【文档说明】湖北省襄阳市第五中学2024-2025学年高三上学期9月月考试题 物理 Word版含答案.docx，共(10)页，1.196 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-d4778a90eb15c03053a716886cb5316f.html

以下为本文档部分文字说明：

襄阳五中2025届高三上学期9月月考物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．已知氘()21H核的质量为Dm，质子()11H的质量为pm，中子()10n的质量为

nm，光速为c，则氘核的比结合能为（）A．()212pnDmmmc+−B．()213pnDmmmc+−C．212DmcD．213Dmc2．北京时间2024年4月25日，神舟十八号载人飞船发射取得成功。假如“神舟十

八号”仅受地球施加的万有引力作用下，绕地球沿如图椭圆形轨道运动，它在ABC、、三点以下关系正确的是（）A．从A点运动至B点的过程中，“神舟十八号”的机械能不断减少B．从A点运动至C点的时间小于从C点运动至B点的时间C．“神舟十八号”在A点处的加速度最小D．“神舟十八号”

在B点处受到的地球施加的万有引力最大3．如图，在水池底中部放一线状光源，光源平行于水面，则水面观察到的发光区域形状为（）A．B．C．D．4．一物体做匀变速直线运动，其运动的位移x随时间的变化关系图像如图所示，则在4st=末，物体的速度大小为（）A．3m/sB．4m/sC．5m/

sD．6m/s5．如图所示，有一个边长为L的立方体空间ABCDMNPQ−，一长度为3L的导体棒沿AP方向放置。空间内加上某一方向的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度的大小为B。在导体棒中通以从A至P、大小为I的电流，则关于导体棒受到的安

培力，下列说法中正确的是（）A．若磁场沿M指向A的方向，安培力的大小为3ILBB．若磁场沿M指向A的方向，安培力的大小为2ILBC．若磁场沿M指向Q的方向，安培力的大小为62ILBD．若磁场沿M指向Q

的方向，安培力的大小为32ILB6．如图所示，半球形容器内有三块不同长度的滑板AOBOCO、、，其下端都固定于容器底部O点，上端搁在容器侧壁上，与水平面间的夹角分别为304537、、。若三个完全相同的滑块同时从ABC、、处开始由静止下滑

（忽略阻力），则（）A．A处滑块最先到达O点B．B处滑块最先到达O点C．三种情况下滑块到达O点的时间不相等D．若换用摩擦系数相同的杆，运动过程中产生的摩擦热，从B处下滑的是最大7．如图所示，长木板AB倾斜放置

，板面与水平方向的夹角为，在板的A端上方P点处，以大小为0v的水平初速度向右抛出一个小球，结果小球恰好能垂直打在板面上。现让板绕A端顺时针转过一个角度到图上虚线的位置，要让球从P点水平抛出后仍能垂直打在板面上，则水平位移x及抛出的水平速度v（不计空气阻力

）（）A．x变大，v大于0vB．x变小，v小于0vC．x变化不确定，v小于0vD．x变化不确定，v等于0v二、多项选择题：本题共3小题，每小题4分，共12分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错

的得0分。8．很多以煤做燃料的电厂、电站每天排出的烟气带走大量的煤粉，如图甲所示，这不仅浪费燃料，而且严重地污染环境，为了消除烟气中的煤粉，可利用静电除尘，如图乙，m、n为金属管内两点。在P、Q两点加高电压时，金属管内空气电离，电离出来的电子在静电力的作用下，遇到烟气中的煤粉，使煤粉带负电，导致煤

粉被吸附到管壁上，排出的烟就清洁了。就此示意图，下列说法正确的是（）A．Q接电源的负极B．电场强度mnEEC．金属圆筒内越靠近Q极电势越高D．带上负电的煤粉在向管壁运动的过程中其运动轨迹为抛物线9．

甲乙两列简谐横波在同一均匀介质中沿x轴相向传播，波速1m/sv=，某时刻的波形如图所示，MNP、、为介质中的三个质点，则下列说法正确的是（）A．以P点开始振动时为计时起点，则质点P的振动方程为π15sin2ytcm=B．从图示时刻开始，经过1s质点MN、的速度大小会再

次相等C．7mx=处的质点从图示时刻开始经4s通过的路程为20cmD．两列简谐横波的频率均为4Hz10．如图所示，质量4kgM=、长为10mL=的木板停放在光滑水平面上，另一不计长度、质量1kgm=的木块以某一速度从右端滑上木板，木板与木块间

的动摩擦因数0.8=。若要使木板获得的速度不大于2m/s，木块的初速度0v应满足的条件为（g取210m/s）（）A．010m/svB．010m/svC．015m/svD．015/vms三、非选择

