【文档说明】湖北省襄阳市第五中学2024-2025学年高三上学期9月月考试题 物理 Word版含答案.docx，共(10)页，1.196 MB，由小赞的店铺上传

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襄阳五中2025届高三上学期9月月考物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．已知氘()21H核的质量为Dm，质子()11H的质量为pm，中子()10n的质量为nm，光速为c，则氘核的比结合能为（）A．()212pn

Dmmmc+−B．()213pnDmmmc+−C．212DmcD．213Dmc2．北京时间2024年4月25日，神舟十八号载人飞船发射取得成功。假如“神舟十八号”仅受地球施加的万有引力作用下，绕地球沿如图椭圆形轨道运动，它在ABC、、三点以下关系正确的是（）A．从A点运动

至B点的过程中，“神舟十八号”的机械能不断减少B．从A点运动至C点的时间小于从C点运动至B点的时间C．“神舟十八号”在A点处的加速度最小D．“神舟十八号”在B点处受到的地球施加的万有引力最大3．如图，在水池底中部放一线状光源，光源平行于水面

，则水面观察到的发光区域形状为（）A．B．C．D．4．一物体做匀变速直线运动，其运动的位移x随时间的变化关系图像如图所示，则在4st=末，物体的速度大小为（）A．3m/sB．4m/sC．5m/sD．6m/s5．如图所示

，有一个边长为L的立方体空间ABCDMNPQ−，一长度为3L的导体棒沿AP方向放置。空间内加上某一方向的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度的大小为B。在导体棒中通以从A至P、大小为I的电流，则关于导体棒受到的安培力，

下列说法中正确的是（）A．若磁场沿M指向A的方向，安培力的大小为3ILBB．若磁场沿M指向A的方向，安培力的大小为2ILBC．若磁场沿M指向Q的方向，安培力的大小为62ILBD．若磁场沿M指向Q的方向，安培力的大小为32ILB6．如图所示，半球形容器内有三块不同长度的

滑板AOBOCO、、，其下端都固定于容器底部O点，上端搁在容器侧壁上，与水平面间的夹角分别为304537、、。若三个完全相同的滑块同时从ABC、、处开始由静止下滑（忽略阻力），则（）A．A处滑块最先到达O点B．B处滑块最先到达O点C．三种情况下滑块到达

O点的时间不相等D．若换用摩擦系数相同的杆，运动过程中产生的摩擦热，从B处下滑的是最大7．如图所示，长木板AB倾斜放置，板面与水平方向的夹角为，在板的A端上方P点处，以大小为0v的水平初速度向右抛出一个小球，结果小球恰好能垂直打在板面上。现让板绕A端顺时针转过一个角度到图上虚线的位置，要让

球从P点水平抛出后仍能垂直打在板面上，则水平位移x及抛出的水平速度v（不计空气阻力）（）A．x变大，v大于0vB．x变小，v小于0vC．x变化不确定，v小于0vD．x变化不确定，v等于0v二、多项选择题：本题共3小题，每小题4分，共12分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要

求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。8．很多以煤做燃料的电厂、电站每天排出的烟气带走大量的煤粉，如图甲所示，这不仅浪费燃料，而且严重地污染环境，为了消除烟气中的煤粉，可利用静电除尘，如图

乙，m、n为金属管内两点。在P、Q两点加高电压时，金属管内空气电离，电离出来的电子在静电力的作用下，遇到烟气中的煤粉，使煤粉带负电，导致煤粉被吸附到管壁上，排出的烟就清洁了。就此示意图，下列说法正确的是（）A

．Q接电源的负极B．电场强度mnEEC．金属圆筒内越靠近Q极电势越高D．带上负电的煤粉在向管壁运动的过程中其运动轨迹为抛物线9．甲乙两列简谐横波在同一均匀介质中沿x轴相向传播，波速1m/sv=，某时刻的波形如图所示，MNP、、为介质中的三个质点，则下列说法正确的是（）A．以P点开始

振动时为计时起点，则质点P的振动方程为π15sin2ytcm=B．从图示时刻开始，经过1s质点MN、的速度大小会再次相等C．7mx=处的质点从图示时刻开始经4s通过的路程为20cmD．两列简谐横波的频率均为4Hz10．如

图所示，质量4kgM=、长为10mL=的木板停放在光滑水平面上，另一不计长度、质量1kgm=的木块以某一速度从右端滑上木板，木板与木块间的动摩擦因数0.8=。若要使木板获得的速度不大于2m/s，木块的初速度0v应满足

的条件为（g取210m/s）（）A．010m/svB．010m/svC．015m/svD．015/vms三、非选择题：（60分）11．两组同学计划探究加速度与力、质量的关系。（1）第一组同学采用如图a装置验证拉力一定时，物体加速度与质量成反

