【文档说明】江苏省如皋市2019-2020学年高一下学期教学质量调研（二）物理试题（必修）【精准解析】.doc，共(19)页，686.500 KB，由小赞的店铺上传

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2019～2020学年度高一年级第二学期教学质量调研（二）物理试题（必修）（考试时间：60分钟分值：100分）一、选择题：本大题共29小题，每小题3分，共计87分。在每小题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。1.关于质点，下列说法中正

确的是（）A.质量小的物体一定可以看作质点B.研究地球自转时，地球可以看作质点C.研究高台跳水运动员在空中做翻转动作时，运动员可以看作质点D.研究运动员百米赛跑过程中的平均速度时，运动员可以看作质点【答案】D【解析】【详解】A.当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质

点，质量小不一定能看成质点，所以A错误；B.研究地球自转时，地球的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故B错误；C.研究高台跳水运动员在空中做翻转动作时，运动员的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故C错误；D.研究运动员百米赛跑过程中的平

均速度时，运动员可以看作质点，故D正确；2.如图所示，套在光滑细杆上的小环，在t=0时刻从静止开始沿细杆匀加速下滑，则该物体的v-t图像是A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】应用速度时间图象中倾斜的直线表示匀变

速直线运动即可解题．【详解】根据题意可知小环沿杆方向做初速度为零匀加速直线运动，故B正确，ACD错误．【点睛】本题主要考查了匀变速直线运动的速度时间图象，属于基础题．3.在洞穴探险过程中，可以使用落石的方法估测洞穴深度，设在某次估测中，记录下从释放

石块到听到石块落地的时间约为5s，则该洞穴的深度约为A.50mB.125mC.250mD.25m【答案】B【解析】【分析】石头下落后做自由落体运动，根据212hgt=即可求解下落的距离．【详解】设枯井的深度为h，根据221110512522hgtmm===，故B正确

，ACD错误．【点睛】本题关键明确自由落体运动的运动性质，然后根据运动学公式列式求解．4.足球比赛中，运动员用力将球踢出，在此过程中A.运动员先给足球作用力，足球随后给运动员反作用力B.运动员给足球的作用力大于足球给运动员

的反作用力C.运动员给足球的作用力与足球给运动员的反作用力是一对平衡力D.运动员给足球的作用力与足球给运动员的反作用力方向相反【答案】D【解析】【详解】运动员给足球的作用力与足球给运动员的反作用力方向相反，两个力同时存在，同时消失；故选D.5.质量为m的长方形木块静止在倾角为θ的斜面上，斜面对

木块的支持力和摩擦力的合力方向应该是()A.沿斜面向上B.沿斜面向下C.垂直于斜面向上D.竖直向上【答案】D【解析】【分析】对木块受力分析，根据共点力的平衡条件的应用可得出斜面对物体的作用力与重力的关系．【详解】木块受重力、支持力及摩擦力的作用而处于静止状态；故支持力与摩擦力的

合力一定与重力大小相等、方向相反，故支持力和摩擦力的合力竖直向上，故D正确，ABC错误．【点睛】本题应明确，物体受三力平衡时，任意两力之和与第三力大小相等、方向相反．6.重100N的物体，静止在粗糙的水平面

上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，当物体受到一个大小为10N，方向水平向右的拉力作用后，水平面对物体的摩擦力大小和方向是A.10N，水平向左B.10N，水平向右C.20N，水平向左D.20N，水平向右【答案】A【解析】【详解】

物体的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，故有maxfN20NFFFG====故当物体受到一个大小为10N，方向水平向右的拉力作用后，物体相对地面有向右的运动趋势，拉力小于最大静摩擦力，故物体静止不动，此时摩擦力10

NfF==方向水平向左，故A正确，BCD错误。故选A。7.质量为60kg的人，站在升降机内的台秤上，测得体重为480N，则升降机的运动可能是（）A.匀速上升B.加速上升C.减速上升D.减速下降【答案】C【解析】【详解】由题：人的质量为60kg，重力约为588N，升降机内的台秤的

读数是480N，小于人的重力，其加速度必定竖直向下，则人处于失重状态，可能加速下降，也可能减速上升，故选项C正确，ABD错误．8.如图所示，在风力发电机的叶片上有A、B、C三点，其中A、C在叶片的端点，B在叶片的中点．