题：（60分）11．两组同学计划探究加速度与力、质量的关系。（1）第一组同学采用如图a装置验证拉力一定时，物体加速度与质量成反比。左右等高的水平梷面上都有一端带滑轮的长木板，木板上都固定有打点计时器，质量分别为1m和2m的

两个小滑块通过一条细绳绕过各自长木板上的定滑轮相连，动滑轮下吊有沙桶，调整装置使1m和2m在同一竖直平面内，并使细线与长木板平行，两个小滑块都与穿过打点计时器限位孔的纸带相连。关于该方案，实验前____________（填“需要”或“

不需要”）平衡摩擦力，____________（填“需要”或“不需要”）满足沙和沙桶的总质量远小于滑块质量。（2）第二组同学的实验平面很光滑，摩擦力可以忽略不计。他们设想通过测量质量相同的两辆小车在相同时

间内通过的位移来比较它们的加速度，进而探究加速度与力的关系，实验装置如图b所示。将轨道分上下双层排列，两小车尾部的刹车线由后面的刹车系统同时控制，能使小车同时立即停下来。通过改变槽码盘中的槽码来改变拉力的大小。通过比较两小车的位移来比

较两小车的加速度大小，你认为____________（选填“可行”或“不可行”）12．物理课外研究小组欲通过实验研究某一直流电源的带载特性，除所用电源，开关、导线外，实验室备有器材：电压表（量程3V）、电流表（量程3A）、定值电器0R、滑动变阻器LR。（1

）测量电源的电动势和内阻。按如图1所示的电路连接器材，并移动滑动变阻器LR滑片位置，读出对应的电压表和电流表示数，在图2中标记相应的点并拟合出UI−图线，可得电源电动势E=____________V，内阻r=____________Ω（结果均保留

2位有效数字）（2）不考虑偶然误差，由上述（1）方法测得的内阻r____________（填“大于”、“等于”、“小于”）真实值，引起此误差的原因是____________。（3）测试电源的带载特性。用R表示变阻器接入电路的阻值，I表示电流表的示数。为便于对比研究，采集两

种情况下的数据并作出相应的①、②图线：①表示图1中变阻器LR的功率变化规律；②表示图3中变阻器LR的功率变化规律。在滑动变阻器LR的滑片移动过程中，不考虑电表的影响，下列选项正确的是____________。A．B．C．D．13．

如图所示，质量均为m的物块AB、放在水平转盘上，两物块到转轴的距离均为r，与转盘之间的动摩擦因数均为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。AB、分别用细线系于转盘转轴上的1O、2O点，细绳都刚好拉直。现缓慢增大转盘的转速，重力加速度为g。（1）求1OA绳即将出现张力时转盘的角速度；（

2）通过计算说明谁先脱离转盘。14．如图所示，半径为R的光滑圆形轨道固定在竖直平面内，O为圆心、abcd、、、为圆形轨道上的点，其中ac为竖直直径，b与圆心等高，d和圆心的连线与水平方向的夹角为45。一小球静止在圆形轨道底端a点，某时刻小球

获得一个水平向右的瞬时初速度0v（未知），已知重力加速度为g，回答下列问题：（1）若使小球运动过程中不脱离轨道，求小球的初速度0v的范围；（2）若小球在d点脱轨，求小球的初速度0v；（3）以d点为坐标原点，水平方向为x轴（向右为正），竖直方向为y轴（向上为正）建

立平面直角坐标系。若小球仍在d点脱轨，求小球脱离轨道后的运动轨迹方程。15．如图，PQ为半径足够大的14光滑圆弧轨道，圆弧轨道末端与右侧光滑水平面QS平滑连接，水平面QS右侧平滑对接一足够长的水平传送带，传送带正在以8.0m/sv=的速度逆时针匀

速转动。有一质量为1.0kgm=的物块A静止于圆弧轨道底端，在物块A右侧有一质量为1.0kgM=的物块B，物块B与传送带之间的动摩擦因数0.20=，物块B以水平向右010m/sv=的速度从传送带左侧滑上传送带。当物块B滑离传送带后与

物块A发生碰撞，物块A上有特殊装置，可以使物块AB、碰撞瞬间让两者合在一起成为一个整体沿圆弧轨道向上运动，当AB、整体沿圆弧轨道向下运动到轨道底端时，该装置使物块AB、分开，物块A停在轨道底端，物块B以分开

前瞬间的速度向右运动，之后物块A、B会多次作用，重力加速度大小取210m/sg=，不计空气阻力，两物块均可看作质点。求：（1）物块AB、第一次沿圆弧轨道向下运动到轨道底端分开时物块B的速度大小1v；（2）物块B从第一次滑上传送带到滑离传送带过程中摩擦产生的热量1Q；

