【文档说明】湖南省永州市第一中学2022-2023学年高一下学期6月月考物理试题+PDF版含答案.pdf，共(11)页，1.049 MB，由小赞的店铺上传

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物理试卷第1页，共6页永州一中2023年上期月考测试卷高一物理满分:100分考试时间：75分钟命题人：高雨欣审题人：唐红鹰一、单选题(本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，错选得0分)1．铁路在弯道处的内外轨道高度是

不同的，如图所示，已知内外轨道平面与水平面倾角为𝜽，弯道处的圆弧半径为𝑹，则质量为𝒎的火车在该弯道处转弯时，以下说法正确的是（）A．火车转弯所需的向心力主要由摩擦力提供B．火车转弯时受到重力、支持力、摩擦力和向

心力的作用C．若火车行驶速度等于√𝒈𝑹𝐭𝐚𝐧𝜽，则内、外轨均不受车轮轮缘挤压D．若火车行驶速度大于√𝒈𝑹𝐭𝐚𝐧𝜽，则内轨对内侧车轮轮缘有挤压2．如图所示，甲是点电荷形成的电场，乙是匀强电场，丙是等量异种电荷的电场，丁是等量同种电荷的

电场，其中丙图中的M、N是左右对称的两点，丁图中的M、N是中垂线上对称的两点，则下列说法正确的是（）A．甲图中M、N两点的电场强度相同B．乙图中M、N两点的电场强度不同C．丙图中M、N两点的电场强度不同D．丁图中M、N两点的

电场强度不同3．2020年7月23日，我国首次火星探测任务“天问一号”在中国文昌航天发射场踏上征程，使中国人探索火星的梦想更进一步。已知火星半径约为地球半径的一半，火星质量约为地球质量的𝟏𝟏𝟎，火

星绕太阳公转的周期约为地球公转周期的2倍，忽略火星和地球的自转，下列结论正确的是（）A．火星绕太阳的公转轨道半径约为地球公转轨道半径的4倍B．火星表面的重力加速度约为地球表面重力加速度的0.2倍C．火星的第一宇宙速度约为地球第一宇宙速度的

√𝟓𝟓倍D．火星的第一宇宙速度约为地球第一宇宙速度的√𝟓𝟏𝟎倍物理试卷第2页，共6页4．如图所示，有一带电粒子（不计重力）贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿①轨迹

恰好从B板边缘飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿②轨迹落到B板正中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次的偏转电压之比为（）A．𝑼𝟏:𝑼𝟐=𝟏:𝟏B．𝑼𝟏:𝑼𝟐=𝟏:𝟒C．𝑼𝟏:𝑼𝟐=𝟏:𝟐D．𝑼𝟏

:𝑼𝟐=𝟏:𝟖5．质量为m的小球被系在轻绳的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子所受拉力为9mg，此后小球继续做圆周运动，

经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功为（）．A.𝟑𝒎𝒈𝑹𝟐B．𝟓𝒎𝒈𝑹𝟐C．2mgRD．3mgR6．如图所示，一滑块自固定斜面的顶端由静止开始下滑，斜

面与滑块之间有摩擦力，𝒙表示相对出发点的位移；𝒕表示运动时间。以斜面底端所在的水平面为零势能面，下图中表示滑块下滑过程中动能𝑬𝑲，重力的瞬时功率P,重力势能𝑬𝑷，机械能𝑬变化的图像正确的是（）A．B．C．D．7．如图所示，一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径

POQ水平。一个质量为m的可当成质点的小球自P点上方高度为R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道。小球滑到轨道最低点N时，对轨道的压力大小为4mg，g为重力加速度。用W表示小球从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功。则下列判断正确的是()A．W＝12m

gR，小球恰好可以到达Q点B．W＞12mgR，小球不能到达Q点C．W＝12mgR，小球到达Q点后，还能继续上升一段距离D．W＜12mgR，小球到达Q点后，还能继续上升一段距离物理试卷第3页，共6页二、多选题

