【文档说明】安徽省安庆市第一中学2021-2022学年高二下学期期中考试化学试题 含解析.docx，共(20)页，1.798 MB，由小赞的店铺上传

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安徽省安庆市第一中学2021-2022学年高二下学期期中考试化学试题时间：100分钟满分：100分可能用到的相对原子质量：H1O16C12一、单选题(共18题，每题3分，总分54分)1.“人文奥运”的一个重

要体现是：坚决反对运动员服用兴奋剂。某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质的说法正确的是A.遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物B.该物质可以分别发生取代、氧化、消去、加聚、还原反应C.1mol该物质分别与Na

OH和Na2CO3反应所消耗的NaOH和Na2CO3相同D.该物质所有的碳原子不会在同一个平面上【答案】C【解析】【分析】【详解】A．该物质含有酚羟基，遇到氯化铁显紫色，但与苯酚不是同系物，A错误；B．含有酚羟基，不

能发生消去反应，B错误；C．酚羟基和氢氧化钠或碳酸钠反应，所以1mol该物质消耗3mol氢氧化钠或3mol碳酸钠，C正确；D．苯环是平面结构，碳碳双键是平面结构，三个平面可能在一个面上，D错误；故选C。2.下列说法正确的是（）

A.乙二醇通过消去反应可制B.1mol利托君（）与溴水反应时，最多消耗4molBr2C.分子式为C5H10O2，且属于酯的同分异构体共有8种（不考虑立体异构）D.甲醛与氨气制备乌洛托的最佳配比：n（NH3）：n（HCHO）=1:1【答案】B【解析】【详解】A．乙二醇发生消去反应的产物为不饱和

的碳碳双键，故A不选；B．酚羟基的对位被取代，所以1mol利托君（）与溴水发生取代反应时，最多消耗4mol，故选B；C．若为甲酸和丁醇酯化，丁醇有4种，形成的酯有4种；若为乙酸和丙醇酯化，丙醇有2种，形成的酯有2种；若为丙酸和乙醇酯化，丙酸有1种，形成的酯有1种；若为丁酸和甲醇酯化，丁酸有2中，形

成的酯有2种，综上所诉分子式为C5H10O2，且属于酯的同分异构体共有9种，故C不选；D．甲醛与氨气制备乌洛托的最佳配比：n（NH3）：n（HCHO）=2：3，D不选；答案选B。3.下列各组物质，不能用溴水鉴别是A.苯和四氯化碳B.甲烷与乙烯C.苯和乙醇D.乙烯与

乙炔【答案】D【解析】【分析】【详解】A．苯和四氯化碳均不与溴水反应，但是均能萃取溴水中的溴、出现分层现象、上层呈橙红色的为苯；下层呈橙红色的为四氯化碳，故可鉴别，A不符合；B．乙烯含有碳碳双键，可以与溴发生加成反应使溴水褪色，甲烷不与溴水反应不使之褪色，故可鉴别甲烷

与乙烯，B不符合；C．苯能萃取溴水中的溴、出现分层现象、上层呈橙红色的为苯、溴水和乙醇不能反应但可以互溶，故可鉴别，C不符合；D．乙烯与乙炔均可以与溴发生加成反应使溴水褪色，故不可鉴别，D符合；答案选D。4.新冠肺炎疫

情出现以来，一系列举措体现了中国力量。在各种防护防控措施中，化学知识起了重要作的用，下列有关说法正确的是A.过氧化氢、乙醇、过氧乙酸等消毒液均可以将病毒氧化而达到消毒目的B.“84”消毒液是以NaClO为有效成分的消毒液，

与医用酒精混合可以提升消毒效果C.用药皂洗手能有效防止病毒传染，药皂中的苯酚能杀菌消毒。D.医用防护服的核心材料是微孔聚四氟乙烯薄膜，其单体四氟乙烯属于烯烃【答案】C【解析】【分析】【详解】A．过氧化氢、过氧乙酸等消毒液均可以讲病毒氧化而达到消毒的目

的，乙醇通过渗入细菌体内，是组成细菌的蛋白质变性而达到消毒目的，原理不同，A错误；B．NaClO溶液具有强氧化性，酒精与“84”消毒液混合会发生氧化还原反应，使消毒效果降低，B错误；C．苯酚的水溶液可使菌体蛋白质变性达到杀菌消毒目的，C正