当叶片转动时，A、B、C三点()A.线速度大小都相等B.线速度方向都相同C.角速度大小都相等D.向心加速度方向都相同【答案】C【解析】【详解】AC．ABC三点属于同轴转动，故他们的角速度相等，由v=ωr知，AC的半径r相等，故线速度的大小相等，但A与B的半径不同，所以线速度大小不相等，故

A不符合题意，C符合题意；B．由于是做圆周运动，故线速度的方向沿着切线方向，所以速度方向不同，故B不符合题意；D．加速度的方向始终是指向圆心，所以A与B向心加速度的方向相同，与C的不同，故D不符合题意。故选C。9.如图所示，在“探究求合力的方法”实验中，两弹簧测力计将橡皮条拉伸到O点，以下说法正确

的是（）A.应平行于木板拉弹簧测力计，且两个测力计都不能超过最大刻度B.只需记录两个弹簧秤的示数C.应保证BO、CO相互垂直D.改用一只弹簧测力计拉橡皮筋时，只需保证橡皮条方向与原来一致【答案】A【解析】【分析】验证力的平行四边形定则的实验原理是：理论值

与实际值的对比，合力的理论值使用作图法，需要记录两分力的大小和方向；根据实验原理掌握实验中的注意事项。【详解】A．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行；并且示数不能超过最大刻度，故A正确；B．记录两个弹簧秤的示数和力的方向，故B错

误；C．实验中不需要应保证两个拉力的方向要相互垂直，故C错误；D．为了保证效果相同，改用一只弹簧测力计拉橡皮条时，不但保证橡皮条方向与原来一致而且自由端仍要拉到O点，故D错误。故选A。【点睛】本题考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些

基础知识在平时练习中要不断加强训练。10.利用图示装置探究加速度与力、质量的关系，下列说法正确的是（）A.打点计时器应固定在靠近定滑轮的位置B.需要用天平测出小车的质量C.平衡摩擦力时，应将砝码盘用细绳系在小车上D.小车加速运动时，细绳对小

车的拉力等于砝码和砝码盘的总重力【答案】B【解析】【分析】本题考察探究加速度与作用力和质量的关系的操作过程，由于是采用的控制变量法，而改变力是通过改变钩码的重力，而改变小车的质量均是要测质量的。【详解】A．若打点计时器固定

在滑轮的位置，则滑轮就没有运动的空间，故A错误；B．当拉力一定时，改变小车的质量，测量加速度，所以小车质量是必测的，故B正确；C．平衡摩擦力时应将砝码及盘均取下，垫高平板的一端让小车恰能在斜板上做匀速直线运动，故C错误；D．

小车加速，同样砝码也向下做加速运动，属失重，绳子拉力小于砝码的重力，故D错误。故选B。11.要使两物体间的万有引力减小到原来的14，下列办法不可采用的是（）A.使物体的质量各减小一半，距离不变B.使其中一个物体的质量减小到原来的14

，距离不变C.使两物体间的距离增为原来的2倍，质量不变D.使两物体间的距离和质量都减为原来的14【答案】D【解析】【详解】根据万有引力公式122GmmFr=A．使物体的质量各减小一半，距离不变，万有引力变为原来的14，A正确；B．使其中一个物体的质量减小到原来的14，距离不变，万有引力

变为原来的14，B正确；C．使两物体间的距离增为原来的2倍，质量不变，万有引力变为原来的14，C正确；D．使两物体间的距离和质量都减为原来的14，两物体间的万有引力不变，D错误。故不可采用的是D。12.如图所示，a、b、c是地球大气层外圈圆形轨道上运动的三颗卫

星，a和b质量相等，且小于c的质量，则（）A.c所需向心力最小B.b、c的周期相同且小于a的周期C.b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度D.b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度【答案】D【解析】【详解】A．根据公式2MmFGr=可

知，因为a、b质量相同，且小于c的质量，可知b所需向心力最小，A错误；B．根据公式2224MmGmrrT=可得234rTGM=可知，b、c的周期相同，且大于a的周期，B错误；C．根据公式2MmGmar=可得2MaGr=可知b、c的向心加速度相等，且