(本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分)8．为了更好地了解太阳活动对地球的影响，2022年10月，我国成功将“夸父一号”卫星发射

升空，将该卫星绕地球的运动看成匀速圆周运动，该卫星轨道距离地球表面约720千米，运行周期约99分钟，下列说法正确的是（）A．“夸父一号”的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度B．“夸父一号”的线速度小于地球同步卫星的线速度C．“夸父一号”的向心力大于地球同步卫星

的向心力D．“夸父一号”的角速度大于地球同步卫星的角速度9．一匀强电场的方向平行于xOy平面，O为坐标原点，该平面内a、b、c三点的位置如图所示，对应的电势分别为𝝋𝒂=9V、𝝋𝒃=17V、𝝋𝒄=25V，则下列结论正确的是（）A．O点的电势为−

1VB．Oc连线的中点电势为13VC．该匀强电场的方向为由c指向OD．将电子从a点移到c点电势能减少16eV10．如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为v0的带电粒子从A点射入电场，在竖直平面内沿直线从A运动到B，在此运动过程中，下列判断正确的是（）A.带电粒子的动能减

少，重力势能增加B.带电粒子的动能减少，电势能增加C.带电粒子的动能不变，重力势能增加D.带电粒子的动能不变，电势能减少11．如图所示，倾角θ=53°的足够长斜面固定在水平面上，斜面顶端固定一个半径和质量均不计的定滑轮D，底端固定一个垂直于斜面的挡板。质量为2m的物块A和

质量为m的物块B用一轻弹簧连接，物块B被斜面底部的挡板挡住。用一不可伸长的轻绳跨过滑轮使物块A与质量为𝟑𝟓m的小环C连接，小环C穿过竖直固定的均匀细杆（物块A、B及小环C均视为质点）。当小环C位于S处时，轻绳左端与杆垂直，且绳恰好拉直但无拉力。已知

∠SDQ=53°，现让小环C从位置S由静止释放，结果小环C恰好能运动到Q点且此时B恰好离开挡板但不上升，sin53°=0.8，cos53°=0.6，𝒈=𝟏𝟎m/s𝟐，不计一切摩擦，下列结论正确的是（）A．轻弹簧的劲度系数k=𝟔𝒎�

�𝟓𝒅B．轻弹簧的劲度系数k=𝟏𝟖𝒎𝒈𝟓𝒅C．小环C从位置S运动到Q点的过程中弹簧弹性势能的变化量∆Ep=𝟖𝟏𝟓mgdD．小环C从位置S运动到Q点的过程中弹簧弹性势能的变化量∆Ep=𝟒

𝟏𝟓mgd物理试卷第4页，共6页三、实验题(本题共2题，共14分，每空2分)12．“探究电容器充放电”的实验装置示意图如图甲所示。(1)先将开关S扳到𝒂，待电容器充电结束后将开关扳到𝒃，利用传感器记录电容器的放电过程，得到该电容器放电过程的𝑰−𝒕图像如图乙所示，根据图像估算出电容器开始

放电时所带的电荷量𝑸=___________C，已知电源电压保持为2V，则电容器的电容𝑪=______F。(2)将开关S扳到a，待电容器充电结束后，再向电容器两板间插入一块有机玻璃板，则在插入玻璃板

的过程中，电容器的电容会_______（选填“变大”、“变小”或“不变”），电路中电流表A中的电流方向为________（选填“c→d”或“d→c”）。13．某物理兴趣小组发现直接利用“落体法”进行验证机械能守恒定律实验时，由于物体下落太快，实验现象稍纵即逝。为了让实验时间得以适当延长

，他们设计了如图甲所示的实验方案，把质量分别为m1、m2(m1>m2)的两物体通过一根跨过定滑轮(质量可忽略)的细线相连接，m2的下方连接在穿过打点计时器的纸带上。先让两物体在外力作用下保持静止状态，然后开启打点计时器，待打点计时器打点稳定后再释放物体m1和m2。(1)在实

