【文档说明】山东省莱州市第一中学2022-2023学年高二上学期第一次月考物理试题解析版.docx，共(20)页，1.030 MB，由管理员店铺上传

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2021级高二第一次质量检测物理试题一、单项选择题（本题共8小题，每题3分，共24分：每小题只有一个选项符合题目要求）1.在炎热的夏天我们可以经常看到，有的小朋友的太阳帽前有一小风扇（如图所示），该小风扇与一小型的太阳能电池板相接

，对其供电。经测量该电池能产生的电动势为E=0.6V，则关于该电池的描述正确的是（）A.单位时间内可把0.6J的太阳能转化为电能B.通过1C电荷量该电池能把0.6J的太阳能转化为电能C.该电池把其他形式能转化为电能的本领比一节7号电池的本领大得多D.把该电池接入闭合电路后，电动

势减小【答案】B【解析】【详解】AB.电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从电源内部的负极移到正极所做的功，故通过1C电荷量该电池能把0.6J的太阳能转化为电能，A错误，B正确；C．电动势越大，将其他形式的能转化为电能的本领越大，一节7号电池的电动势为1.5V，因此该

电池把其他形式能转化为电能的本领比一节7号电池的本领小，C错误；D．电动势的大小为定值，与该电池是否接入电路无关，D错误；故选B。2.高空坠物极易对行人造成伤害。若一个质量为10g的儿童玩具玻璃球从一居民楼的16层坠下，与地面的撞击时间约

为0.002s，则该玻璃球对地面产生的冲击力约为（）A.10NB.210NC.310ND.410N【答案】B【解析】【详解】每层楼高约为3m，玻璃球下落总高度(161)345mh=−=自由下落时间12245s3s10htg===与

地面的碰撞时间约为t2=2ms=0.002s全过程根据动量定理可得122()0mgttFt+−=联立解得3122()101010(30.002)150N0.002mgttFt−++===故选B。3.图为测量某电源电动势和内阻时得到的U-I图线．用此电源与三个阻值均

为3Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V．则该电路可能为A.B.的C.D.【答案】B【解析】【详解】由上图可知电源电动势为6V，电源内阻为640.54−=．A．三电阻并联，1R=外，64A1.5EIARr===+外

，4VUIR==外；B．两个电阻串联，然后与第三个电阻并联，2R=外，2.4AEIRr==+外，4.8VUIR==外；C．三电阻串联，9R=外，0.63AEIRr==+外，5.68VU=；D．两电阻并联后与第三个电阻串联，4.5R=外，

1.2AEIRr==+外，5.4VU=；【点睛】根据图象求得电源的电动势和内电阻是本题的关键，之后根据闭合电路欧姆定律来计算即可．4.如图所示的电路中，两平行金属板之间的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，则下列说法正确的是()

A.电流表、电压表的读数均变小B.电源内阻消耗的功率变大C.液滴将向上运动D.电源的输出功率变大【答案】C【解析】【分析】首先对电路进行分析：L2的灯丝突然烧断可知电路中总电阻增大，由闭合欧姆定律可求

得电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分分析可知电容器两端的电压变化，则可知液滴的受力变化，则可知液滴的运动情况．根据电源的内外电阻关系，分析电源输出功率的变化．【详解】AC．当L2的灯丝突然烧断可

知电路中总电阻增大，则总电流减小，电源的内电压和R1电压减小，由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压增大，故电容器C的电压增大，板间场强增大，带电液滴所受的电场力增大，则该液滴将向上移动；由于C两端的电压增大，R2、R3中的电流增大，则电流表、电压表的读数均变大；故A错误，C正确；

B．因干路电流减小，则电源内阻消耗的功率变小，故B错误；D．由于电源的内外电阻的关系未知，不能判断电源的输出功率如何变化．故D错误．【点睛】本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析．5.如图所示，电源电动势E＝12

V，内阻r＝3Ω，R0＝1Ω，直流电动机内阻R′0＝1Ω.当调节滑动变阻器R1时可使图甲中电路的输出功率最大；调节R2时可使图乙中电路的输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作(额定输出功率为P0＝2W)，则R1和R2连入电

路中的阻值分别为()A.2Ω、2ΩB.2Ω、1.5ΩC.1.5Ω、1.5ΩD.1.5Ω、2Ω【答案】B【解析】【详解】因为题图甲电路是纯电阻电路，当外电阻与电源内阻相等时，电源的输出功率最大，所以R1接入电路中的阻值为2Ω；而题图乙电路是含电动机的电路，欧姆定