（3）物块B开始滑上传送带之后的整个过程中传送带对物块B摩擦力的冲量I。参考答案1-7ABBDBDC8-10BCABBC11．（1）需要；不需要；（2）可行。12．（1）3.0；1.3；（2）小于；电压表的分流；13．（3）A；C。13．解：（1）1AO绳即将出现张力时，对A物块，有2mgm

r=，解得gr=（2）设1AO绳与竖直方向的夹角为2,O，B绳与竖直方向的夹角为，A即将脱离转盘时有cosmgAT=，2sinmrAAT=，解得tanAgr=同理可得B即将脱离转盘时tanBgr=由题意可知，所

以AB，故A先脱离转盘14．解：（1）小球不脱离轨道分两种情况：小球在下半圆往复运动或小球可以做完整圆周运动。小球在下半圆往复运动的临界情况为小球运动至圆心等高处b时速度为0，由动能定理得20102mgR

mv−=−解得02vgR=小球可以做完整圆周运动的临界情况为小球在轨道最高点c时2cmvmgR=又由动能定理得22011222cmgRmvmv−=−解得05vgR=所以若使小球在运动过程中不脱离轨道，小球获

得的初速度范围为02vgR或05vgR（2）若小球在d点脱轨，则小球在d点时满足2sin45dmvmgR=又由动能定理得2202111222dmgRmvmv−+=−解得03222vgR

=+（3）小球在d点向左上方45方向脱离轨道做斜抛运动，此时22dvgR=小球在水平方向做匀速直线运动2224dxvtgRt−==竖直方向做竖直上抛运动2221212242dyvtgtgRtgt=−=−消去参

数t，解得22yxxR=−−15．解：（1）传送带足够长，则物块B在传送带上向右滑动的速度一定能减小到0，传送带的速度8m/sv=，小于物块B初始的速度010m/sv=，则物块B第一次滑离传送带时速度等于传送带的速度8m/sv=；设物块AB、第一

次碰撞之后速度为v共，物块AB、碰撞过程，根据动量守恒定律有()MvMmv=+共解得4m/sv=共物块AB、碰撞之后，沿圆弧轨道向上运动和返回过程中系统的机械能守恒，即AB、分开前瞬间它们的速度4m/sv=共，所以AB、分开时物块B的速度为1

4m/svv==共（2）物块B在传送带上向右减速运动过程根据牛顿第二定律有MgMa=解得22m/sa=物块B减速到0的时间015svta==物块B和传送带运动的位移分别为1x和2x，减速过程中相对滑动

的位移为011211Δ65m2vxxxtvt=+=+=物块B在传送带上向左加速运动的加速度还为22m/sa=物块B向左加速到与传送带速度相等时不再发生相对滑动，加速过程时间24svta==设加速过程物块B和传送带运动的位移分别为3x和4x，

加速过程中相对滑动的位移为24322Δ16m2vxxxvtt=−=−=整个过程产生的热量为()112ΔΔ162JQMgxx=+=（3）物块AB、第一次碰撞后，物块B以速度14m/sv=滑上传送带，物块B的速度14m/sv=小于传送带的速度

，则物块向右减速到0后再向左加速，减速和加速过程的加速度大小相等，根据运动的对称性可知物块B离开传送带时速度大小也为14m/sv=，物块B在传送带上运动的时间为1114svvTa−−==−设物块AB、第二次碰撞

之后速度为2v，物块AB、碰撞过程，根据动量守恒定律有()12MvMmv=+解得22m/sv=物块B以速度22m/sv=滑上传送带，物块B的速度22m/sv=小于传送带的速度，则物块向右减速到0后再向左加速，减速和加

速过程的加速度大小相等，根据运动的对称性可知物块B离开传送带时速度大小也为22m/sv=；物块B在传送带上运动的时间为2222svvTa−−==−之后重复上述过程，设物块AB、第n次碰撞之后速度为nv，物块AB、碰撞过程，根据动量守恒定律有()1nnMvMmv−=+解

得()118m/s1,2,3,22nnnnMvvvnMm−====+物块B以速度8m/s2nnv=滑上传送带，物块B的速度8m/s2nnv=小于传送带的速度，则物块向右减速到0后再向左加速，减速和加速过程的加速度大小相等，根据运动的对

称性可知物块B离开传送带时速度大小也为8m/s2nnv=；物块B在传送带上运动的时间为()8s1,2,3,2nnnnvvTna−−===−物块B在传送带上与传送带有相对滑动过程中物块B会受到水平向左的滑动摩擦力，速度与传送带速度相等之后不再受到摩擦力的

作用，则摩擦力的作用时间为1212ntttTTT=+++++根据等比数列求和得121412s8s112nnTTT−+++==−则摩擦力的冲量为34NsIMgt==