【文档说明】四川省遂宁市射洪中学2023-2024学年高二下学期期末模拟数学试题答案.docx，共(4)页，426.504 KB，由管理员店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-cdc875fa35ed910c1162343d31ea0185.html

以下为本文档部分文字说明：

射洪中学高2022级高二（下）期末模拟考试数学参考答案1.D2.C3.A4.D5.B6.C7.B8.C【详解】对任意的1x，2(,)xm+，且12xx，122121lnln2xxxxxx−−，易知0m，则122121lnln

22xxxxxx−−，所以()()1221ln2ln2xxxx++，即1212ln2ln2xxxx++.令ln2()xfxx+=，则函数()fx在(,)m+上单调递减.因为2ln1()xfxx+=−，由(

)0fx，可得1ex，所以函数()fx的单调递减区间为1,e+，所以1(,),em++，故1em，即实数m的取值范围为1,e+.故选：C.9.AC10.BCD11.ACD【详解】由函数()3lo

gafxxx=−，可得其定义域为()0,+.A中：当ea=时，()()3ln,11fxxxf=−=，可得()213fxxx=−，所以()1312f=−=，所以曲线()yfx=在点()()1,1f处的切线方程为()121yx−=−，即210xy−−=，所以A正确；B中

：由()2311133lnlnfxxxxaxa=−=−，当01a时，10lna−，故()0fx¢>在()0,+上恒成立，故函数()fx在()0,+上单调递增，无极值点，所以B错误；C中：设切点为()3000,logaPxxx−，则()200013lnfxxx

a=−，所以曲线()yfx=在点P处的切线方程为()()32000001log3lnayxxxxxxa−−=−−，又切线过原点()0,0，所以()32000001log3lnaxxxxxa−+=−−，即3001log2lnaxxa−=，即()3

0011ln2lnxxa−=，所以30021ln1lnxax=−，设()321lnxgxx=−（0x且ex），则()()22243ln(1ln)xxgxx−=−，当()430,ee,ex时，()0gx；当43e,x+时，()0gx，所以()gx

在()430,e,e,e上单调递增，在43,e+上单调递减；当()0,ex时，()0gx；当()e,x+时，()0gx，且()gx的极大值为4436eeg=−，

由题意可知，函数()gx的图象与直线1lnya=有两个不同的交点，可得416elna−，所以41ln06ea−，所以216ee1a−，所以C正确；D中：要使()fx有两个零点，则方程3logaxx=有两个解，即方程3lnlnxxa=有两个解，即方程3lnlnxa

x=有两个解，设()3lnxhxx=，则()413lnxhxx−=，当130,ex时，()0hx；当13e,x+时，()0hx，所以()hx在130,e上单调递增，在13e,+上单调递减，所以()hx的极大值为131e3eh

=，又因为()10h=，当1x时，()0hx，当x→+时，()0hx→，所以10ln3ea，解得13e1ea，所以D正确.故选：ACD.12.2.2−13.5414.(,1−【详解】2()e(1)e,Rxxfxxmx=−−，则2()(1)e2(1)e[12(1)e]e

xxxxfxxmxm=+−−=+−−，若函数2()e(1)exxfxxm=−−存在唯一极值点，则()0fx=在xR上有唯一的根，所以由()0fx=可得12(1)e0xxm+−−=，则122exxm+−=有唯一的根，直线22ym=−与函数()1exxgx+=的

图象有一个交点（非切点），又()()2ee1eexxxxxxgx−+=−=，所以当(),0x−时，()0gx，()gx单调递增，当()0,x+时，()0gx，()gx单调递减，所以，函数()gx的极大值为(0)1g

=，且当1x−时，()0gx，当1x−时，()0gx，则函数()gx得图象如右图所示：所以，当220m−时，即当1m时，直线22ym=−与函数1()xxgxe+=的图象有一个交点（非切点），

因此，实数m的取值范围是(,1−.故答案为：(,1−.15.【详解】（1）（1）22列联表，如图所示：假设0:70H岁以上老人感染支原体肺炎与自身慢性疾病无关.则220.05200(40408040)5.5563.84

11208080120x−==，根据小概率值0.05=的独立性检验，推断0H不成立，即认为70岁以上老人感染支原体肺炎与自身慢性疾病有关，此推断犯错误的概率不大于0.05.（2）70岁以上

的老年人中随机抽查了200人，感染支原体肺炎的老年人为120人，则感染支原体肺炎的频率为12032005=，由已知得，3~3,,0,1,2,35XBX=()()32132832360,1C512555125PXPX======