确；D．四氟乙烯的结构简式为CF2=CF2，只含有C和F两种元素，属于卤代烃，D错误；故选C。5.下列化学用语表示不正确的是A.乙炔的球棍模型：B.苯的填充模型：C.氯仿的结构简式：CH2Cl2D.TNT的结构简式【答案】C【解析】【详解】A．乙炔分子中含有2个碳氢键和1个碳碳三键，故A正确；B．

苯分子含有两种原子H和C，每种原子的个数为6，分子式为C6H6，为平面正六边形结构，故B正确；C．氯仿的结构简式：CHCl3，故C错误；D．TNT为2，4，6-三硝基甲苯，硝基位于甲基的两个邻位和对位上，故D正确；故选C。6.由乙炔(C2H2)、乙烯(C2H4)、

乙烷(C2H6)组成的混合物28g，在足量的氧气中燃烧，生成36gH2O和一定质量的CO2，混合物中C2H2、C2H4、C2H6的分子个数比可能为A.3：2：3B.3：2：1C.1：2：3D.6：3：2【答案】A【解析】【详解】乙

炔(C2H2)、乙烯(C2H4)、乙烷(C2H6)在足量的氧气中燃烧，产物为水和二氧化碳，水中氢元素的质量为混合物中氢元素的质量，二氧化碳中碳元素的质量为混合物中碳元素的质量，故：36gH2O中氢元素质量为：36g×218=4

g；28g混合物中碳元素的质量为：28g﹣4g=24g；故混合物中碳氢原子个数比为：24g4g121：=1：2；乙烯中碳氢原子个数比已经是1：2，所以与之无关，只要乙炔和乙烷的分子个数比相同就可以了，综上所述A符合题意，故选A。7.羧酸和醇反应生成酯的相对分子质量为90，该反应

的反应物是①和CH3CH2OH②和CH3CH2—18OH③和CH3CH2—18OH④和CH3CH2OHA.①②B.③④C.②④D.②③【答案】C【解析】【详解】和CH3CH2OH反应后生成，相对分子质量为88

，①不符合；和CH3CH2—18OH反应后生成，相对分子质量为90，②符合；和CH3CH2—18OH反应后生成，相对分子质量为92，③不符合；和CH3CH2OH反应后生成，相对分子质量为90，④符合。正确的组合是②④。故选：C。8.下列事实不能用有机物分子内基团间的相互作用解释的是A.苯酚

能跟氢氧化钠反应而乙醇不能B.乙炔能发生加成反应而乙烷不能C.甲苯能让酸性高锰酸钾溶液褪色而甲烷不能D.苯在50℃~60℃时发生硝化反应而甲苯在30℃时即可【答案】B【解析】【详解】A．苯酚能与氢氧化钠溶液反应而乙醇不能，说明苯环能使羟基的

活性增强，故A不符合题意；B．乙炔分子中含有碳碳三键，能发生加成反应，而乙烷分子中不含有碳碳三键，不能发生加成反应，不能用有机化合物分子中基团间的相互作用解释，故B符合题意；C．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色而甲烷不能

，说明苯环使甲基的活性增强，故C不符合题意；D．苯在50–60℃时发生硝化反应而甲苯在30℃时即可反应说明甲基使得苯环上的氢原子原子变得活泼，故D不符合题意；故选B。9.图中展示的是乙烯催化氧化的过程(部分相关离子未画出)，下列描述不正确的是A.PdCl24−

和Cu2＋在反应中都是催化剂B.该转化过程中，有非极性键的断裂与极性键的形成C.该转化过程中，涉及反应4Cu＋＋O2＋4H＋=4Cu2＋＋2H2OD.乙烯催化氧化反应的化学方程式为CH2=CH2＋O2⎯⎯⎯→催化剂CH3

CHO＋H2O【答案】D【解析】【详解】A．过程Ⅳ消耗Cu2+，过程Ⅴ生成Cu2+，过程Ⅰ消耗PdCl24−，过程Ⅵ生成PdCl24−，所以PdCl24−和Cu2+在反应中都起到催化剂的作用，故A正确；

B．由图可知，过程V中氧气转化为水时，存在氧分子中氧氧非极性键断裂，生成水分子时有氢氧极性键形成，故B正确；C．过程Ⅴ中O2与Cu+反应生成Cu2+，反应的离子方程式为：4Cu＋＋O2＋4H＋=4Cu2＋＋

