【文档说明】四川省仁寿第一中学校（北校区）2023-2024学年高三上学期9月理综物理试题 含解析.docx，共(18)页，1.588 MB，由小赞的店铺上传

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仁寿一中北校区高三上学期九月月考理科综合能力测试本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共35题，共300分，共12页。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须

用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。第Ⅰ卷选择题（共126分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多

项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1.《道路交通安全法》第四十七条规定：“机动车行经人行横道，应减速行驶；遇行人正在通过人行横道时，应停车让行。”一辆汽车以36km/h的速度匀速行驶

，驾驶员发现前方50处的斑马线上有行人，驾驶员立即刹车使车做匀减速直线运动，若已知行人还需12s才能通过斑马线，则刹车后汽车的加速度大小至少为（）A.56m/s2B.1m/s2C.32m/s2D.2m/s2【答案】B【解析】【详解】汽车的速度036km/h

10m/sv==设汽车到达斑马线速度为零，所用时间为t，则有02vtx=解得02250s10s10xtv===因为12st，则最小加速度为22010m/s1m/s10vat===故选B。2.在东京奥运会上，中国运动员夺得东京奥运

会女子10米跳台冠军（如图甲所示），图乙为其竖直分速度与时间的关系图像，以其向上离开跳台时作为计时起点，运动过程中视其为质点，忽略空气阻力作用。则下列说法正确的是（）A.t3时刻达到最高点B.t3时刻开始进入水面C.t2～t3时间

段加速度竖直向下D.0～t2时间运动员做匀变速运动【答案】D【解析】【详解】A．由题意可知，0~t1时间内全红婵先离开跳台向上做匀减速运动，在t1时刻速度减为零，达到最高点，故A错误；B．从全红婵起跳到恰好

入水的过程中，图像斜率不变，其加速度不变，在入水后，减速运动，加速度将发生突变，即在t2时刻开始进入水面，故B错误；C．0~t2时刻全红婵加速度方向竖直向下且图线斜率为正，t2~t3时刻图线斜率变为负值，所以加速度方

向变为竖直向上，故C错误；D．0～t1与t1∼t2图像斜率相同，加速度相同，运动员做匀变速运动，故D正确。故选D。3.如图所示，一个“Y”形弹弓顶部跨度为L，两根相同的橡皮条自由长度均为L，在两橡皮条的末端用一块软羊皮（长度不计）做成皮兜。若橡皮条的弹力与形变量的关系满足胡克定律，且劲度系数为k，

发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为1.5L（弹性限度内），则发射过程中皮兜对弹丸的最大作用力为（）A.1.2kLB.kLC.223kLD.23kL【答案】C【解析】【分析】【详解】当橡皮条的长度为1.5L时，皮兜对弹丸有最大作用力，为2cos

cosFkxkL==根据几何关系0.5sin1.5LL=解得223FkL=故选C。4.甲、乙两车在同一条平直公路上运动，其xt−图像如图所示，已知甲车做匀变速直线运动，其余数据已在图中标出。根据图中数据可知（）A.2st=时刻，甲乙两车速度大小相等B.0~2s内

，甲车位移等于乙车位移C.甲车的初速度大小为2m/sD.相遇之前，0.75st=时两车相距最远【答案】D【解析】【详解】A．在xt−图像中，图线的斜率表示速度，由题图可知，2st=时刻甲车的速度大于乙车的速度，故A错误；B．由题图知，甲车位移为8m，乙车位移为6m，甲车位移大于

乙车位移，故B错误；C．由乙车图线可知，乙车做匀速直线运动，速度大小为3m/s；甲车的位移表达式为201012xvtatx=++将(0,2)−、(1,0)、(2,6)代入上式，解得02mx=−，00v=，214m/sa=故

C错误；D．两车速度相同时，两车相距最远，即3m/svv==甲乙，10.75svta==甲故D正确。故选D。5.2021年5月15日，天问一号着陆巡视器与轨道器分离，成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着陆区。假设着陆巡视器在离火星

表面高度为h时以大小为v的速度竖直匀减速下落，到火星表面时速度大小恰好为零，则（）A.此过程着陆巡视器的平均速度大小为2vB.此过程着陆巡视器运动的时间为2hvC.此过程着陆巡视器通过前后一半位移所用时间