律不适用，电路的输出功率P＝IU＝I(E－Ir)，所以当I＝2Er＝2A时，输出功率P有最大值，此时电动机的输出功率为2W，发热功率为4W，所以电动机的输入功率为6W，电动机两端的电压为3V，电阻R2两端的电压为3V，所以R2接入电路中的阻值为1.5Ω．A.2Ω、2Ω，与

结论不相符，选项A错误；B.2Ω、1.5Ω，与结论相符，选项B正确；C.1.5Ω、1.5Ω，与结论不相符，选项C错误；D1.5Ω、2Ω，与结论不相符，选项D错误．6.如图所示，光滑的水平面上有一个质量为3Mm=的凸

型滑块，它的左侧面与水平面相切，并且光滑，滑块的高度为0.6hm=。质量为m的小球，以某一初速度在水平面上迎着光滑曲面冲向滑块，要使小球越过滑块，初速度至少是（）2(10/)gms=A.4.5m/sB.4m/sC.3.5m/sD.3m/s【答

案】B【解析】【详解】设小球的速度为0v，当小球滑到滑块最高点时，小球的速度为1v，滑块速度为2v，以水平向右为正方向，由动量守恒定律得012mvmvMv=+由机械能守恒定律可得222012111222mvmvMvmgh=++小球要越过滑块，

应有12vv假设12vvv==上述两式变形得22011()22mvmMvmgh=++代入数据解得速度最小值为4m/s，故选B。7.静止放置在水平面上的物体，从=0t时刻受到随时间均匀减小的水平向右的拉力TF和不变的摩擦阻力f共同作用，已知拉力TF

与阻力f随时间t变化的图像如图所示，则（）.A.在00t−时间内，物体重力的冲量为零B.0t时刻物体的速度不为零C.02tt=时刻物体一定向右运动D.根据题设条件可求出物体运动的最大速度【答案】C【解析】

【详解】A．在00t−时间内，物体重力的冲量为0mgt，故A错误；B．在00t−时间内，根据动量定理=0Imv−合其中Ft−图像中面前表示冲量，故合力冲量为0，故0t时刻物体速度为零，故B错误；C．002t−时间内，合力冲量大于0，方向向右，故末速度方向水平向右，故C正确；

D．因为不知道物块质量，根据动量定理无法求解速度，故D错误。故选C。8.如图所示，小球A的质量为m，B为带有14圆弧轨道的物体，质量为()>MMm，轨道半径为R，轨道末端与水平地面相切。水平地面上有紧

密相挨的若干个小球，质量均为m，右边有一固定的弹性挡板。现让小球A从B的最高点的正上方距地面高为h处静止释放，经B末端滑出，与水平地面上的小球发生碰撞。设小球间、小球与挡板间的碰撞均为弹性正碰，所有接触面均光滑，则（）A.经过足够长的时间后，原来水平地面上的小球都将静止，而A和B向左做匀速

运动B.整个过程，小球A与物体B组成的系统水平方向动量守恒C.整个过程，小球A机械能守恒D.经过足够长的时间后，所有小球和物体B都将静止的【答案】A【解析】【详解】AD．AB每次作用后B都在加速A都在减速，经过足够长时间后，A球返回向左运动速度小于B速

度，追不上B，最终AB向左做匀速运动，小球间、小球与挡板间的碰撞均为弹性正碰，根据动量守恒可知，最后原来水平地面上的小球都将静止，故A正确，D错误；B．整个过程，小球A水平方向受到外界的作用力，AB系统水平合力不为0，故动量不守恒，故

B错误；C．整个过程，小球A机械能一部分转化为B的机械能，故C错误。故选A。二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。选对但不全的得2分）9.某小灯泡的伏安特性曲线如图所示。若将此小灯泡与两节干电池组成的电池组（电动势3VE

=、内阻2.5Ωr=）连接成闭合电路，则（）A.小灯泡中的电流为0.44AB.小灯泡两端的电压为2.80VC.小灯泡的工作电阻为5ΩD.小灯泡消耗的电功率为0.80W【答案】CD【解析】【详解】将此小灯泡与两节干

电池组成的电池组（电动势3VE=、内阻2.5Ωr=）连接成闭合电路，则E=U+Ir即U=3-2.5I将此函数关系图像画在灯泡的U-I图像上，则交点即为该灯泡的工作点，由图可知U=2.0VI=0.4A，则小灯泡中的电流为0.4A，两端电压为2.0V；小灯泡的