2H2O，故C正确；D．反应中，CH2=CH2最终被O2氧化为CH3CHO，则乙烯催化氧化的反应方程式为2CH2=CH2+O2⎯⎯⎯→催化剂2CH3CHO，故D错误；故选D。10.某种有机物的分子结构如图所示，下列说法错误的是A.该有机物分子中所有碳原子不可能

共处同一平面B.该有机物能发生取代、加成、消去和氧化反应C.lmol该有机物与溴水反应，最多消耗3molBr2D.lmol该有机物与NaOH溶液反应，最多消耗4molNaOH【答案】D【解析】【详解】A．分子中含有饱和碳，则该

有机物分子中所有原子不可能共处同一平面，A正确；B．分子中含有羧基，羟基，酯基，碳碳双键，苯环和溴原子，因此该有机物能发生取代，加成，消去和氧化反应，B正确；C．酚羟基的邻位和对位各有一个氢原子，还含有

1个碳碳双键，lmol该有机物与溴水反应，最多消耗3molBr2，C正确；D．羧基，酯基和2个酚羟基均消耗氢氧化钠，又因为溴原子水解后又产生酚羟基，则mol该有机物与NaOH溶液反应，最多消耗6moNaOH，D错误；答案选

D。11.CalebinA可用于治疗阿尔茨海默病，在其合成过程中有如下物质转化过程：下列有关化合物X、Y和Z的说法正确的是A.Z分子式为C21H28O7B.X、Y和Z的分子中，均含有酯基C.可用新制Cu(OH)2悬浊液检验Z中是否混有XD将Z与NaOH乙醇溶液共热，

可发生消去反应【答案】C【解析】【详解】A．Z的分子式为C21H30O7，故A错误；B．酯基的结构为-COO-，X、Y、Z均不含此结构，故B错误；C．X中含醛基，而Z中无醛基，可用新制Cu(OH)2悬浊液检验Z中否混有X，故C正确；D．Z中含有羟基，由于在羟基连接的C原子的邻位C原子上含有H原子

，因此可在浓硫酸存在的条件下加热发生消去反应，故D错误；故选C。12.有机化合物X、Y、Z的转化关系如图：下列说法正确的是A.X分子中有3个σ键和2个π键B.反应①、②的反应类型分别是加成反应、取代反应C.可用酸性KMnO4溶液区分X与ZD.Y的同分异构体有6种(不

考虑立体异构)【答案】B【解析】【详解】A．X分子中有9个σ键和2个π键，σ键既有碳原子之间的，也有碳原子和氢原子之间的，故A错误；B．反应①中双键变成单键，属于加成反应；反应②Cl原子被羟基取代，属于取代反应，故B正确；.是C．X中

存在碳碳双键可以使酸性KMnO4溶液褪色，Z中有羟基也可以使酸性KMnO4溶液褪色，酸性KMnO4溶液不能区分X与Z，故C错误；D．Y相当于丁烷的二氯代物，一共有9种：CHCl2CH2CH2CH3、CH3CCl2CH2CH3、CH2Cl

CHClCH2CH3、CH2ClCH2CHClCH3、CH2ClCH2CH2CH2Cl、CH3CHClCHClCH3、CH2ClCH(CH3)CH2Cl、CH3CHCl(CH3)CH2Cl，CH3CH

2(CH3)CHCl2，除去Y，还有8种，故D错误；故选B。13.下列关系正确的是A.沸点：正戊烷＞2，2-二甲基戊烷＞2，3-二甲基丁烷＞丙烷B.密度：CCl4＞H2O＞正壬烷＞正戊烷C.含氢质量分数：乙烷＞甲烷＞乙烯＞乙炔D.等质量的物质燃烧耗O2量：乙烷＞乙烯＞甲烷【答案】B【解析】【

详解】A．碳原子数越多，沸点越高，相同碳原子数时支链越多沸点越低，则沸点为2,2-二甲基戊烷＞2,3-二甲基丁烷＞正戊烷＞丙烷，故A错误；B．含氯原子数越多密度越大，且大于水，烷烃的密度比水的密度小，碳原子数越多，密度越大，则密度：CCl4＞H2O＞正壬

