【文档说明】黑龙江省哈尔滨市宾县第二中学2020-2021学年高二下学期第二次月考数学（理科）试题含答案.docx，共(8)页，363.973 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-d1aab97656623778022000ab249deacb.html

以下为本文档部分文字说明：

宾县第二中学2020-2021学年度下学期第二次月考高二数学（理科）试卷考试时间：120分钟；总分：150分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息；2．请将答案规范填写在答题卡上。一、选择题：（本大题共12题，每

题5分共60分。）1．函数3yxx=+的递增区间是（）A．(0,)+B．(,1)−C．(,)−+D．(1,)+2．用数学归纳法明:()*111111111234212122nNnnnnn−+−++−=++−++，当1nk=+时,等式左

边应在nk=的基础上加上（）A．121k+B．122k−+C．112122kk−++D．112122kk+++3．如果用1N的力能将弹簧拉长1cm，为了将弹簧拉长6cm，所耗费的功为()．A．0.18JB．0.26JC．0.12JD．0.28J4．反证法证明命题：

“一个三角形中不能有两个直角”的过程归纳为以下三个步骤：①9090180ABCC++=++，这与三角形内角和为180°相矛盾，90AB==不成立；②所以一个三角形中不能有两个直角；③假设三角形的三个内角、、ABC中有两个直角，不妨设90AB==；正确顺序的序号为（）

A．①②③B．③①②C．①③②D．②③①5．设i是虚数单位，若复数2i1mi+−(mR)是纯虚数，则m的值为（）A．－3B．3C．1D．－16．已知(3)(1)2aiibi+−=−（,abR，i为虚数单位），则复

数||abi+=（）A．15B．4C．17D．57．设2,[0,1]()2,(1,2]xxfxxx=−，则20()dfxx=（）A．34B．45C．56D．不存在8．从0，1，2，3，4，5这六个数

字中，任取两个不同的数字相加，其和为偶数的不同取法的种数为（）A．30B．20C．10D．69．我国第一艘航母“辽宁舰”在某次舰载机起降飞行训练中，有5架舰载机准备着舰．如果甲、乙两机必须相邻着舰，而丙、丁不能相邻着舰，那么不同的着舰方法有()A．12种B．18种C．24种D．48种10．如

图，若向量OZ对应的复数为z，则4zz+表示的复数为（）A．1＋3iB．－3－iC．3－iD．3＋i11．已知()fx是定义在(0,)+上的函数，且()11f=，导函数()fx满足()()fxfx恒成立，

则不等式()1xfxee的解集为（）A．(1,)+B．10,2C．1,12D．(0,1)12．2021年，河北新型冠状病毒引发的疫情牵动着亿万人的心．八方驰援战疫情，众志成城克时难，社会各界支援河北，共

抗新型冠状病毒肺炎．北京某医院的甲、乙、丙、丁4名医生到河北的,,ABC三个灾区支援，若要求每个灾区至少安排1名医生，则灾区A恰好只有医生甲去支援的概率为（）A．12B．13C．16D．34二、填空题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．观察下列不等式：111223++，11113

237++++，111142315++++，…，可归纳的一个不等式是11123++++__________n（nN且1n）．14．有这样一段“三段论”推理，对于可导函数()fx，大前提：如果0()0fx=，那么0xx=是函数()fx的极值点；小前提：因为函数3()fxx=在0x=

处的导数值(0)0f=，结论：所以0x=是函数3()fxx=的极值点．以上推理中错误的原因是______错误（“大前提”，“小前提”，“结论”）．15．从红、黄、蓝、黑四种颜色中选出3种颜色，给如图所示的六个相连的

圆涂色，若每种颜色只能涂两个圆，且相邻两个圆所涂颜色不能相同，则不同的涂色方案的种数是________.16．已知()fx在R上连续可导，()fx为其导函数，且()2(0)xfxefx+=，则()fx在(0,(0)

)f处的切线方程为________________三、解答题：（17题10分，18-22每题12分，共70分）17．(10分)设0ab，用综合法证明：3322ababab++．18．(12分)用反证法证明：