工作电阻为5ΩURI==小灯泡消耗的电功率为0.80WPIU==故选CD。10.如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表123VVV、、示数变化量的绝对值分别为123VVV、、，理想电流表

A示数变化量的绝对值I，则A.A的示数增大B.2V的示数增大C.3V与I的比值大于rD.1V大于2V【答案】ACD【解析】【详解】A．滑动变阻器的滑片向下滑动，导致滑动变阻器阻值变小，由于电压表断路，定值电阻和滑动变阻器为串联，滑动变阻器阻值变小，总电阻变小

，电源电动势不变，总电流变大，即电流表示数变大，选项A对；B．电压表1V测量定值电阻R的电压，电阻不变，总电流变大，所以电压变大即1V示数增大．电压表2V测量定值电阻和滑动变阻器总电压即路端电压，示数变小，选项B错；D．电压表3V测量滑动变阻器电压，设电流

增加量为I，则根据1VIR=，2VIr=，所以12VV，选项D对；C．电压表3V的变化量3()VIrR=+，所以3()VrRrI=+，选项C对．11.如图所示，一质量为3.0Mkg=的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一质量为1.0mkg=的

小物块.A现以地面为参考系，给A和B一大小均为4.0/ms、方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，但最后A并没有滑离B板，站在地面上的观察者看到在一段时间内物块A做加速运动.则在这段时间内的某时刻，木板B相对地面的速度大小可能是()A.3.0/msB.2.5m/

sC.2.4/msD.1.8/ms【答案】BC【解析】【详解】以A、B组成的系统为研究对象，系统动量守恒，取水平向右方向为正方向，从A开始运动到A的速度为零过程中，由动量守恒定律得：（M-m）v0=MvB1，解得：vB1=2.67m/s；当从开始到AB速度相同的过程中，取水平向右方向为

正方向，由动量守恒定律得：（M-m）v0=（M+m）vB2，解得：vB2=2m/s，则在木块A正在做加速运动的时间内B的速度范围为2m/s＜vB＜2.67m/s．故选BC正确，AD错误．12.如图，质量均为m的小球A、B

用一根长为l的轻杆相连，竖直放置在光滑水平地面上，质量也为m的小球C挨着小球B放置在地面上。扰动轻杆使小球A向左倾倒，小球B、C在同一竖直面内向右运动。当杆与地面有一定夹角时小球B和C分离，已知C球的最大速度为v，小球A落地后不反弹，重力加速度为g。下面说法正确的是（）A

.球B、C分离前，A、B两球组成的系统机械能逐渐减小B.球B、C分离时，球B对地面的压力大小为2mgC.从开始到A球落地的过程中，杆对球B做的功为218mvD.小球A落地时的动能为258mglmv−【答案】AD【解析】【详解】A．球B、C分离前，求C对球B做负功，所以A、B

两球组成的系统机械能逐渐减小，故A正确；B．球B、C分离时，对A、B两球组成的系统，球A有向下的加速度，求A处于失重状态，所以球B对地面的压力大小小于2mg，故B错误；D．A、B、C三球在水平方向不受外力作用，

所以A、B、C三球在水平方向动量守恒，设在A落地瞬间A、B水平方向速度为v共，取向右为正方向有2mvmv=共解得2vv=共对A、B、C三球组成系统由机械能守恒得22kA1122mglEmvmv=++共解得2kA58Emglmv=−故D正确；C．从开始到A球落地的过程中

，杆对球B做的功等于球B和球C的动能之和为221122Wmvmv=+共故C错误。故选AD。三、非选择题：本题共6小题，共60分13.某研究性学习小组利用伏安法测定某一电池组的电动势和内阻，实验原理如图所示，其中，虚线框内为用灵敏电流计G改装的电流表

A，V为标准电压表，E为待测电池组，S为开关，R为滑动变阻器，0R是标称值为4.0的定值电阻。（1）已知灵敏电流计G满偏电流g100μAI=，内阻g2.0kr=，若要使改装后的电流表满偏电流为200mA，应并联一只阻值为________

的定值电阻1R。（保留一位小数）的（2）某次实验的数据如下表所示：测量次数12345678电压表V读数U/V5.265.165.044.944.834.714.594.46改装表A读数I/mA204060801001201401