烷＞正戊烷，故B正确；C．由最简式可知C原子数相同时，H原子数越多、H的质量分数越大，则含氢质量分数：甲烷＞乙烷＞乙烯＞乙炔，故C错误；D．等质量时，H的质量分数越大，消耗氧气越多，则等质量的物质燃烧耗O2量：甲烷＞乙烷＞乙烯，故D错误；故选B。14.已知卤代烃可与金属钠反应，生

成碳链较长的烃：R-X+2Na+R＇X⎯⎯→RR＇+2NaX。现有32CHCHBr和33CHCHBrCH的混合物，使其与金属钠反应，不可能生成的烃是A.己烷B.正丁烷C.2，3—二甲基丁烷D.2—甲基丁烷【答案】A【解析】【分析】【详解】32CHCHBr与金属钠以物质的量之比1:1发

生反应能够生成正丁烷和溴化钠；33CHCHBrCH与金属钠以物质的量之比1:1发生反应能够生成2，3-二甲基丁烷和溴化钠；32CHCHBr、33CHCHBrCH与金属钠以物质的量之比1:1:2反应能够生成2-甲基丁烷和溴化钠。综上所述，

本题选A。15.分子式为C8H8O2的芳香族化合物，其中属于酯类的同分异构体有A.4种B.5种C.6种D.7种【答案】C【解析】【详解】属于酯类说明含有酯基，如果苯环上只有一个取代基时有3种结构，其侧链分别为-COOCH

3、-OOCCH3、-CH2OOCH，如果苯环含有两个取代基，分别是甲基、-OOCH，位置有邻间对三种，则共计是6种同分异构体；答案选C。16.化学是以实验为基础的科学。下列检验实验操作或做法正确且能达到目的的是选项操作或做法目的A溴乙烷和

NaOH乙醇溶液共热，所产生气体直接通入酸性高锰酸钾溶液中，溶液褪色检验反应生成乙烯B将SO2通入溴水溶液中，溶液褪色检验SO2的漂白性C向澄清透明的苯酚钠溶液中通入二氧化碳，溶液变浑浊证明酸性：碳酸>苯酚D向丙烯醛溶液中滴加溴水，溶液褪色检验丙烯醛中是否含有碳碳双键A

.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】【详解】A．溴乙烷和NaOH乙醇溶液共热，所产生气体中含有乙醇蒸气，乙醇、乙烯都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，高锰酸钾褪色不能证明有乙烯生成，故A错误；B．将SO2通入溴水溶液中生成硫酸和氢溴酸，该反应体现SO

2的还原性，不能体现SO2的漂白性，故B错误；C．向澄清透明的苯酚钠溶液中通入二氧化碳，溶液变浑浊，说明生成了苯酚，证明酸性：碳酸>苯酚，故C正确；D．碳碳双键、醛基都能与溴水反应，向丙烯醛溶液中滴加溴水，溶液褪色，不能

证明丙烯醛中含有碳碳双键，故D错误；故选C。17.溴乙烷是有机合成的重要原料，实验室中可由乙醇与氢溴酸反应制备，路线如下。下列说法错误的是A.萃取振荡时，分液漏斗，下口应倾斜向上B.用5%Na2CO3溶液洗涤

分液时，有机相在分液漏斗的下层C.无水MgSO4的作用是除去有机相中残存的少量水D.蒸馏除去残余反应物乙醇时，乙醇先蒸馏出体系【答案】D【解析】【分析】乙醇和氢溴酸在浓硫酸作用下反应生成溴乙烷和水，溴乙烷密度比水

大，在下层，分液得到下层有机相，用5%Na2CO3溶液洗涤有机相除去附着在溴乙烷表面的氢溴酸，分液得到溴乙烷，用水洗除去溴乙烷表面的碳酸钠，分液得有机相，有机相中加无水硫酸镁吸水、蒸馏得溴乙烷，据此解答。【详解】A

．萃取振荡时，用左手握住分液漏斗活塞，右手压住分液漏斗瓶塞，倒转分液漏斗使下口倾斜向上，振荡，并及时放气，A正确；B．由于溴乙烷的密度比水大，故分液时，有机相在下层，B正确；C．无水MgSO4有一定的吸水能力，可以用来除去有机相中残留的少量水，C正确；D

