【文档说明】福建省福州市福州一中2022届高三上学期第一学段半期考试卷+物理答案.docx，共(2)页，77.944 KB，由小赞的店铺上传

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福州一中2021-2022高三上学期半期考答案1.D2.C3.C4.C5.BD6.ACD7.BD8.BC9.10m/s300J60m10.10211.0.220C22kd偏大12.2.40.5760.600在误差允许的范围内，系统机

械能守恒摩擦阻力造成的机械能损失9.713.（1）23216RGT；（2）34R；（3）2212mRT(1)对于行星表面附近做圆周运动的卫星m1，万有引力提供向心力21122412GMmmRRT=

解得行星的质量为23216RMGT=(2)同步卫星m2的环绕周期与行星自转周期相等，由万有引力提供向心力可222224GMmmrrT=联立解得同步卫星轨道半径34rR=(3)设赤道上质量为m的物体受到

的支持力为NF，根据牛顿第二定律可2N22GMmFmRRT−=解得支持力2N212mRFT=14．（1）013vv=（2）023Bvv=（3）2'22min00131()2227pmEmvmvmv共=

−=（1）AB速度相同时，弹性势能最大，由动量守恒：03mvmv=解得013vv=（2）弹簧恢复原长时，B的速度最大，由动量守恒：02ABmvmvmv=+由能量关系：22201112222ABmvmvmv=+解得00223Bmvvvmm==

+（3）B与挡板碰撞的过程中，当AB共速时弹性势能最大，整个过程中机械能守恒：2'2013-22pmEmvmv=共当v共＇最大时，Epm最小；设BC碰前瞬间，AB的速度分别为vA＇vB＇动量守恒：02ABmvmvmv=+BC碰

后至AB再次共速的过程，对系统：'''23ABmvmvmv共−=当弹簧恢复原长时，A的速度向左最大，B的速度向右最大，且B的动量：02mBPmvmv=此时B与挡板碰撞后，AB速度均向左，总动量向左最大；由（2）可知：'0

13Avv=−'023Bvv=再由：'''23ABmvmvmv共−=可得'05=9vv−共，则()2'2200min1312227pmEmvmvmv=−=共15.(1)4m/s；(2)7m4L=；(3)3W（1）滑块由静止释放后，沿传送带向下匀加速运动至

传送带的底端，该过程中滑块的加速度大小为21sincos2m/sagg=−=滑块到达传送带底端时的速率为11024m/svax==（2）滑块与挡板P第一次碰撞后，先沿传送带向上做匀减速运动至速率为v，该

过程中滑块的加速度大小22sincos8m/sagg=+=该过程中滑块运动的距离为221123m24vvxa−==此后，滑块以加速度a1继续沿传送带向上做匀减速运动至速率为零（此时滑块到达最高位置），该过程中滑

块运动的距离为2111m2vsa==故117m4Lxs=+=（3）滑块与挡板P第一次碰撞到达最高位置后，沿传送带以加速度a1向下做匀加速运动到达传送带底端，与挡板P第二次碰撞，磁撞前瞬间的速率为()211127m/svaxs=+=滑块与挡板P第二次碰撞后，先沿传送带向上以加速度a2做

匀减速运动至速率为v，该过程中滑块运动的距离为222223m216vvxa−==此后，滑块以加速度a1继续沿传送带向上做匀减速运动至速率为零，同理可得，该过程中滑块运动的距离为s2=s1=1m滑块上升到最高位置后，沿传送带以加速度a1向下做匀加速运动到达传送带底端，

与挡板P发生第三次碰撞，碰撞前瞬间的速率为()3122192m/s2vaxs=+=此后，滑块以加速度a1继续沿传送带向上做匀减速运动至速度为零，同理可得，该过程中滑块运动的距离为s3=1m以此类推，经足够长时间

，滑块与挡板P多次碰撞后，滑块以速率v反弹，此后，滑块在距传送带底端lm的范围往复运动木块B对传送带有一与传送带运动方向相反的阻力cosfFmg=故电动机的输出功率cosmgvP=解得P=3W