60该小组借鉴“研究匀变速应线运动规律”实验中计算加速度的方法（逐差法），计算出电池组的内阻r=________（保留两位小数）；为减小偶然误差，逐差法在数据处理方面体现出的主要优点是________________________。（3）该小组在前面实验的基础上，为探究图中电路各元器件的实

际阻值对测量结果的影响，用一已知电动势和内阻的标准电池组，通过上述方法多次测量后发现：电动势的测量值与已知值几乎相同，但内阻的测量值总是偏大。若测量过程无误，则内阻测量值总是偏大的原因是________。（填选项前的字母）A．电压表内限的影响B．滑动变

阻器的最大阻值偏小C．1R的实际阻值比计算值偏小D．0R的实际阻值比标称值偏大【答案】①.1.0②.1.66③.充分利用已测得的数据，减小实验误差④.CD#DC【解析】【详解】（1）[1]设改装后的电流表量程为I，电流计与电阻两端电压相等，则(

)ggg1IRIIR=−解得11.0ΩR（2）[2]由()0EUIrR−=+得()0UIrR−=+即15263748051627384UUUUUUUUUrRIIIIIIIII−−−−+=−====−−−−得()()()()1234567805

67123485.66ΩUUUUUUUUrRIIIIIIII+++−++++==+++−+++电池内阻为05.66Ω1.66ΩrR=−=[3]优点是可以充分利用已测得的数据，减小实验误差。（3）[4]A．电压表读数等于路端电压，所以

电压表内阻对测量结果没有影响，A错误；B．滑动变阻器用来改变路端电压，对测量结果没有影响，B错误；C．若R1的实际阻值偏小，则电流表的实际量程偏大，电流表读数比实际值偏小，电池组的内阻测量值偏大，C正确；D．R0的实际阻值偏大时，电池组的实际内阻比测量值偏小，D正确。故选

CD。14.某小组为验证滑块碰撞过程中的动量守恒定律，设计了如下实验，竖直曲面轨道与水平轨道在O处平滑连接。两滑块P、Q与轨道的动摩擦因数相同。主要实验步骤如下：①用天平测出滑块P、Q的质量m1、m2；②将滑块P从斜槽上最高点释放，用刻度尺测出滑块P从O1开始在水平轨道上滑行的距离x0；

③将滑块Q放在水平轨道O1处，滑块P从斜槽轨道最高点释放，它们在O1处发生碰撞。用刻度尺测出滑块碰撞后滑行的距离为x1、x2。(1)若要保证滑块P、Q碰撞后均停在O1位置的右方，实验中应要求m1______m2（填“<”或“>”），在此条件下验证动量守

恒定律的表达式为______。（用测得的物理量表示）(2)实验时若要将O1位置向右移动一小段距离，______（填“会”或“不会”）对验证动量守恒定律产生影响。【答案】①.＞②.101122mxmxmx=

+③.不会【解析】的【详解】(1)[1]为了防止碰后滑块P反弹，应用质量较大的滑块去碰质量较小的滑块，故要求m1＞m2；[2]滑块在水平地面上滑动时，根据动能定理可知v2=2μgx则可知002vgx=112vgx=222vxg=若满足动量守恒，则有m1v0

=m1v1+m2v2将速度表达式代入，化简可得应验证的表达式为101122mxmxmx=+(2)[3]由以上分析可知，实验中主要分析碰撞后两滑块在水平地面上滑行的距离，因此将O1的位置向右移动一小段距离对实验结果没有影响。15.在如图所示的电路中，电容器C1＝4.0μF，C2

＝3.0μF，电阻R1＝8.0Ω，R2＝6.0Ω。闭合开关S1，给电容器C1、C2充电，电路达到稳定后，再闭合开关S2，电容器C1的极板上所带电荷量的减少量与电容器C2的极板上所带电荷量的减少量之比是16∶15。开关S2闭合时，电流表的示数为

1.0A。求：电源的电动势和内阻。【答案】E＝16V，r＝2.0Ω【解析】【分析】【详解】只闭合开关S1时，电容器C1的电荷量Q1＝C1E，C2的电荷量Q2＝C2E，式中E为电源的电动势；再闭合开关S2后，电流表的示数为I，则C1的电荷量Q1′＝C1IR1

，C2的电荷量Q2′＝C2IR2，根据题意有'1111'2222()16==()15QQCEIRQQCEIR−−−−由闭合电路的欧姆定律，有12()EIRRr=++联立解得E＝16V，r＝2.0Ω16.如图甲所示是我国农村建房时往高处抛送