验过程中，下列说法正确的是______。A．实验时应先释放纸带再接通打点计时器的电源B．实验时纸带与打点计时器的两个限位孔要在同一竖直线上C．打点计时器、天平和刻度尺是本实验中必须使用的测量仪器D．实验中重物的质量大小不影响实验误差(2)图乙是一条较为理想的实验纸带，O点是

打点计时器打下的第一个点，计数点间的距离如图乙所示。两相邻计数点间时间间隔为T，重力加速度为g（题中所有物理量符号都用国际单位）。①在纸带上打下记数点“5”时物体的速度大小为v5=__________（用题中所给的物理量符号表示）；②从打计数点“O”到打计数点

“5”的过程中，m1、m2组成的系统重力势能的减少量Ep=_____________（用题中所给的物理量符号表示），再求出此过程中系统动能的增加量，即可验证系统机械能是否守恒。物理试卷第5页，共6页四、解答题(本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最

后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14．（10分）如图所示，在绝缘水平面上的O点固定一电荷量为+Q点电荷，在距离O点正上方高为H的A处由静止释放某带电荷量为+q的小液珠，小液

珠开始运动瞬间的加速度大小等于重力加速度，方向竖直向上。已知静电力常量为k，两电荷均可看成点电荷，不计空气阻力。求：(1)小液珠开始运动瞬间受到的库仑力大小和方向；(2)小液珠运动过程中速度最大时距离O点的高度h。（以上两问结果只能用题中已知的物理量k、Q、q、H表示）15．（12分

）如图所示，利用电动机通过细钢绳吊升一质量为8kg的物体，细绳能承受的最大拉力为120N，电动机的功率不能超过1200W，取𝒈=𝟏𝟎m/s2，求：(1)电动机吊升该物体的最大速度𝒗m；(2)吊升该物体允许的最大加速度

𝒂𝒎；(3)电动机将该物体由静止吊升h=30m所需的最短时间t。物理试卷第6页，共6页16．（16分）如图所示，水平传送带的左端与斜面AB末端连接，右端与光滑水平轨道CD连接，D端连接半圆形光滑圆弧轨道

DFG，圆弧半径𝑹=𝟏.𝟔m，在竖直面DG的右侧(包括D、G点)存在竖直向下的匀强电场，电场强度E=𝟓𝒎𝒈𝟐𝒒。质量均为𝒎=𝟎.𝟏kg的两个完全相同的金属滑块a和b，其中滑块a带电量为−q，滑块b不带电。现让

滑块a从斜面AB上高度为𝒉=𝟑m处由静止开始下滑，运动到CD上某位置时与滑块b发生碰撞后结合在一起形成的结合体c质量为2m，速度大小为碰撞前滑块a速度的一半，速度方向与碰撞前滑块a的速度方向相同。已知斜面、传送带、轨道均绝缘，滑块与AB斜面之间的动摩擦因

素𝝁𝟏=𝟎.𝟑，与传送带之间的动摩擦因数𝝁𝟐=𝟎.𝟐，斜面倾角𝜽=𝟑𝟕°，传送带长为𝟓m，CD长为𝟐m，滑块a、b及结合体c均可视为质点，不计滑块经过B点的能量损失，重力加速度为g=10m/s2，sin37°=0.6，c

os37°=0.8。(1)求滑块a运动到B点时的速度大小；(2)若传送带逆时针转动的速度大小𝒗=𝟒m/s，求结合体c运动到G点时对轨道的压力大小；(3)以D点为坐标原点、水平向左为正方向建立x轴，改变传送带的速度大小和方向，求结合体c通过圆弧轨道后

从G点平抛到x轴上的落点坐标与传送带速度的关系。物理答案第1页，共4页永州一中2023年上期月考测试卷参考答案高一物理一、选择题（本题共11小题，1~7每题4分，8~11每题5分，共48分）题号1234567891011答案CDCBABCADBDABBD1.火车转弯所需的向心力主要由