之比为1:(2)1−D.此过程着陆巡视器下降2h时的速度大小为2v【答案】A【解析】【详解】A．依题意，巡视器着陆过程做匀减速直线运动，则此过程平均速度大小022tvvvv+==故A正确；B．由的2vhvtt==得巡视器运动的时间为2

htv=故B错误；C．根据初速度为零的匀加速直线运动规律：在通过连续相等位移所用时间之比为1:(21):(32):...:(1)nn−−−−，由逆向思维得此过程巡视器通过前后一半位移所用时间之比为(21):1−，故C错误；D．此过程巡视器下降2h时的速度大小为2202222thv

vvv+==故D错误。故选A。6.小红用频闪照相法研究竖直上抛运动，拍照频率为5Hz，某次实验吋小球以某一初速度竖直。上拋，照相机在此过程中爆光于8次，由于上升过程和下降过程小球经过相同位置时都被曝光，所以在

底片上记录到如图所示的4个位置，ab、两点间距离为1,lbc、两点间距离为2,lcd、两点间距离为3l，重力加速度210m/sg=。下列说法中正确的是（）A.小球经过b点时的速率为0.4m/sB.a点距竖直上抛的最高点的距离为2.45

mC.123::3:2:1lll=D.123::5:3:1lll=【答案】BC【解析】【详解】A．频闪照相的时间间隔10.2sTf==题图中所有位置曝光两次，所以d点到竖直上抛的最高点的时间间隔为2Tt=所以从最高点开始至下落到b点经历的时间为520.5s2bttTT=+

==过b点时的速度为5m/sbbvgt==选项A错误；B．从最高点下落到a点经历的时间为730.7s2attTT=+==所以a点距竖直上抛的最高点的距离为212.45m2aahgt==选项B正确；CD．初速度为0的匀加速度直线运动，在连续相同时间内的位移

之比为1:3:5:7:9:11:13，若从最高点至a点分为7个相同的时间间隔，每个间隔为0.1s，满足()()()123::1311:97:533:2:1lll=+++=选项C正确，选项D错误。故选BC。7.如图所示，质量为2m的物块A静置于水平台面

上，质量为M、半径为R的半球体C静置于水平地面上，质量为m的光滑小球B（可视为质点）放在半球体C上，P为三根轻绳PA、PB、PO的结点。系统在图示位置处于静止状态，P点位于C正上方距离其球心高h处（h=2R），OP竖直，PA水平，PB长为32R，已知A与台面的动摩擦因数为μ，重力加速度大小为

g，则正确的是（）A.绳OP的拉力大小为mgB.A受到的摩擦力大小为2μmgC.B对C的压力大小为12mgD.绳PB对B的拉力大小为34mg【答案】CD【解析】【详解】ACD．对小球B受力分析，如图所示，由相似三角形得322mgNTRRR==解得12Nmg=34Tmg=由牛顿第

三定律可知，B对C的压力大小为12mg；绳PB对B的拉力大小为34mg，结点P受力平衡，由平衡条件，在竖直方向则有绳OP的拉力大小为1cosTTMPB=由余弦定理可得7os8cMPB=则OP的拉力大小12132mgT=A项错误

，CD项正确；B．A受到的摩擦力大小等于PB绳沿水平方向的分力，即为sinfTMPB=15sin8MPB=则31532mgf=B项错误。故选CD。8.一质点以初速度v、加速度a做匀变速直线运动，经一段时间后质点运动的路程与位移大小之比

为5∶3，则该过程的位移和时间可能为（）A.位移大小为24vaB.位移大小为238vaC.时间32vaD.时间为va【答案】BC【解析】【详解】因路程与位移大小之比为5：3，故质点先做匀减速直线运动，后反向做匀加速直线运动；质点速度减为零时的时间和位移为1vta=212vxa=质点反向

加速的时间为2t，速度为2v，有22vat=2222vxa=AB．若总位移为正，即12xx可知12tt为有121253xxxx+=−解得22vv=则运动时间为1232vtta+=位移为12xx−=238va故A错误，B正确；CD．若总位移为负，即12xx可知12tt有122153x

xxx+=−解得22vv=则运动时间为123vtta+=位移为21xx−=232va故C正确，D错误。故选BC。第Ⅱ卷非选择题（共174分）三、非选择题：本题包括必考题和选考题两部分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，