建筑材料的情景，即一人从地面将建筑材料抛出，被站在屋檐上的另一人接住。已知李师傅站在离房屋水平距离L=3.2m的A点，王师傅站在离地面高H=3.4m的屋檐上的B点，李师傅将质量m=2kg的砖头从A点正上方高h1=1.0m处斜向上抛出，砖头运动至

最高点时恰被王师傅接住，若接住点在B点正上方高h2=0.8m处，砖头与王师傅接触的时间t=0.4s，重力加速度g=10m/s2，忽略空气阻力。求：（1）李师傅抛砖头的速度大小；（2）王师傅在接砖头的过程中受

到的平均作用力大小。【答案】（1）45m/s；（2）202N【解析】【详解】（1）根据运动的可逆性可知，砖头逆向的运动是平抛运动，则水平方向L=vxt1竖直方向vy=gt1H+h2－h1=12gt12合速度v2=vx2+vy2解得

v=45m/s即李师傅抛砖头的速度大小为45m/s。（2）对砖头水平方向，由动量定理10xFtmv−=−由力的合成知221()FFmg=+解得F=202N由牛顿第三定律得：王师傅在接砖头过程中受到的平均作用力大小为202N。17.长为l的轻绳上端固定，下端系

着质量为1m的小球A，处于静止状态。A受到一个水平瞬时冲量后在竖直平面内做圆周运动，恰好能通过圆周轨迹的最高点。当A回到最低点时，质量为2m的小球B与之迎面正碰，碰后A、B粘在一起，仍做圆周运动，并能通过圆周轨迹的最高点。不计空气阻力，重力加速度为g，求（1）A受到的水平瞬时冲量I的大小；（

2）碰撞前瞬间B的动能kE至少多大？【答案】（1）15Imgl=；（2）()212k2522glmmEm+=【解析】【详解】（1）A恰好能通过圆周轨迹的最高点，此时轻绳的拉力刚好为零，设A在最高点时的速度大小为v，由牛顿第

二定律，有211vmgml=①A从最低点到最高点的过程中机械能守恒，取轨迹最低点处重力势能为零，设A在最低点的速度大小为Av，有2211111222Amvmvmgl=+②由动量定理，有1AImv=③联立①②③式，

得15Imgl=④（2）设两球粘在一起时速度大小为v，A、B粘在一起后恰能通过圆周轨迹的最高点，需满足Avv=⑤要达到上述条件，碰后两球速度方向必须与碰前B的速度方向相同，以此方向为正方向，设B碰前瞬间的速度大小为Bv，由动量守恒定律，有()2112BAmvmvmmv−=+⑥

又2k212BEmv=⑦联立①②⑤⑥⑦式，得碰撞前瞬间B的动能kE至少为()212k2522glmmEm+=⑧18.如图所示，质量为2kg的“L”形木板A静止放置在光滑的水平地面上，其左端挡板与放在A板上的质量为1kg的小物块B之间夹着一小块炸药，炸药爆炸时，有3J的化学能全部

转化为A、B的动能。爆炸结束瞬间，一质量为1kg的物块C以水平向左，大小为2m/s的速度从A板右端滑上木板，最终物块B、C恰好没有发生碰撞，且木板与两物块间的动摩擦因数均为0.2，取210m/sg=，求（1）炸药爆炸结束瞬间A、B的速度大小及方向；（2）木板的长度为多少；

（3）整个过程中摩擦力对B做的功。【答案】（1）m/s1Av=，方向向左；2m/sBv=，方向向右；（2）2.25mL=；（3）15J8−【解析】【分析】【详解】（1）爆炸过程，以AB为研究对象：221122AABBmvmvE+=0AABBmvm

v−=得m/s1Av=方向向左；2m/sBv=方向向右；（2）爆炸后一段时间对CCCCmgma=得22m/sCa=方向向右；对BBBBmgma=得2/s2mBa=方向向左；对ABCAAmgmgma−=得0Aa=设1t时刻A、C共速，则满足1ACCvvat=−解得1

0.5ts=此时21m/sBv=−此后A、C相对静止一起减速、整体的加速度22m/s3BACACmgamm==+B的加速度不变212AACBBvatvat−=−+得20.75ts=20.5m/sv=作出vt−如图由图像可知板长2.25mL=（

3）由图像可知对B，01s−时间内11mS=112JBWmgS=−=−11.25s−时间内21m16S=221J8BWmgS=−=得总功1215J8WWW=+=−总获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xian

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