在一个三角形中，至少有一个内角大于或等于60.19．(12分)已知数列na的首项为2，且()121nnaanN++=−.（Ⅰ）写出数列na的前4项，并猜想数列na的通项公式；（Ⅱ）用数学归纳法证明（Ⅰ）中的猜想.20．(12分)已知函数()fx为一次函数，若函数()fx的图象过

点(0,2)，且20()6fxdx=.(1)求函数()fx的表达式.(2)若函数2()gxx=，求函数()fx与()gx的图象围成图形的面积.21．(12分)将四个编号为1，2，3，4的小球放入四个编号为1，2，3，4的盒子中．（1）若每盒至多一球，则有多少种放法

？（2）若恰好有一个空盒，则有多少种放法？（3）若每个盒内放一个球，并且恰好有一个球的编号与盒子的编号相同，则有多少种放法？22．(12分)一盒中放有的黑球和白球，其中黑球4个，白球5个.（1）从盒中同时摸出两个球，求两球颜色恰好相同的概率.（2）从盒中摸出一个球，放回后再摸出一个球，求两球颜色

恰好不同的概率.（3）从盒中不放回的每次摸一球，若取到白球则停止摸球，求取到第三次时停止摸球的概率.宾县第二中学2020-2021学年度下学期第二次月考高二数学（理科）答案参考答案1．C【分析】利用导数的性质进行求解即可.【详解】3'231yxxyx=

+=+，因为'0y在整个实数集上恒成立，所以函数3yxx=+的递增区间是(,)−+.故选：C2．C【分析】对比nk=与1nk=+的等式的左边,即可得出结果.【详解】用数学归纳法证明:()*111111111234212122nNnnnnn−

+−++−=++−++，当nk=时,则()*111111111234212122kNkkkkk−+−++−=++−++，当1nk=+,左式=111111112342122122kkkk−+−++−+−−++,当1nk=+时,等式左边应在nk=的基础上加上112122kk−++.故选:

C【点睛】本题考查用数学归纳法来证明与正整数有关的命题,解题的关键是要看出等式的结构形式，写出等式对比就能看出两边的差距,属于基础题.3．A【详解】设()Fxkx=，依题意()0.010.011,100Fkk===，故()0.0620.0

60010050|0.18JWxdxx===.4．B【分析】反证法的步骤为：假设结论不成立，推导出矛盾，得到结论，据此得到答案.【详解】反证法的步骤为：假设结论不成立，推导出矛盾，得到结论，据此知顺序为③①②.故选：B.【点睛】本题考查了反证法的步骤，意在考查学生对于反证法的理解

和掌握.5．C【分析】先利用复数的除法化简复数，再根据复数为纯虚数求解.【详解】复数()()()2i12i1111immmiiii++=+=−+−−+，因为复数2i1mi+−(mR)是纯虚数，所以10m−=，解得1m=，故选：C.6．C【分析】由复

数的乘法运算结合复数相等的定义求出1a=，4b=，再由模长公式得出|i|ab+.【详解】(3)(1)2aiibi+−=−，即()332aaibi++−=−，根据复数相等的充要条件，得3ab+=且32a−=−，解得1a=，4b=，所

以22|i|11617abab+=+=+=．故选：C．7．C【分析】分段函数计算定积分，可分段积分，即：2122001()(2)fxdxxdxxdx=+−．【详解】解：因为2,[0,1]()2,(1,2]xxfxxx=−，所以，2

122001()(2)fxdxxdxxdx=+−31220111|(2)|32xxx=+−1132=+56=，故选：C．【点睛】本题主要考查了定积分的运算，涉及分段函数的定积分可分段计算再相加，属于基础题．8．D【分析】分取出的两数都是偶

数和取出的两数都是奇数两类求解即可.【详解】从0，1，2，3，4，5六个数字中，任取两个不同的数字相加，和为偶数可分为两类，①取出的两数都是偶数，共有3种取法；②取出的两数都是奇数，共有3种取法．故由分类加法计数原理得，共有N=3+3=6(种)取法．答案：D9．【答案】C【解析】根据题意，首先