比。左右等高的水平梷面上都有一端带滑轮的长木板，木板上都固定有打点计时器，质量分别为1m和2m的两个小滑块通过一条细绳绕过各自长木板上的定滑轮相连，动滑轮下吊有沙桶，调整装置使1m和2m在同一竖直平面内，并使细线与长木板平

行，两个小滑块都与穿过打点计时器限位孔的纸带相连。关于该方案，实验前____________（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力，____________（填“需要”或“不需要”）满足沙和沙桶的总质量远小于滑块质量。（2）第二组同学的实验平面很光滑，摩擦力可以忽略不计。他们设想

通过测量质量相同的两辆小车在相同时间内通过的位移来比较它们的加速度，进而探究加速度与力的关系，实验装置如图b所示。将轨道分上下双层排列，两小车尾部的刹车线由后面的刹车系统同时控制，能使小车同时立即停下来。通过改变槽码盘中的槽码来改变拉力的大小。通

过比较两小车的位移来比较两小车的加速度大小，你认为____________（选填“可行”或“不可行”）12．物理课外研究小组欲通过实验研究某一直流电源的带载特性，除所用电源，开关、导线外，实验室备有器材：电压表（量程3V）、电流表（量程3A）、定值电器0R、滑动变阻器LR。（1）测

量电源的电动势和内阻。按如图1所示的电路连接器材，并移动滑动变阻器LR滑片位置，读出对应的电压表和电流表示数，在图2中标记相应的点并拟合出UI−图线，可得电源电动势E=____________V，内阻r=____________Ω（结果均保留2位有效数字）（2）不考虑偶然误差，由上述（1）方法

测得的内阻r____________（填“大于”、“等于”、“小于”）真实值，引起此误差的原因是____________。（3）测试电源的带载特性。用R表示变阻器接入电路的阻值，I表示电流表的示数。为便于对比研究，

采集两种情况下的数据并作出相应的①、②图线：①表示图1中变阻器LR的功率变化规律；②表示图3中变阻器LR的功率变化规律。在滑动变阻器LR的滑片移动过程中，不考虑电表的影响，下列选项正确的是____________。A．B．C．D．1

3．如图所示，质量均为m的物块AB、放在水平转盘上，两物块到转轴的距离均为r，与转盘之间的动摩擦因数均为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。AB、分别用细线系于转盘转轴上的1O、2O点，细绳都刚好拉直。现缓慢增

大转盘的转速，重力加速度为g。（1）求1OA绳即将出现张力时转盘的角速度；（2）通过计算说明谁先脱离转盘。14．如图所示，半径为R的光滑圆形轨道固定在竖直平面内，O为圆心、abcd、、、为圆形轨道上的点，其中ac为竖直直径，b与圆心等

高，d和圆心的连线与水平方向的夹角为45。一小球静止在圆形轨道底端a点，某时刻小球获得一个水平向右的瞬时初速度0v（未知），已知重力加速度为g，回答下列问题：（1）若使小球运动过程中不脱离轨道，求小球的初速度0v的范围；（2）若小球在d点脱轨，求小球的初速度0v；（3）以d点为坐标原点，水平

方向为x轴（向右为正），竖直方向为y轴（向上为正）建立平面直角坐标系。若小球仍在d点脱轨，求小球脱离轨道后的运动轨迹方程。15．如图，PQ为半径足够大的14光滑圆弧轨道，圆弧轨道末端与右侧光滑水平面QS平滑

连接，水平面QS右侧平滑对接一足够长的水平传送带，传送带正在以8.0m/sv=的速度逆时针匀速转动。有一质量为1.0kgm=的物块A静止于圆弧轨道底端，在物块A右侧有一质量为1.0kgM=的物块B，物块B与传送带之间的

动摩擦因数0.20=，物块B以水平向右010m/sv=的速度从传送带左侧滑上传送带。当物块B滑离传送带后与物块A发生碰撞，物块A上有特殊装置，可以使物块AB、碰撞瞬间让两者合在一起成为一个整体沿圆弧轨道向上运动，当AB、整体沿圆弧轨道向下运动到轨道底端时，该装置使物块AB、分开，物块A停在轨

道底端，物块B以分开前瞬间的速度向右运动，之后物块A、B会多次作用，重力加速度大小取210m/sg=，不计空气阻力，两物块均可看作质点。求：（1）物块AB、第一次沿圆弧轨道向下运动到轨道底端分开时物块B的速度大小1v；（2）物块B从第一次滑上传送带到滑离传送带过程中摩擦产生的热量1Q；（3）