．由于乙醇存在分子间氢键，故其沸点比溴乙烷高，所以先蒸馏出的是溴乙烷，D错误；故答案选D18.吡啶()是类似于苯的芳香化合物。2—乙烯基吡啶(VPy)是合成治疗矽肺病药物的原料，可由如图路线合成。下列叙述错误的是+⎯⎯

→①⎯⎯→②。A.吡啶和MPy属于同系物B.EPy的分子式为C7H9NOC.步骤①和②的反应类型分别为取代反应和消去反应D.MPy属于芳香化合物的同分异构体共有3种【答案】C【解析】【详解】A．同系物是指结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的有机化合物；由结构图可知，吡啶和MPy属于

同系物，A正确；B．由结构图可知，1个EPy的分子中含有碳、氢、氮、氧原子数目分别为7、9、1、1，分子式为C7H9NO，B正确；C．步骤①反应中碳氧双键消失，故反应是加成反应而不是取代反应，C错误；D．MPy属于芳香化合物

的同分异构体共有3种，D正确；故选C。二、填空题(共4题，总分46分)19.C是合成药物查尔酮类抑制剂的中间体，可通过下列反应获得：(1)①A所含官能团的名称为____。②A与是否互为同系物？___(

填“是”或“否”)；写出发生银镜反应的化学方程式：____。(2)12BB、是B的同分异构体，它们含有相同的官能团。①从分子结构看，B可视作某烯烃的一溴代物，该烯烃的化学名称为____。②若1B是()2322CHCCHCHCH=Br，写出

加热条件下1B在氢氧化钠的乙醇溶液中发生反应的化学方程式：___③若2B的核磁共振氢谱有三组峰，且峰面积之比为1：2：6，则2B的结构简式为__(写出一种即可)。【答案】①.酚羟基、醛基②.否③.+2Ag(NH3)2OH→水浴

加热+H2O+2Ag↓+3NH3④.2-甲基-2-丁烯⑤.⑥.【解析】【分析】【详解】(1)①A所含官能团的名称为酚羟基、醛基；②A的官能团是酚羟基和醛基，的官能团是醇羟基和醛基，两者官能团不同，不互为同系物；含有醛基，与银氨溶液发生银镜反应，化学方程

式：+2Ag(NH3)2OH→水浴加热+H2O+2Ag↓+3NH3；(2)①B可视作烯烃的一溴代物，对烯烃编号，命名为2-甲基-2-丁烯；②卤代烃在氢氧化钠的乙醇溶液中发生消去反应，化学方程式为：；③B中官能团为碳碳双键和碳溴键，2B的核磁共振氢谱有三组峰，且峰面积之比为1：2：6，可以碳碳

双键在端口，则氢原子数为2，再用两个甲基取代在同一个饱和碳上，满足氢原子为1和6，Br做取代基在双键上，B2的结构简式为：。20.环己酮是一种重要的有机化合物，常温下为无色透明液体，带有泥土气息。实验室制备环己酮的装置示意图以及各物质性质如图所示：名称沸点(℃)溶解度(水)(g/100mL)密

度)(g/mL)乙酸118互溶1.05环己醇1615.671.0环己酮1552.40.95合成步骤：①在三口烧瓶中加入5.2mL环己醇，12.5mL乙酸。并在仪器A中加入60~70mL次氯酸钠溶液。安装反应装置。②滴加适量次

氯酸钠溶液，维持反应温度在30~35℃，搅拌5~10min。③再逐滴加入次氯酸钠溶液，直至反应液使淀粉KI试纸变蓝，在室温下继续搅拌一段时间。④滴加饱和亚硫酸氢钠溶液直至反应液不能使淀粉KI试纸显蓝色。收集步骤：向反应液中加入25mL水和几粒沸石，加热蒸馏，收

集馏分。在搅拌下向馏出液分批加入无水碳酸钠至无气体产生。加入氯化钠使之变成饱和溶液，充分搅拌。将反应混合液倒入分液漏斗，分出有机层并用无水硫酸镁干燥。已知：①-5-7-8a3a123aK(CHCOOH)

=1.810K(HCO)=4.510K(HClO)=310，，。②HClO的氧化性强于NaClO。回答下列问题：（1）仪器A的名称是___________。（2）加入乙酸的目的是___________。（3）反应维持30~35℃的原因是__