小于a的向心加速度，C错误；D．根据公式22MmvGmrr=可得GMvr=可知b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度，D正确。故选D。13.关于宇宙速度，下列说法中正确的是（）A.第一宇宙速度是人造地球卫星运行时的最大速

度B.第一宇宙速度是地球同步卫星的发射速度C.人造地球卫星运行时的速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间D.第三宇宙速度是物体逃离地球的最小速度【答案】A【解析】【详解】A．根据22MmvGmRR=可得卫星的线速度GMvR=故轨道半径越大卫星的运行速度越小，而

第一宇宙速度是卫星沿地球表面运动时的速度，所以第一宇宙速度是人造地球卫星最大的运行速度，故A正确；B．第一宇宙速度是近地卫星环绕地球做匀速圆周运动的速度，而地球同步卫星高度比近地卫星大，发射需要的动能更大，发射速度大于第一宇宙速度．故B

错误；C．第一宇宙速度是人造地球卫星最大的运行速度，故人造地球卫星运行时速度小于等于第一宇宙速度，故C错误；D．当物体的速度大于等于第三宇宙速度时就挣脱太阳的引力飞出太阳系，第三宇宙速度是物体逃离太阳的最小速度．故D错误。故选A。14.同步卫星是指相对于地面不动的人造地球卫星，则（）A

.它可以在地面上任一点的正上方，且离地面的高度可按需要选择不同的值B.它可以在地面上任一点的正上方，但离地面的高度是一定的C.它只能在赤道的正上方，但离地面的高度可按需要选择不同的值D.它只能在赤道的正上方，且离地面的高度是一定的【答案】D【解

析】【详解】同步卫星相对于地球静止，需要满足两个条件：一绕地球旋转的旋转轴与地球的地轴相同；二是旋转周期与地球自转周期相同，根据开普勒第三定律，同一中心天体32RT相同，由于同步卫星的周期相同，所以旋转半径也相同，离地面

的高度相同，同步卫星只能在赤道上方，且离地心的距离是一定的，离地面的高度是一定的，ABC错误，D正确。故选D。【点睛】地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度。15.一个力对物体做了负

功，则说明（）A.这个力一定阻碍物体的运动B.这个力不一定阻碍物体的运动C.这个力与物体运动方向的夹角α<90°D.这个力与物体运动方向的夹角α=90°【答案】A【解析】【详解】AB．功是标量，其正负反映

的是物体受到的力的情况，正功说明力是动力，而负功则说明力是阻力；一个力对物体做了负功，则说明这个力一定是阻碍物体的运动，是阻力，故A正确，B错误；CD．根据cosWFl=可知，一个力对物体做了负功，则说明这个力与物体运动方向的夹角90，故C、D错

误；故选A。16.如图所示，起重机的钢绳上悬挂着重物．下列说法正确的是（）A.当重物静止时，重力不做功，钢绳的拉力做正功B.当重物沿水平方向匀速移动时，重力和钢绳拉力都不做功C.当重物沿竖直方向向上移动时，重力和钢绳拉力都做正功D.当重物沿竖直方向向下移动时，重力和钢绳拉力都做负功【答案

】B【解析】物静止时，没有位移，则由功的公式：W=FLcosθ可知，重力及拉力均不做功，故A错误；当水平匀速移动时，由于力和位移方向相互垂直，所以重力及拉力均不做功，故B正确；当重物竖直向上运动时，拉力做正功，而重力与位移

方向相反，所以重力做负功，故C错误；当重物沿竖直方向向下移动时，重力做正功，钢绳拉力做负功，故D错误．所以B正确，ACD错误．17.如图所示，力F大小相等，物体沿水平面运动的位移l也相同，下列哪种情况F做功

最少（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】根据功的公式WFl=可知A图中力做的功为1WFl=B图中力做的功为23cos302WFlFl==C图中力做的功为33cos302WFlFl==D图中力做的功为41cos602WFlFl==综上所述，4W最小，故ABC不符合题意

，D符合题意。故选D。18.一端固定的轻质弹簧处于原长，现用互成直角的两个力F1、F2拉弹簧的另一端至O点，如图，在此过程F1、F2分别做了6J、8J的功；换用另一个力F仍使弹簧重复上述过程，该过程F所做的功是（）A.14JB.10JC.2JD.－2J【答案】A【解析】【详解】ABC