其所受的重力和支持力的合力提供的，故A错误；向心力为效果力，火车没有受到向心力，故B错误；火车以某一速度v通过某弯道时，内、外轨道均不受侧压力作用，其所受的重力和支持力的合力提供向心力，受力分析如图所示F合=mgtanθ，合力等于向心力，则有𝒎𝒈ta

n𝜽=𝒎𝒗𝟐𝑹，解得𝒗=√𝒈𝑹tan𝜽，可知此时内外轨道均不受车轮轮缘挤压，故C正确、D错误；故选C。2.由电场强度公式可知，M、N两点电场强度大小相同，但方向不同，故A错误；匀强电场各点电场强度大小、方向相同，故乙图中M、

N两点电场强度相同，故B错误；等量异号电荷的电场中对称的两点电场强度等大同向，故丙图中M、N两点电场强度相同，故C错误；等量异号电荷的电场中对称的两点电场强度等大反向，故丁图中M、N两点电场强度不同，故D正确。故

选D。3.根据开普勒第三定律𝒓𝟑𝑻𝟐=𝒌可知，火星公转轨道半径为地球的√𝟒𝟑倍，A错误：根据𝒈=𝑮𝑴𝑹𝟐可知𝒈火𝒈地=𝑴火𝑹地𝟐𝑴地𝑹火𝟐=𝟏𝟏𝟎×𝟐𝟐=�

�.𝟒，火星表面重力加速度为地球的0.4，B错误；根据𝒗=√𝑮𝑴𝑹可知𝒗火𝒗地=√𝑴火𝑹地𝟐𝑴地𝑹火𝟐=√𝟏𝟏𝟎×𝟐=√𝟓𝟓，选项C正确，D错误。故选C。4.粒子做平抛运动𝒅=𝟏𝟐𝒂𝒕𝟐

，𝒂=𝒒𝑼𝒎𝒅，𝒕=𝑳𝒗𝟎解得𝑼=𝟐𝒎𝒅𝟐𝒗𝟎𝟐𝒒𝑳𝟐，解得𝑼𝟏𝑼𝟐=(𝑳𝟐𝑳𝟏)𝟐=𝟏𝟒。故选B。5.根据牛顿第二定律在最低点有9mg－mg＝m𝒗𝟏𝟐𝑹，解得v1＝√𝟖𝒈𝑹

；在最高点有mg＝m𝒗𝟐𝟐𝑹，解得v2＝√𝒈𝑹，由动能定理得－2mgR＋Wf＝12m𝒗𝟐𝟐－12m𝒗𝟏𝟐，解得Wf＝－𝟑𝟐mgR，故克服空气阻力做功为𝟑𝟐mgR，故只有选

项A正确．6.设滑块的加速度为a，则𝒕时刻滑块的动能为𝑬k=𝟏𝟐𝒎𝒗𝟐=𝟏𝟐𝒎𝒂𝟐𝒕𝟐，𝑬k−𝒕图像应是抛物线，故A错误；重力的瞬时功率𝑷=𝒎𝒈𝐬𝐢𝐧𝜽⋅𝒗=𝒎𝒈𝐬𝐢𝐧𝜽⋅𝒂𝒕，P与t成正比，𝑷−𝒕图像是过原点的直线，故B正确

；重力势能𝑬p=𝒎𝒈（𝑯−𝒙𝐬𝐢𝐧𝜽），𝒙增大时，𝑬𝒑减小，故C错误；机械能𝑬=𝑬𝟎−𝝁𝒎𝒈𝐜𝐨𝐬𝜽⋅𝒙，可知𝑬−𝒙图像是向下倾斜的直线，故D错误。故选B。7.根据动能定理得P