_________。（4）加热蒸馏时，收集馏分的温度应是___________。A．161℃B．118℃C．155℃（5）滴加饱和亚硫酸氢钠溶液的目的___________。（6）实验室合成环己酮的化学反应方程式是__

_________。（7）若得到3.7mL环己酮，则产率为___________(保留两位有效数字)。【答案】（1）恒压滴液漏斗或恒压分液漏斗或恒压漏斗（2）使反应体系呈酸性，生成次氯酸氧化环己醇（3）温度过高次氯酸易分解，温度太低反应速度太慢（4）C（5）除去未反应完

的HClO（6）+HClO→2+HCl+HO（7）69%【解析】【分析】为了使所加液体能顺利滴入三颈瓶中采用滴液漏斗；在三颈烧瓶中，由环己醇和冰醋酸、次氯酸钠等物质加热反应后蒸馏得到环己酮的粗产品，反应过程中，利用淀粉碘

化钾试纸来判断反应进行的程度，并用亚硫酸氢钠具有还原性，可除去未反应完的HClO，因环己酮沸点为155℃，故可收集155℃时的馏出液，但由于醋酸沸点为118℃，所以馏出液中含有杂质醋酸，为了纯化产物，因醋酸能和水以任意比例互溶，且与碳酸钠反应后的产物不溶于有机物溶液中，故向馏出液中分批加入

无水碳酸钠至反应液呈中性为止以除去产品中混有的醋酸杂质，由于有机物在盐溶液中的溶解度小，盐溶液能减少有机物的溶解损失，所以加入精制食盐使之变成饱和溶液，将混合液倒入分液漏斗中，分离即可得到有机层。【小问1详解】由图可知，仪器A为恒压滴液漏斗或恒压分液漏斗或恒压漏斗；【小

问2详解】HClO的氧化性强于NaClO，加入乙酸，使反应体系呈酸性，生成次氯酸氧化环己醇；【小问3详解】反应维持30~35℃，若温度过高，次氯酸易分解，导致产率下降；温度太低反应速度太慢；【小问4详解】加热蒸馏目的是将环己酮分离出来，环己酮沸

点为155℃，即应收集155℃时的馏分，故选C；【小问5详解】亚硫酸氢钠具有还原性，可除去未反应完的HClO；【小问6详解】环己醇被次氯酸钠和乙酸反应生成的次氯酸氧化，生成环己酮、HCl、水，对应的化学方程式为：+HClO→2+HCl+HO；【小问7详解】5.2mL环己醇，物质的量为

5.2mL1.0g/mL=0.052mol100g/mol，12.5mL乙酸物质的量为12.5mL1.05g/mL0.22mol60g/mol，由于关系式：~HClO~CH3COOH，乙酸过量，应依据环己醇的质量计算理论产量，3.7mL环己酮物质

的量为3.7mL0.95g/mL0.036mol98g/mol，由于关系式~，产率为0.036mol100%69%0.052mol=。21.某种具有菠萝气味的香料M是有机化合物A与苯氧乙酸发生酯化反应的产物。苯氧乙酸的结构可表示为：（1）有机化合物A中一定含有的官能团的名称是________

___。（2）5.8gA完全燃烧可产生0.3molCO2和0.3molH2O，A的蒸气对氢气的相对密度是29，A分子中不含甲基，且为链状结构，其结构简式是___________。（3）苯氧乙酸有多种属于酯类的同分异构体，请写出能与FeCl3溶液发生显色反应，且苯环上有2种一硝基取代物同分异构体

的结构简式___________。(只写一种)（4）己知：2Cl2R-CH-COOH⎯⎯⎯→催化剂R'-ClR-ONaR-O-R'⎯⎯⎯→M的合成路线如下：①试剂X可选用的是___________。a．CH3COONa

溶液b．NaOH溶液c．NaHCO3溶液d．Na2CO3溶液②C的结构简式是___________，反应②的反应类型是___________。③请写出反应④的化学方程式___________。【答案】（1）羟基（2）CH

2=CH-CH2OH（3）或或（4）①.bd②.CH2ClCOOH③.取代反应④.【解析】【分析】M是有机化合物CH2=CHCH2OH与苯氧乙酸发生酯化反应的产物，M的结构简式为；苯酚钠和C反应生成苯氧乙酸，根据R'-ClR-ONaR-O-R'⎯⎯⎯→可知