先将甲、乙两机(必须相邻着舰)捆绑起来有A22种，然后将这个整体与其余的一架飞机排列有A22种，那么再从其形成的空位中任意选择两个排丙、丁可知，有A32种，那么根据分步乘法计数原理可知，所有的不同的着舰方法有A2

2A22A32＝24(种)．10．D【分析】利用复数与向量的对应关系可得z＝1－i，再利用复数的运算法则即可得出答案.【详解】由题图可得Z（1，－1），即z＝1－i，所以z＋4z＝1－i＋41i−＝1－i＋4(1)(1)(1)iii+−+＝1－i＋44

2i+＝1－i＋2＋2i＝3＋i.故选：D.【点睛】本题考查复数的几何意义、复数与向量之间的对应关系、复数的运算法则.11．A【分析】构造函数()()xxfFxe=，对其求导结合已知条件可判断()()xxfFxe=在(0,)+上的单调性，所要解的不等式

等价于()()1FxF，根据单调性即可求解.【详解】令()()xxfFxe=，则()()()2()()xxxxfxeefxfxfxFxee−−==，因为导函数()fx满足()()fxfx恒成立且0xe，所以()0Fx，所以()()

xxfFxe=在(0,)+单调递减，因为()(1)11fFee==，所以不等式()1xfxee等价于()()1FxF，因为所以()()xxfFxe=在(0,)+单调递减，所以1x，所以不等式()1xfxee的解集为(1,)+，故选：A【点睛】关键点点睛：本题解题的关键

点是根据已知条件，结合所要解的不等式构造函数，利用函数的单调性求解.12．C【分析】由排列组合的知识可确定四名医生分配到三个灾区，每个灾区至少一名医生和灾区A恰好只有医生甲去支援的情况种数，由古典概型

概率公式可求得结果.【详解】将四名医生分配到三个灾区，每个灾区至少一名医生，共有234336CA=种安排方法；灾区A恰好只有医生甲去支援的情况有22326CA=种安排方法；由古典概型概率公式知：灾区A恰好只有医生甲去支援的概率为61366=.故选：C.【点睛】方法点睛

：本题考查古典概型概率问题的求解，解题关键是能够利用排列组合的知识求得基本事件总数和满足题意的基本事件个数，对于常见的排列组合问题求法为：（1）相邻问题采取“捆绑法”；（2）不相邻问题采取“插空法”；（3）有限制元素采取“优先法”；（4）平均分组问题先选好人后，

平均分了n组，则除以nnA；（5）特殊元素顺序确定问题，先让所有元素全排列，然后除以有限制元素的全排列数.13．121n−【分析】根据所给的几个式子分析其一般规律特征，从而得出答案.【详解】不等式右边是从2n=开始的逐渐增加1，每个式子的左边的分母逐渐增加1，末项分母分别为()3,7,15

21n−，．所以归纳的一个不等式是11112321nn++++−故答案为：121n−14．大前提【详解】因为导数等于零的点不一定是极值点..因为只有此值两侧的导数值异号时才是极值点，所以大前提：如果0()0fx=，那么0xx=是函数()fx的极值点错误

15．120【分析】先从4种颜色中选出3种颜色，然后分为前三个圆用3种颜色和前3个圆2种颜色来讨论得出答案.【详解】从红、黄、蓝、黑四种颜色中选出3种颜色有4种选法.因为每种颜色只能涂两个圆，且相邻两个圆所涂颜色不能相同，分两类：一类是，前

三个圆用3种颜色，有336A=种方法，后3个圆也有3种颜色，有11224CC=种方法，此时不同方法有6×4=24方法；二类是，前3个圆2种颜色，后3个圆2种颜色，共有11326CC=方法.综上可知，所有的涂法共有()4246120+=种方法

.故答案为：120【点睛】本题考查先选后排的问题，考查涂色问题，利用分类讨论思想，结合图形将涂色方法分为两类，属于中档题.16．1yx=−+【分析】求导得斜率，利用点斜式求解直线方程【详解】由题意，2()(0)xfxef+=，所以0(0)(0)(02)12

feff+=+=，因此(0)1f=−，所以()2xfxex=−，易知切线为1yx=−+故答案为：1yx=−+【点睛】本题考查导数的几何意义，考查切线方程求法，是基础题17．证明见解析.【分析】作差、分解因式、判断