物块B开始滑上传送带之后的整个过程中传送带对物块B摩擦力的冲量I。参考答案1-7ABBDBDC8-10BCABBC11．（1）需要；不需要；（2）可行。12．（1）3.0；1.3；（2）小于；电压表的分流；13．（3）A；C。13．解：（1）1AO绳即将出现张力时，对A物块，有2m

gmr=，解得gr=（2）设1AO绳与竖直方向的夹角为2,O，B绳与竖直方向的夹角为，A即将脱离转盘时有cosmgAT=，2sinmrAAT=，解得tanAgr=同理可得B即将脱离转盘时tanBgr=由题意可知，所以AB，故A先脱离转盘14．解：

（1）小球不脱离轨道分两种情况：小球在下半圆往复运动或小球可以做完整圆周运动。小球在下半圆往复运动的临界情况为小球运动至圆心等高处b时速度为0，由动能定理得20102mgRmv−=−解得02vgR=小球可以做完整圆周运动的临界情况为

小球在轨道最高点c时2cmvmgR=又由动能定理得22011222cmgRmvmv−=−解得05vgR=所以若使小球在运动过程中不脱离轨道，小球获得的初速度范围为02vgR或05vgR（2）若小球在d点脱轨，则小球在d点时满足2sin45dmvm

gR=又由动能定理得2202111222dmgRmvmv−+=−解得03222vgR=+（3）小球在d点向左上方45方向脱离轨道做斜抛运动，此时22dvgR=小球在水平方向做匀速直线运动2224dxvtgRt−==竖直方

向做竖直上抛运动2221212242dyvtgtgRtgt=−=−消去参数t，解得22yxxR=−−15．解：（1）传送带足够长，则物块B在传送带上向右滑动的速度一定能减小到0，传送带的速度8m/sv=，小于物块B初始的速度010m/sv=，则物块B第一次滑离传送带时速度等于传

送带的速度8m/sv=；设物块AB、第一次碰撞之后速度为v共，物块AB、碰撞过程，根据动量守恒定律有()MvMmv=+共解得4m/sv=共物块AB、碰撞之后，沿圆弧轨道向上运动和返回过程中系统的机械能守恒，即AB、分开前瞬间它们的速度4m/sv=共，所以AB、分

开时物块B的速度为14m/svv==共（2）物块B在传送带上向右减速运动过程根据牛顿第二定律有MgMa=解得22m/sa=物块B减速到0的时间015svta==物块B和传送带运动的位移分别为1x和2x，减速过程

中相对滑动的位移为011211Δ65m2vxxxtvt=+=+=物块B在传送带上向左加速运动的加速度还为22m/sa=物块B向左加速到与传送带速度相等时不再发生相对滑动，加速过程时间24svta==设加速过程物块B和传

送带运动的位移分别为3x和4x，加速过程中相对滑动的位移为24322Δ16m2vxxxvtt=−=−=整个过程产生的热量为()112ΔΔ162JQMgxx=+=（3）物块AB、第一次碰撞后，物块B以速度14m/

sv=滑上传送带，物块B的速度14m/sv=小于传送带的速度，则物块向右减速到0后再向左加速，减速和加速过程的加速度大小相等，根据运动的对称性可知物块B离开传送带时速度大小也为14m/sv=，物块B在传送带上运动的时间为1

114svvTa−−==−设物块AB、第二次碰撞之后速度为2v，物块AB、碰撞过程，根据动量守恒定律有()12MvMmv=+解得22m/sv=物块B以速度22m/sv=滑上传送带，物块B的速度22m/sv=小于传送带的速度，则物块向右减速到0后再向左加速，减

速和加速过程的加速度大小相等，根据运动的对称性可知物块B离开传送带时速度大小也为22m/sv=；物块B在传送带上运动的时间为2222svvTa−−==−之后重复上述过程，设物块AB、第n次碰撞之后速度为nv，物块AB、碰撞过程，根据动量守恒定律有()1nnMvMmv−=+解得()118m/

s1,2,3,22nnnnMvvvnMm−====+物块B以速度8m/s2nnv=滑上传送带，物块B的速度8m/s2nnv=小于传送带的速度，则物块向右减速到0后再向左加速，减速和加速过程的加速度大小相等，根据运动的对称性可知物块B离开传送带时速度大小也为8m/s2nnv=；物块B

在传送带上运动的时间为()8s1,2,3,2nnnnvvTna−−===−物块B在传送带上与传送带有相对滑动过程中物块B会受到水平向左的滑动摩擦力，速度与传送带速度相等之后不再受到摩擦力的作用，则摩擦力的作用时间为1212ntttTTT=+++++根据等比数列求

和得121412s8s112nnTTT−+++==−则摩擦力的冲量为34NsIMgt==