点动能EkP＝mgR，经过N点时，由牛顿第二定律和向心力公式可得4mg－mg＝m𝒗𝟐𝑹，所以N点动能为EkN＝𝟑𝒎𝒈𝑹𝟐，从P点到N点根据动能定理可得mgR－W＝𝟑𝒎𝒈𝑹𝟐－mgR，即克服摩擦力做

功W＝𝒎𝒈𝑹𝟐。质点运动过程，半径方向的合力提供向心力即物理答案第2页，共4页FN－mgcosθ＝ma＝m𝒗𝟐𝑹，根据左右对称，在同一高度处，由于摩擦力做功导致在右边圆形轨道中的速度变小，轨道弹力变小，滑动摩擦力

Ff＝μFN变小，所以摩擦力做功变小，那么从N到Q，根据动能定理，Q点动能EkQ＝𝟑𝒎𝒈𝑹𝟐－mgR－W′＝12mgR－W′，由于W′＜𝒎𝒈𝑹𝟐，所以Q点速度仍然没有减小到0，会继续向上运动一段

距离，对照选项，C正确。8.由高轨低速大周期可知，B错误，AD正确。“夸父一号”和地球同步卫星的质量未知，向心力无法比较，C错误。9.因𝝋𝒄−𝝋𝒂=𝝋𝒃−𝝋𝒐，解得φ0=1V，选项A错误；Oc连线的中点电势为𝝋𝒐𝒄𝟐=𝝋𝟎+𝝋

𝒄𝟐=𝟏+𝟐𝟓𝟐V=𝟏𝟑V，选项B正确；因x轴上x=4m位置的电势为9V，与a点电势相等，则场强方向垂直此等势面向左下方，由几何关系可知，此方向不是cO方向，选项C错误；从a到c电势升高16V，则电子从a点移

到c点电势能减小16eV，选项D正确。故选BD。10.由于带电粒子做直线运动，所以受到的电场力水平向左，合力方向与速度方向相反。因此，从A运动到B的过程中，合力做负功，动能减少；重力做负功，重力势能增加；电场力做负功，电势能增加。故选A、B。11.

弹簧的劲度系数为k，当环C位于S处时，轻绳刚好拉直且无拉力，此时弹簧处于压缩状态，形变量设为x1，对A受力分析有𝟐𝒎𝒈𝐬𝐢𝐧𝟓𝟑°=𝒌𝒙𝟏。当C运动到Q点时，恰好能使B离开挡板但不上升，此时

弹簧处于拉伸状态，形变量设为x2，对B受力分析有𝒎𝒈𝐬𝐢𝐧𝟓𝟑°=𝒌𝒙𝟐。由几何关系知𝒙𝟏+𝒙𝟐=𝒅𝐜𝐨𝐬𝟓𝟑°−𝒅=𝟐𝟑𝒅。联立解得𝒌=𝟏𝟖𝒎𝒈𝟓𝒅。C从位置S由静止释放，到刚好能运动到Q点过程，此时A、B、C速

度均为0，由能量守恒有𝟐𝒎𝒈(𝒅𝒄𝒐𝒔𝟓𝟑°−𝒅)𝒔𝒊𝒏𝟓𝟑°−𝟑𝟓𝒎𝒈𝒅𝒕𝒂𝒏𝟓𝟑°=∆𝑬𝒑，解得∆𝑬𝒑=𝟒𝟏𝟓𝒎𝒈𝒅二、实验题（本题共2小题，每空2分，共14分）12．(1)�

�.𝟔×𝟏𝟎−𝟑（𝟏.𝟓𝟐×𝟏𝟎−𝟑~𝟏.𝟔𝟒×𝟏𝟎−𝟑）8.0×𝟏𝟎−𝟒（7.6×𝟏𝟎−𝟒~8.2×𝟏𝟎−𝟒）(2)变大d→c[1]电容器放电时，根据

公式q=It可知，在I-t图像中，图线与横轴围成的面积表示电荷量的多少，由图乙可知，面积表示通过电荷量为𝒒=𝟒𝟎×𝟎.𝟐×𝟏𝟎−𝟑×𝟎.𝟐C=𝟏.𝟔×𝟏𝟎−𝟑C𝑪=𝒒𝑼=8.