D．1F和2F拉弹簧的作用效果与力F拉弹簧的作用效果相同，故力F拉弹簧做的功等于力1F和2F拉弹簧做功之和6J8J14JW=+=故选A。19.关于功率公式P＝Wt和PFv=的说法中正确的是（）A.由P＝Wt知，只要知道W和t就可求出任意时刻的

功率B.由PFv=只能求某一时刻的瞬时功率C.由PFv=知，随着汽车速度的增大，它的功率也可以无限制增大D.由PFv=知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比【答案】D【解析】【详解】A．公式WP

t=为功率的定义式，只适用于求平均功率，不能用来计算瞬时功率，故A错误；B．公式PFv=可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度，故B错误；C．由PFv=知，随着汽车速度的增大，它的功率增大，但不能

无限制的增大，因为达到汽车发动机的额定功率后不再增大，故C错误；D．由PFv=知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比，故D正确；故选D。20.如图所示，A点距地面高为h，B点在地面上，一物体沿两条不同的路径ACB和ADB

由A点运动到B点，则（）A.沿路径ACB重力做的功多一些B.沿路径ADB重力做的功多一些C.沿路径ACB和路径ADB重力做的功一样多D.无法判断沿哪条路径重力做的功多一些【答案】C【解析】【详解】由于重力做功与路径无关，无论沿那条路径运动，只要初、末

位置相同，重力做功就相同，因此C正确，ABD错误。故选C。21.如图所示，质量为20kg小孩沿高5m滑梯由静止滑下，g取10m/s2，在此过程中()A.重力做功为100J，重力势能减小了100JB.重力做功

为－100J，重力势能增加了100JC.重力做功为1000J，重力势能减小了1000JD.重力做功为－1000J，重力势能增加了1000J【答案】C【解析】【详解】质量为20kg小孩沿高5m滑梯由静止滑下，重力做功为201051000JGWmgh

===根据功能关系，重力做正功，重力势能减小，重力做了1000J的正功，则重力势能减小了1000J．故C正确，ABD错误．故选C．【点睛】根据GWmgh=计算重力做的功；根据功能关系，重力做正功，重力势能减小，重力

做了多少功，重力势能就改变了多少．22.质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地面的高度为h，如图所示，若以桌面为参考面，那么小球落地时的重力势能及整个过程中重力势能的变化是（）A.mgh，减少mg（H－h）B.－mgh，减少

mg（H+h）C.－mgh，增加mg（H－h）D.mgh，增加mg（H+h）【答案】B【解析】【详解】以桌面为零势能参考平面，那么小球落地时的重力势能为pEmgh=−整个过程中小球高度降低，重力势能减少，重力势能的减少量为p()EmghmgHh==+故B正确，

ACD错误。故选B。23.如图所示，将弹簧拉力器用力拉开的过程中，弹簧的弹力和弹性势能的变化情况是（）A.弹力变大，弹性势能变小B.弹力变小，弹性势能变大C.弹力和弹性势能都变大D.弹力和弹性势能都变小【答案】C【解析】试题分析：由胡可定律可知，在弹性限度内弹簧的形变量越大，弹

簧的弹力越大；弹簧的弹性势能EP=kx2，在弹性限度内，弹簧的形变量越大，弹簧的弹性势能越大．解：将弹簧拉力器用力拉开的过程中，弹簧的伸长量变大，弹簧的弹力变大，弹性势能变大；故ABD错误，C正确；故选C．点评：在弹性限度内弹簧的形变量越大

，弹力越大，弹性势能越大．24.质量一定的物体（）A.速度发生变化时其动能一定变化B.速度发生变化时其动能不一定变化C.速度变化时其动能一定不变D.动能不变时其速度一定不变【答案】B【解析】【详解】速度是矢量，

既有大小又有方向，因此速度发生变化时，可能速度的方向发生变化，大小不变，这种情况下物体的动能不变，如果速度的大小发生变化，动能会发生变化；反之如果物体的动能不变，速度大小不变，但方向可能会发生变化，也就是速度可能变化，B正确，ACD错误。故选C。25.两个物体质量比为1∶4，

速度大小之比为4∶1，则这两个物体的动能之比为()A.1∶1B.1∶4C.4∶1D.2∶1【答案】C【解析】【详解】根据212kEmv=可知1221122241kkEmvEmv==，故C正确，ABD错误．26.