符号即可【详解】证明如下：33223232()()()()abababaabbab+−+=−+−22()()aabbba=−+−222()()()()abababab=−−=+−又0,0,0abab+，而2()0a

b−2()()0abab+−故3322()()0ababab+−+即3322ababab++【点睛】本题考查的是利用综合法证明不等式，较简单.18．证明见解析【分析】假设所证结论的反面，推出与三角形

内角和定理矛盾的结论，从而否定假设，肯定所证结论正确.【详解】在ABC中，由内角和定理得180ABC++=，假设至少有一个内角大于或等于60不正确，则三个角都小于60，即60A，60B，60C，则606060180ABC++++=，这与三角形内角和定理相矛盾，故假设不成立，

所证结论正确.19．（Ⅰ）12a=，23a=，35a=，49a=，猜想：121nna−=+.（Ⅱ）见解析【分析】（1）由归纳猜想即可得到答案；（2）按照数学归纳法的步骤证明即可.【详解】（Ⅰ）12a=，23a=，35a

=，49a=，猜想：121nna−=+.（Ⅱ）当1n=时，猜想显然成立，假设()1nkk=时，猜想成立，即121kka−=+，∴()1121221121kkkkaa−+=−=+−=+，即1nk=+时，猜想也成立.∴

对一切n+N，121nna−=+.【点睛】本题考查归纳推理与数学归纳法证明等式，由()1nkk=到1nk=+时，除等式两端的变化外，还要充分利用归纳假设，正确写出步骤，使问题得到证明.20．（1）()2fxx=+；（2

）92【分析】（1）假设出一次函数()()20fxkxk=+，根据积分构造出方程求得k，进而得到结果；（2）联立两函数解析式可求得交点坐标，从而可知所求面积为()()21Sfxgxdx−=−，利用积分的运算法则求得结果.【详解】（1）()fx为

一次函数且过点()0,2可设()()20fxkxk=+()()2220022224602kfxdxkxdxxxk=+=+=+=，解得：1k=()2fxx=+（2）由22yxyx==+得：11

x=−，22x=()fx与()gx围成的图形面积()()21Sfxgxdx−=−即()222312118119222421233232Sxxdxxxx−=+−=+−=+−−−+=−

【点睛】本题考查利用积分求解函数解析式、利用积分求解两函数围成图形面积的问题，属于积分知识的基础应用问题.21．（1）24；（2）144；（3）8．【分析】（1）由四个元素的全排列计算即可；（2）利用捆绑法将四个球中的两个“捆”在一起，再从4个盒子中选3个进行投放；（3）先

选出一个球的编号和盒子编号相同的小球，再用局部列举法得出其余三个球的投入方法，最后由分步乘法计数原理求解即可；【详解】（1）每盒至多一球，这是4个元素全排列问题，共有44A24=种．答：共有24种放法．（2）先取四个球中的两个“捆”在一起，有24C种选法，把它与其他

两个球共三个元素分别放入四个盒子中的三个盒子，有34A种投放方法，所以共有2344CA144=（种）放法．答：共有144种放法．（3）一个球的编号与盒子编号相同的选法有14C种，当一个球与一个盒子的编号相同时，用局部列举法可知其余三个球的投入方法有2种，故共有14C28=（种）放法．答：共有

8种放法．【点睛】关键点睛：解决问题（2）的方法在于利用捆绑法将四个球中的两个“捆”在一起，再进行排列.22．（1）49；（2）4081；（3）542．【解析】试题分析：（1）总方法数是29C，两球颜色恰好相同，可以是同为黑色，也可能是同为白色，即分为两类可得方法数；（2）有放回取两球的总方法数为

29，两球颜色恰好不同，可分两类，第一类是第一个球黑色第二个球白色，方法数有45，第二类是第一个球白色第二个球黑色，方法数有54；（3）取到第三次时停止摸球是第三次摸到白球，前两次摸到的是黑球．试题

解析：（1）（2）（3）