0×𝟏𝟎−𝟒𝐅[2]向电容器中间插入一块有机玻璃板时，电容器的𝜺r变大，电容器的电容C变大，电容器极板带电量增加，继续充电，电流方向为d→c13．(1)BC(2)𝒉𝟑−𝒉𝟏𝟐𝑻(𝒎𝟏−𝒎𝟐)𝒈𝒉�

�(1)实验时应先接通打点计时器的电源再释放纸带，A错误；为了减小误差，实验时纸带与打点计时器的两个限位孔要在同一竖直线上，B正确；设实验中当m1下降的位移为𝒉时，两物块速度为𝒗，若满足(𝒎𝟏−𝒎𝟐)𝒈𝒉=𝟏𝟐(𝒎𝟏+𝒎𝟐)𝒗𝟐。可验证机械能守恒，

所以需要打点计时器和刻度尺来测速度，同时需要测出两物体的质量，C正物理答案第3页，共4页确；由于实际中存在阻力，若重物的质量过小阻力的影响较大，结果误差会比较大，D错误。故选BC。(2)根据匀变速直线运动推论中间时刻的瞬时速度等于该

段的平均速度可得记数点“5”时物体的速度为𝒗𝟓=𝒉𝟑−𝒉𝟏𝟐𝑻。m1、m2系统重力势能减少量为𝚫𝑬p=𝒎𝟏𝒈𝒉𝟐−𝒎𝟐𝒈𝒉𝟐=(𝒎𝟏−𝒎𝟐)𝒈𝒉𝟐三、计算题（本题共3小题，每小题4分，共38分）14.(10分)（1）𝒌𝑸𝒒𝑯

𝟐，方向竖直向上；(4分)（2）√𝟐𝑯(6分)（1）根据库仑定律有𝑭库=𝒌𝑸𝒒𝑯𝟐（3分）因为同种电荷相互排斥，所以库仑力方向竖直向上。（1分）（2）开始运动瞬间𝑭库−𝒎𝒈=𝒎𝒂=𝒎𝒈（2分）速度最大时加速度为零，则𝑭库′−𝒎𝒈=𝟎（2分）有�

�库′=𝒌𝑸𝒒𝒉𝟐（1分）解得𝒉=√𝟐𝑯（1分）15.(12分)（1）15m/s；(3分)（2）5m/s2；(3分)（3）3.75s(6分)（1）当牵引力等于重力时速度达到最大，则有𝒗m=𝑷𝒎𝒈（2分

）解得𝒗m=𝟏𝟓m/s（1分）（2）根据牛顿第二定律有𝑭−𝒎𝒈=𝒎𝒂𝒎（2分）解得最大加速度为𝒂𝒎=𝟓m/s2（1分）（3）物体以最大加速度运动做匀加速运动时𝒗=𝑷𝑭（1分）𝒕𝟏=𝒗𝒂（1分）𝒙𝟏=𝒗𝟐𝒕𝟏（1分）解得𝒗=𝟏𝟎m/s，𝒕

𝟏=𝟐s，𝒙𝟏=𝟏𝟎m物体以最大功率做加速运动时𝑷𝒕𝟐−𝒎𝒈(𝒉−𝒙𝟏)=𝟏𝟐𝒎𝒗m2−𝟏𝟐𝒎𝒗𝟐（2分）解得t2=1.75s故经历总时间t=t1+t2解得t=3.75s（1分）16.(16

分)（1）6m/s；(4分)（2）3N；(5分)（3）当传送带顺时针转动且速度在𝟎<𝒗≤𝟒m/s或逆时针转动时，𝒙=𝟏.𝟔√𝟓m;当传送带顺时针转动且速度在𝟒m/s<𝒗≤𝟐√𝟏𝟒m/s时，𝒙=𝟎.𝟒√𝒗𝟐+𝟔𝟒m；当传送带顺时针转动且速度�

�>𝟐√𝟏𝟒m/s时，𝒙=𝟎.𝟖√𝟑𝟎m。(7分)物理答案第4页，共4页（1）滑块a从A到达B的过程，由动能定理有𝒎𝒈𝒉−𝝁𝟏𝒎𝒈𝒉𝐬𝐢𝐧𝟑𝟕°𝐜𝐨𝐬𝟑𝟕°=𝟏𝟐𝒎𝒗𝑩𝟐−𝟎①（3分）解得𝒗𝟏=𝟔m/s②（1分）（2）滑

块a在传送带上做匀减速运动，则滑块a到达传送带另一端C点的过程，−𝝁𝟐𝒎𝒈𝑳=𝟏𝟐𝒎𝒗𝟐𝟐−𝟏𝟐𝒎𝒗𝟏𝟐③（1分）滑块a与b碰撞结合成c，𝒗𝒄=𝟏𝟐𝒗𝟐④结合体c到达G点的过程，𝒒𝑬⋅𝟐�

�−𝟐𝒎𝒈⋅𝟐𝑹=𝟏𝟐⋅𝟐𝒎𝒗𝑮𝟐−𝟏𝟐⋅𝟐𝒎𝒗𝐜𝟐⑤（1分）结合体在G点，𝟐𝒎𝒈−𝒒𝑬+𝑭N=𝟐𝒎𝒗𝑮𝟐𝑹⑥（1分）根据牛顿第三定律可知，𝑭压=𝑭N⑦（1分）解得𝑭压=�

�N⑧（1分）（3）结合体c经过G点后将做平抛运动，有𝒙=𝒗𝑮𝒕⑨𝟐𝑹=𝟏𝟐𝒈𝒕𝟐⑩（1分）情况一：传送带顺时针转动且速度在𝟎<𝒗≤𝟒m/s或逆时针转动时，滑块在传送带上一直做匀减速运动，滑块到达

C点速度为4m/s，由（2）知此时位置坐标为𝒙=𝟖√𝟓𝟓m=𝟏.𝟔√𝟓m○11（1分）情况二：当传送带顺时针转动时，设滑块a在传送带上一直加速到C点时速度为𝒗𝟐′，有𝝁𝟐𝒎𝒈𝑳=𝟏𝟐𝒎𝒗𝟐′𝟐−𝟏𝟐𝒎𝒗𝟏𝟐○12（1分）联立②○12得𝒗𝟐′=

𝟐√𝟏𝟒m/s○13（1分）因此，当传送带顺时针转动且速度在𝟒m/s<𝒗≤𝟐√𝟏𝟒m/s时，可知滑块a在传送带上运动过程中必定与传送带共速，即滑块a到达C点速度为v，联立④⑤⑨⑩解得位置坐标为𝒙=𝟐√𝒗𝟐+𝟔

𝟒𝟓=𝟎.𝟒√𝒗𝟐+𝟔𝟒○14（1分）情况三：当传送带顺时针转动且速度𝒗>𝟐√𝟏𝟒m/s时，滑块到达C点速度为𝟐√𝟏𝟒m/s，结合○14解得位置坐标为𝒙=𝟒√𝟑𝟎𝟓m=𝟎.𝟖√𝟑𝟎m○

15（1分）综上,当传送带顺时针转动且速度在𝟎<𝒗≤𝟒m/s或逆时针转动时，𝒙=𝟏.𝟔√𝟓m；当传送带顺时针转动且速度在𝟒m/s<𝒗≤𝟐√𝟏𝟒m/s时，𝒙=𝟎.𝟒√𝒗𝟐+𝟔

𝟒；当传送带顺时针转动且速度𝒗>𝟐√𝟏𝟒m/s时，𝒙=𝟎.𝟖√𝟑𝟎m。（1分）获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com