关于动能定理，下列说法中正确的是（）A.在某过程中，外力做的总功等于各个力单独做功的绝对值之和B.只要有力对物体做功，物体的动能就一定改变C.动能定理只适用于直线运动，不适用于曲线运动D.动能地理既适用于恒力做功的情况，

又适用于变力做功的情况【答案】D【解析】【详解】A、某过程中外力的总功等于各力做功的代数之和，而不是各个力单独做功的绝对值之和，故A错误，不符合题意；B、根据动能定理知，物体动能是否改变要看外力做的总功，而不是某一个力做

的功，故B错误，不符合题意；C、动能定理只适用于直线运动，也适用于曲线运动，故C错误，不符合题意；D、动能定理既适用于恒力做功的情况，又适用于变力做功的情况．故D正确，符合题意．27.有一质量为m的木块，从半径为r的圆弧曲面上的a点滑向b点，如图所示．如果由于摩擦使木块的

运动速率保持不变，则以下叙述正确的是（）A.木块所受的合外力为零B.因木块所受的力都不对其做功，所以合外力做的功为零C.重力和摩擦力的合力做的功为零D.重力和摩擦力的合力为零【答案】C【解析】木块做曲线运动，速度方向变化，加速度不为零，故合外力不为

零，A错；速率不变，动能不变，由动能定理知，合外力做的功为零，而支持力始终不做功，重力做正功，所以重力的功与摩擦力做的功的代数和为零，但重力和摩擦力的合力不为零，C对，B、D错．28.一质量为m的滑块，以速度v在光滑水平面上向左滑行，从某一时刻起，在滑块上作用一向右的水平力，经过一段时间后，滑

块的速度变为2v−（方向与原来相反），在整段时间内，水平力所做的功为（）A.232mvB.232mv−C.252mvD.252mv−【答案】A【解析】【详解】由动能定理得()2221132222Wmvmvmv=−−=．A.232mv

，选项A符合题意；B.232mv−，选项B不符合题意；C.252mv，选项C不符合题意；D.252mv−，选项D不符合题意；29.如图所示，在短道速滑运动中，“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲，甲获得更大的速度向

前冲出．不计冰面阻力．则在乙推甲的过程中A.甲对乙做正功，甲的动能增大B.甲对乙做正功，乙的动能增大C.乙对甲做正功，甲的动能增大D.乙对甲做正功，乙的动能增大【答案】C【解析】在乙推甲的过程中，甲对乙的作用力向后，故甲对乙的作用力一定做负功

，由动能定理知，乙的动能减小；乙对甲的作用力向前，故乙对甲的作用力一定做正功，由动能定理知，甲的动能增大，故C正确；选C.二、计算或论述题：本大题共2题，共计13分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案

中必须明确写出数值和单位。30.t=0时刻，质量为m＝0.5kg的物体自由下落，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2。求：（1）前3s内，物体重力势能的减小量；（2）第3s末，重力对物体做功的瞬时功率。【答案】（1）225J；（2）150W【解析】【详解】（1）由212hgt=解得45mh=

物体重力势能的减小量PEmgh−=解得225JPE−=（2）3s末物体的速度为vgt=解得30m/sv=重力在第3s末做功的瞬时功率为Pmgv=解得150WP=31.如图所示，用与水平方向成θ角的恒力F，将质量为m的物体由静止开始从A点拉到B点后撤去力F，若物体和地面间的动摩擦因数为μ

，A、B间的距离为x，重力加速度为g。求：（1）从A到B的过程中力F做的功；（2）物体在运动过程中的最大动能；（3）物体的最大滑行距离。【答案】（1）cosWFx=；（2）(cossin)kEFxmgx=+−；（3）(cos

sin)Fxmg+【解析】【详解】（1）由功的公式可求得cosWFx=（2）物体在AB段做加速运动，在B点有最大动能，对物体，A→B，由动能定理有cos(sin)0kFxmgFxE−−=−解得(cossin)kEFxmgx=+−（3）撤

去力F后，物体所受摩擦力变为mg。设物体从B点到停止运动的位移为l，对物体，B→停止，由动能定理有0kmglE−=−物体的最大滑行距离(cossin)=Fxxlxmg++=总