瞬间,穿过螺线管B的磁通量减少,所以电流表指针向左偏转,A错误。B.开关闭合后,螺线管A向上移动,穿过螺线管B的磁通量减少,所以电流表指针向左偏转,B正确;C.开关闭合后,螺线管A中铁芯向上拔出,穿过

螺线管B的磁通量减少,所以电流表指针向左偏转,C错误;D.开关闭合后,滑动变阻器的滑片向右滑动,电阻减小,电流增大,穿过螺线管B的磁通量增加,电流表指针向右偏转,D错误;2【答案】C【详解】A.由题图分析可知,

1st时刻,线框平面与中性面垂直的位置,而交变电流是在中性面位置电流的方向发生改变,故A项错误;B.由2mBL解得2TB故B项错误;D线框中感应电动势的最大值mm2VENBSN故选D。C.线框转动的角度2rad/sT故C项错误;3【答案】A【详解】设交流电电流的

有效值为I,周期为T,电阻为R.则有:22200()2242ITTIRTRIR解得:I=52I0.4【答案】B【详解】A.磁场强弱程度与通过线圈的电流成正比,则在10t时间内,电流在增大,但变化率在减小,所以线圈

的磁通量在增大,但磁通量的变化率逐渐减小,由法拉第电磁感应定律Ent可知感应电动势减小,所以小球受到的感应电场的电场力也逐渐减小,由牛顿第二定律可知加速度也减小,故A错误;B.由图甲可知10t时间内,电容

器上极板为正极板,所以线圈中左侧电流向下,根据安培定则可知线圈中产生的磁场方向向右,故B错误;C.10t时间内,电流的变化率减小,则小球内磁通量的变化率减小,根据法拉第感应定律可知,小球内的涡流减小,故C正确;D.电容器放电过程中,变化的磁场在空间中产生变化的电场,然后以电磁波的

形式传递出去,散失了一部分能量,所以电容器储存的电能不能全部转化为小球的动能,故D错误。5【答案】C【解析】解:由图可知,���为均匀带负电绝缘环,���中的电流方向与旋转的方向相反;���产生顺时针方向的电流,由右手螺旋定则可知,感应电流的磁场

的方向向里,根据楞次定律可知,���产生的磁场的方向向外且增大或者向里且减小;���具有扩展趋势,根据平行反向通电直导线相互排斥的规律,���环与���环的电流方向相反,故B环产生逆时针方向的电流。根据安培定则可知

,���的电流的方向为逆时针方向,所以���环旋转的方向为顺时针方向,产生的磁场向外,结合前面的判断,故应加速转动。故选:C���环转动时产生等效电流,若电流产生的磁场使���中的磁通量发生变化,则可以在���中产生感应电流;根据楞次定律可判断���的转动情况.6【答案】B���.根据

图乙可知������端的输入电压有效值为12022���=120���,设每个灯泡两端的电压为���,因为���1:���2=3:1,所以定值电阻���两端的电压为3���,则有3���+���=120���,解得���=30���,选项A错误;副线圈的输出电流为3�

��,原线圈的输入电流为���,通过定值电阻���的电流与通过每个灯泡的电流相同,定值电阻���两端的电压为90���,可知���=3������=150���,定值电阻���的功率为54���,选项B正确、���错误。故选���。���.每个灯泡的功率为18���,通过每个灯泡的电流,选项B

错误;7、ACD8【答案】BD9.AB[解析]输电线上损失的功率P损=20kW-19kW=1000W,输电线上的电阻R=10Ω,根据P损=I2R,解得输电线中的电流为I=5A,由于电流互感器原、副线圈的匝数之比为1∶10,故流过电流表的电流为0.5A

,错;升压变压器为理想变压器,故升压变压器的输出功率为20kW,根据P=U2I,解得升压变压器的输出电压U2=4000V,B正确;其他条件不变,用户数增多,则用户总电阻减小,用户的总功率P4增大,因P3=P4,P3=U3I,所以输电电流I增大,根据P损=I2R

可知,输电线损耗的功率将会增大,C错误.降压变压器原、副线圈电压比���3���4=���3���4,故用户端电压U4=���4���3U3,其他条件不变,将P上移,则n3增大,会导致U4变大,D错误;9、【答案】BC【详解】A.射入方向在地球下表面以下的粒子,只要

速率合适,粒子可到达MN右侧地面。故A错误;D.若粒子的速率为qBRm,则粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力,有2vqvBmr解得rR若粒子正对着O处入射,且恰好可以到达地面,其轨迹如图所示设该轨迹半径为1r,由几何关系可得2211(2)rRrR解得132rRr故D错误

;B.若粒子的速率为2qBRm,则粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力,有212vqvBmr解得22Rr若粒子的射入方向在正对O处以上,根据左手定则可知,其粒子的轨迹为向上偏转,则入射到磁场的粒子均不可能到达地面,故B正确;C.若粒子速率为32qBRm

,由洛伦兹力提供向心力得2223vqvBmr解得3132Rrr由C项的分析可知,此时若粒子正对着O处入射,则恰好可以到达地面;而在对着O处以上的方向入射的粒子,因为向上偏转,均不能到达地面;而在对着O处以下的方

向入射的粒子均会达到地面。综上所述,入射到磁场的粒子恰好有一半可以到达地。故C正确。故选BC。10、ACAB进入磁场,当线框匀速运动有���−���������=���安,���安=������0������,由

闭合电路欧姆定律及法拉第电磁感应定律,得���=������,���=������0������,所以���−���������=���2���02���2������,���=(���−���������)������2���02���2=2���/���,进入过程有

,线框全部在磁场中,由感生电动势引起电流,���′=���△���△������2=10×0.2×1���=2���,���′=���′���=2���,四条边所受安培力合力为零,有���−���������=������加,可得���加=8���/���2

,线框做匀加速直线运动,有���′=���2+2���加(���−���)=6���/���,���=���′−������加=0.5���,���2=���′���=1���,所以���=���1+���2=3���;故A对;CD.进

入磁场过程,有(���−���������)���−���1=12������2,解得���1=6���,线框全部在磁场中有���2=���′2������=4×1×0.5���=2���,所以���=���1+�

��2=8���,故C正确。11、(1)根据题意有61231.20.2%mL610mL610m400V所以油酸分子的直径为12103610m7.510m8.010VdS(3)036AMNVMd12【详解】(1)[1][2]当酒精浓度为零时,R

1为80Ω,电流表刚好满偏,则电源内阻为1AA0.5ΩErRRI当酒精浓度增大时,总电阻减小,电流超过满偏值,说明该仪器不能检测酒驾。(2)[3]当酒精浓度增大时,R1减小,根据“串反并同”,灯泡L1电压增大,达到0.7V会发光,说明L1是红灯

。[4]当红灯刚亮时,小灯泡电压达到0.7V,1R两端电压为8.3V,此时1R阻值为30Ω,则红灯电流为8.3A0.28A30I获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com

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