考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9.如图甲所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测得自由落体加速度。（1）所需器材有：电磁打点计时器、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需___________（填字母代

号）。A．直流电源B．天平及砝码C．8V交变电源D．毫米刻度尺（2）已知电磁打点计时器的工作频率为50Hz，实验中得到的一条纸带如图乙所示，A、B、C、D、E是打点计时器连续打出的点，图中四个数据中不符合有效数字要求的一组数据应改为___________

cm；（3）在打下点D时重物的速度大小为___________m/s，重物的加速度大小为___________m/s2（结果均保留三位有效数字）。【答案】①.CD##DC②.2.00③.1.48④.9.63【解析】【详解】（1）[1]电磁打点

计时器需接4～6V交流电源，重力加速度与物体的质量无关，所以不要天平和砝码，计算速度需要测相邻计数的距离，需要毫米刻度尺，故AB错误，CD正确；故选CD。（2）[2]毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度

的下一位，这五个数据中不符合有效数字读数要求的是2.0，应改为2.00cm；（3）[3]ABCDEF是打点计时器连续打出的点，因此计数点之间的时间间隔为T=0.02s，根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度求出D点速度为20.10320.043910m/s1.4825m/s1.

48m/s220.02CEDxvT−−===[4]根据逐差法有222220.10320.04390.043910m/s9.63m/s440.02CEACxxaT−−−−==10.某同学使用了如图所示的装置，

进行探究动能定理。（1）在实验中关于平衡摩擦力所采取操作是（）A．将木板上带滑轮的一端适当垫高，使物块在沙和桶的拉动下恰好做匀速运动B．将木板上不带滑轮的一端适当垫高，使物块在沙和桶的拉动下恰好处于静止状

态C．将木板上不带滑轮的一端适当垫高，在不挂沙和桶的情况下使物块恰好做匀速运动D．将木板上带滑轮的一端适当垫高，在不挂沙和桶的情况下使物块恰好做匀速运动（2）本实验中认为物块所受到的合力等于沙和桶的重力，则应控制的实验条件是________；（3）若遮光片宽度是d，沙与桶的质量是m，将物块拉至

与光电门B的距离为S的A点，由静止释放，物块通过光电门时遮光片的遮光时间为t，改变沙与桶的质量m，重复上述实验（保持S不变）。根据实验数据画出2()dmt−的图像，如图所示。则2()dt与m的表达式是：2()dt=________；若图线的斜率为k，则物块的质量M=___

_____。【答案】①.C②.物块的质量远大于沙和桶的质量③.2gSmM④.2gSk【解析】【详解】（1）[1]平衡摩擦力所采取的操作是：将木板上不带滑轮的一端适当垫高，在不挂沙和桶的情况下使物块恰好做匀速运动。故选C。（2）[2]以物块为对象

，根据牛顿第二定律可得TMa=以沙和桶为对象，，根据牛顿第二定律可得mgTma−=联立解得的1MmgmgTmMmM==++为了使物块所受到的合力近似等于沙和桶的重力，则应控制的实验条件是：物块的质量远大于沙和桶的质量。（3）[3][4]以物块为对象，根据动能定理可得212mgSMv=又dvt

=联立可得22()dgSmtM=可知2()dmt−图像的斜率为2gSkM=解得物块质量为2gSMk=11.如图，一中心开孔的质量为M的圆柱体套在一固定的水平杆上，圆柱体下端连接原长为L0、劲度系数为k的轻质弹簧，

弹簧另一端连接一质量为m的小球，小球在一大小未知的水平力F的作用下静止，弹簧与竖直方向的夹角为θ=53°。设圆柱体与杆之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：（1）水平力F的大小及弹簧的长度；（2）圆柱体与杆之间动摩擦因数μ需

满足的条件。【答案】（1）43mg；053mgLk+；（2）43()mMm+【解析】【详解】（1）以小球作为研究对象，小球在三力作用下平衡，任意两力的合力与第三力等大反向，其受力及合成情况如图（1）所示。的的由图及三角

函数知识可得：水平力4tan3Fmgmg==弹簧弹力k5cos3mgFmg==由胡克定律得kFkx=所以弹簧的长度为0053mgLLxLk=+=+（2）对小球和圆柱体整体研究，其受力如图（2）所示。整体在竖直