，()()23233332543272C,3C551255125PXPX======，所以随机变量X的分布列为：X0123P812536125541252

7125所以39()355EX==,3218()35525DX==.16.(1)60（2）2.02【详解】（1）由题意可知：6n=，则6212xx+的展开式通项为()2612361661C22C,0,1,2,,6rrrrrrrT

xxrx−+−−===，令1230r−=，解得4r=，所以展开式中的常数项为24962C60T==.（2）因为()1nx+展开式的通项为1CkkknTx+=（0kn且Nk），根据题意得11CC5mn+=，即5mn+=①.()fx的展开式中2x的系数为()

()222211CC4222mnmmnnmnmn−−+−−+=+==.将①变形为5nm=−代入上式得25104mm−+=，解得2m=或3m=，所以23mn==或32mn==，则()()()3211f

xxx=+++，所以()()()32010133220.00310.00310.003CC0.003CC0.0032.02f=++++++.17.(1)增区间为(0,1)和(2,)+，减区间为(1,2)，极大值为-1，极小值为13ln2−(

2)21,e+.【详解】（1）22()()24ln3lngxfxxxxxxx=+−−=−−，该函数的定义域为(0,)+，则22223232(1)(2)()1xxxxgxxxxx−+−−=−+==，列表如下：x(0,1)1(1,2)2(2,)+()

gx+0-0+()gx增极大值减极小值增所以，函数()gx的增区间为(0,1)和(2,)+，减区间为(1,2)，函数()gx的极大值为(1)13ln121g=−−=−，极小值为(2)23ln2113ln2g=−−=−.（2）当0x时，由()ln(1)1fxxxax=−−+可得

ln1xax−，令ln1()xhxx−=，其中0x，则()()221·ln12lnxxxxhxxx−−−==，由()0hx可得20ex，由()0hx可得2ex，所以，函数()hx的增区间为()20

,e，减区间为()2e,+，所以，()22max22lne11()eeehxh−===，所以，max21()eahx=，故实数a的取值范围是21,e+.18.(1)edxyc=更适宜，0.34.5exy−=；(2)分

布列见解析.【详解】（1）根据散点图的形状，判断edxyc=更适宜作为平均产卵数y关于平均温度x的回归方程类型，将edxyc=两边同时取自然对数，得lnlnycdx=+，依题意，71()()33.6iiixxzz=−−=，72

227211()71125215727iiiixxxx==−==−−=，因此71217()()33.60.3112()iiiiixxzzdxx==−−===−，则ln3.60.3274.5czdx=−=−=−，于是z关于x

的线性回归方程为0.34.5zx=−，所以y关于x的回归方程为0.34.5exy−=.（2）依题意，X的可能值为0,1,2,3，213464331010CCC41363(0),(1)C12030C12010PXPX=======

=，123466331010CCC601201(2),(3)C1202C1206PXPX========，所以X的分布列为：X0123P130310121619.(1)证明见解析(2)证明见解析(3)1【详解】（1）设()e1xmxx=−−，则()e1xmx=−，当0x时，()

0mx；当0x时，()0mx，所以()mx在(,0)−上单调递减，在(0,)+上单调递增.因此()(0)0mxm=，即e1xx+；（2）由泰勒公式知2345e12!3!4!5!!nxxxxxxxn=++

++++++①，于是2345e1(1)2!3!4!5!!nxnxxxxxxn−=−+−+−++−+②，由①②得3521ee()23!5!(21)!xxnxxxfxxn−−−==+++++−，242ee()122!4!(2)!xxnxxxgxn−+==+++++，所以24222422()11

()3!5!(21)!2!4!(22)!nnfxxxxxxxgxxnn−−=++++++++++=−−，即()()fxgxx；（3）由（2）知3521ee()23!5!(21)!xxnxxxfxxn−−−==++++

+−，所以当0x时，3()6xfxx+，由此可知，当1k时，有3()6xfxkx+对,()0x+恒成立，下面证明：当1k时，3()6xfxkx+对,()0x+不恒成立，令3()()(0)6khxfxkxxx=−−，则()2ee22xx

khxkx−+=−−，令()()2ee22xxktxhxkx−+==−−，则ee()2xxtxkx−−=−，令()ee()2xxxtxkx−−==−，则ee()2xxxk−+=−，令ee()0

2xxxk−+=−=，即2e2e10xxk−+=，解得()21ln10xkk=−−或()22ln1xkk=+−.因为当1k时，211kk−−，故()21ln10xkk=−−舍去，所以当()20,xx时，()0x，得()x在()20,x上单调递减，故()(0)0x

=，即()0tx，从而()tx在()20,x上单调递减，故()()010txtk=−，即()()010hxhk=−，因此()hx在()20,x上单调递减，所以()(0)0hxh=，矛盾，所以当1k时，3()6xf

xkx+对,()0x+不恒成立，综上，k的最大值是1.