，C是Cl-CH2COOH；B是CH3COOH；小问1详解】苯氧乙酸含有羧基，A能与苯氧乙酸发生酯化反应，有机化合物A中一定含有的官能团的名称是羟基；【小问2详解】A的蒸气对氢气的相对密度是29，可知A的相对分子质量为58，5.8gA的物质的量为0.1mol，5.8gA完全燃烧可产生0

.3molCO2和0.3molH2O，则A分子中含有3个C原子、6个H原子，A的相对分子质量为58，则A分子中还含有1个O原子，A的分子式为C3H6O,A分子中不含甲基，且为链状结构，其结构简式是CH2=CHCH2OH。【小问3详解】苯

氧乙酸有多种属于酯类的同分异构体，含有酯基，能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，苯【环上有2种一硝基取代物，符合条件的苯氧乙酸的同分异构体的结构简式、、。【小问4详解】①苯酚和氢氧化钠反应生成苯酚钠、水；苯酚和碳酸钠反应生成苯酚钠、碳酸氢钠，所以试剂X可选用的是氢氧化钠

或Na2CO3溶液，选bd。②苯酚钠和C反应生成苯氧乙酸，根据R'-ClR-ONaR-O-R'⎯⎯⎯→可知，C是Cl-CH2COOH，B是CH3COOH，根据题目信息，CH3COOH发生取代反应生成Cl-CH2COOH，反应②的反应类型是取代反应。③反应④是

CH2=CHCH2OH与苯氧乙酸发生酯化反应生成和水，反应的化学方程式为。22.以烯烃A、D为原料合成某药物中间体K，其流程如图：已知：(R表示烃基，X表示卤素原子)回答下列问题：（1）B所含官能团名称___________。（2）H→I所需试剂a为_________

__。C+I→J的反应类型是___________。（3）E、F与新制氢氧化铜悬浊液共热都产生砖红色沉淀。E的结构简式为___________，F与新制Cu(OH)2悬浊液发生反应的化学方程式为___________。（4）K的结构简式__

_________。【答案】（1）碳碳双键、碳溴键（2）①.乙醇(CH3CH2OH)②.取代反应（3）①.CH2=CHCHO②.Δ2222222HOCHCHCHO+2Cu(OH)+NaOHHOCHCHCOONa+CuO3H

O→+（4）【解析】【分析】由A的分子式以及A与溴单质反应生成B，即A→B发生1、4-加成，A为1，3−丁二烯（）；由B与氢气发生加成反应生成C，则C为；由D的分子式C3H6，以及与氧气发生氧化反应生成E，可知D为CH2=CH

CH3，根据第（3）问中，E、F均能与新制氢氧化铜悬浊液共热都能产生砖红色沉淀，即E、F中均含有醛基，E为CH2=CHCHO，相对分子质量为56，F的相对分子质量为74，相差18，可知F为E与水加成生成的HOCH2CH2CHO；F在Cu作催化剂且加热的条件下生成G，G为OH

CCH2CHO；G与银氨溶液反应再酸化得到H，H为HOOCCH2COOH，H与试剂a在浓硫酸的作用下发生酯化反应生成I，试剂a应为乙醇，I为CH3CH2OOCCH2COOCH2CH3；I与C在乙醇钠的作用下反应生成J；J再酸化、加热、脱去二氧化碳的到K，结合(R表示烃基，X表示卤

素原子)，可知K为；【小问1详解】由B的结构可知，其含有的官能团为：碳碳双键、碳溴键（或溴原子）；【小问2详解】H为HOOCCH2COOH，H与试剂a在浓硫酸的作用下发生酯化反应生成I，试剂a应为乙醇；I为CH

3CH2OOCCH2COOCH2CH3，C为，I与C反应生成J，反应类型为取代反应；【小问3详解】E、F与新制氢氧化铜悬浊液共热都产生砖红色沉淀，以及根据E的分子式C3H4O可知E的结构简式为CH2=CHCHO；F为HOCH2CH2CHO，其与新制氢氧化铜悬浊液共热反应的化学方程式为：Δ22222

22HOCHCHCHO+2Cu(OH)+NaOHHOCHCHCOONa+CuO3HO→+；【小问4详解】获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com