方向静止，有()NMmg=+由牛顿第三定律知，圆柱体对杆的压力FN=N水平方向系统静止，有fF=静摩擦力必须满足mNffF=联立以上各式解得43()mMm+12.如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体固定在水平地面上，两个斜面（

斜面足够长）的倾角分别为α=37°、β=53°，其中AC面粗糙，BC面光滑。一轻质细绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P、Q，P、Q处于静止状态。已知P的质量m=1kg，Q的质量M=1kg，P距离斜面底端A的距离L=10m，P与斜面AC间的动摩擦因数μ=0.5，重力加

速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，滑轮与转轴之间的摩擦不计。（1）求P所受到的摩擦力；（2）现改变Q的质量，发现P由静止开始向上匀加速运动，经时间t0=2s时速度大小为10m

/s，求物块Q的质量改变量；（3）在（2）问的情况中，速度达到10m/s时，剪断轻绳，求剪断轻绳后P在斜面上运动的时间t。【答案】（1）2N，方向沿斜面向下；（2）4kg；（3）6s【解析】【详解】（1）对P、Q受力分析，由平衡条件有1sinTmgf=+1sinTMg=11TT=解得2Nf

=方向沿斜面向下；（2）P从静止开始做匀加速运动，由运动学公式110vat=对P、Q受力分析，由牛顿第二定律有211sinTmgfma−−=21sinMgTMa−=1cosfmg=22TT=联立以上方程解得4kgMMM=−

=（3）P由静止开始向上运动2s内的位移为10002vxt+=剪断轻绳后对P受力分析，由牛顿第二定律有12sinmgfma−−=设经时间t1速度减为零，所发生的位移为x1，则121vat=212112xat=达到最高点后物块P将继续沿斜面下滑，由牛顿第二定律

有13sinmgfma−=由运动学公式2013212xxLat++=解得126sttt=+=（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每科按所做的第一题计分。【物理——选修3-4】（15分）13.图（a）为一列简谐横波在t=

0.10s时刻的波形图，P是平衡位置在x=1.0m处的质点，Q是平衡位置在x=4.0m处的质点；图（b）为质点Q的振动图象，下列说法正确的是（）A.在t=0.10s时，质点Q向y轴正方向运动B.在t=0.25s时，质点P的加速度方向与y轴

正方向相同C.从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x轴负方向传播了6mD.从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30cmE.质点Q简谐运动的表达式为0.10sin10yt=（国际单位）【答案】BCE【解析】【分析】【详解】A．由Q点的振动图线可知，t=0.10s时质点Q向y

轴负方向振动，选项A错误；B．由波的图象可知，波向左传播，波的周期为T=0.2s，t=0.10s时质点P向上振动，经过0.15s=34T时，即在t=0.25s时，质点振动到x轴下方位置，且速度方向向上，加速度方向也沿y轴正向，选项

B正确；C．波速为8m=40m/s0.2svT==故从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x负方向传播的距离为400.15m6mxvt===选项C正确；D．由于P点不是在波峰或波谷或者平衡位置，故从t=0.10s到t=0.2

5s的34周期内，通过的路程不等于A，选项D错误；E．质点Q做简谐振动的表达式为22sin()0.10sin()0.10sin100.2yAtttT===（国际单位）选项E正确。故选BCE。14

.一横截面为直角三角形的透明三棱柱，其中ac边长为L，∠abc=30°。如图甲所示，一细束激光从ab边中点p垂直ab边射入三棱柱，光线刚好在bc边发生全反射。已知光在真空中的速度为c，。求：（1）该三棱柱

的折射率；（2）如图乙所示，若激光束平行于bc边从p点射入三棱柱，则光线从ab边射到bc边所用的时间为多少？（可能用到的三角函数公式sin()sincoscossin−=−，22sincos1+=）【答案】（1）2；（2

）(131)3Lc+【解析】【详解】（1）激光从ab边中点p垂直ab边射入三棱柱，光线刚好在bc边发生全反射，临界角为30C=又因为折射率1sinnC=解得2n=（2）根据几何关系可知||2Lpq=根据折射率表达式有sin60sinn=解得3sin4=在△pqm中应

用正弦定理有sin(60)sin(18060)pqpmxx=−−解得(131)6pmLx+=又因为cnv=则光线从ab边射到bc边所用的时间pmxtv=解得