【文档说明】四川省南充市嘉陵第一中学2022-2023学年高一下学期3月月考物理试题 含解析.docx，共(16)页，1.375 MB，由小赞的店铺上传

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南充市嘉陵一中高2022级2023年春3月月考物理试卷【考试时间：75分钟，试卷总分：100分】一、选择题（1-7题为单项选择题，每题4分，共28分；8-10题为多项选择题，每题5分，共15分，选不全

得3分，选错不得分。本题共43分）1.在下列有关圆周运动的说法中，正确的是（）A.圆周运动的合力方向都指向圆心B.做匀速圆周运动物体，其角速度不变C.匀速圆周运动是一种匀速运动D.圆周运动中，线速度和半径成正比【答案】B【解析】【详解】A．只有匀速圆周运动的时合力才指向

圆心，非匀速的圆周运动,合力不指向圆心，故A错误；B．做匀速圆周运动的物体，其角速度不变，故B正确；C．匀速圆周运动是速度大小不变，方向时刻改变的变速运动，故C错误；D．圆周运动中，只有角速度一定，线速

度大小才和半径成正比，故D错误。故选B。2.公交车是人们出行的重要交通工具，如图是公交车内部座位示意图，其中座位A和B的连线和车前进的方向垂直，当车在某一站台由静止开始匀加速启动的同时，一个乘客从A座位沿AB连线相对车以2m/

s的速度匀速运动到B，则该乘客（）A.相对于地面运动轨迹为抛物线B.相对于地面运动轨迹为直线C.因该乘客在车上做匀速运动，所以乘客处于平衡状态D.因该乘客有加速度，所以该乘客处于超重状态【答案】A【解析

】的【详解】AB．人相对地面参与了两个方向的运动，一是垂直于车身方向的匀速运动，一个是沿车身方向的匀加速直线运动，所以运动轨迹是抛物线，故A正确，B错误；C．乘客沿车身方向有加速度，处于非平衡状态，故C错误；D．乘客的加速度在水平方向，竖直方向没有加

速度，不是处于超重状态，故D错误。故选A。3.滚筒洗衣机静止于水平地面上，衣物随着滚筒一起在竖直平面内做高速匀速圆周运动，以达到脱水的效果。滚筒截面正视图如图所示，下列说法正确的是（）A.衣物在最高点A受到滚筒的作用力方向向上B.衣物运动到最低点B点时处于失

重状态C.衣物运动的过程中受到重力、滚筒的作用力、离心力的作用D.衣物运动到最低点B点时受到滚筒的作用力最大，脱水效果更好【答案】D【解析】【详解】A．衣物高速旋转，所需向心力较大，衣物在最高点A向心力方向竖直向下，衣物的重力不足以提供所需的向心力，受到滚筒的作用力方向

向下，故A错误；BD．衣物运动到最低点B点向心力向上，向心加速度向上，处于超重状态，衣物运动到最低点B点时受到滚筒的作用力最大，脱水效果更好，故D正确B错误；C．衣物运动的过程中受到重力、滚筒的作用力，故C错误

。故选D。4.“套圈圈”是老少皆宜的游戏，如图，大人和小孩在同一竖直线上的不同高度处分别以水平速度1v、2v抛出圈圈，都能套中地面上同一目标。设圈圈在空中运动时间分别为t1、t2，则（）A.t1>t2B.12vvC.t1＝t2D.12vv=【答案】A【解析】【分析】【详解】A

C．平抛运动在竖直方向做自由落体运动，由公式212hgt=可得12tt故A正确，C错误；BD．平抛运动在水平方向做匀速直线运动，由题意可知，水平方向位移相等，则xvt=又12tt可得12vv故BD错误。故选A。5.如图所示，在

府南河一段平直的河道中，一游客划船由M点出发沿直线到达对岸N点，直线MN与河岸成60°夹角。已知MN两点间距离为30m，河中水流的速度大小为v=3m/s，游客划船在静水中的速度大小为3m/s，则下列说法正确的（）A.过河的时间为5sB.过河的时间为10sC.若划船过程中保持划船速度大小方向

不变，水流速度增大，则航程会减小D.若划船过程中保持划船速度大小方向不变，水流速度减小，则渡河时间减小【答案】B【解析】【分析】【详解】AB．设河中水流速度为v水流，静水中划船速度为v静，船头与航线MN之间的夹角为，则v水流和v静在水中的合速度如图所示：由几何知

识得60=，船在水中的合速度大小为3m/s，方向沿MN。故小船从M点沿直线MN到达对岸所经历的时间为30130sLtv===合故B正确，A错误；C．划船过程中保持划船速度大小方向不变，水流速度增大，则合速度的方向将更偏向下游，航程

会增大。故C错误；D．若划船过程中保持划船速度大小方向不变，水流速度增大，但船的分速度沿垂直于河岸方向的分量不变，所以渡河时间不变。故D错误；故选B。6.如图所示，安装在地面上的音乐喷泉可沿不同方向喷出相同速率的水，观察发现，当水的喷出方向从竖直逐渐转到水平的过程中，水平射程先

增大后减小（不计空气阻力），A、B、C三径迹的水相比较（）A.回到地面的水流速度相同B.沿B径迹运动的水，在空中时间最长C.沿C径迹运动的水，在最高点的速度最大D.沿A径迹运动的水，在相同时间内速度变化量最大【答案】C【解析

】【详解】A．整个过程为斜抛运动，看成两个平抛运动，落回地面时速度方向与初速度不一样，选项A错误；B．竖直分速度越大，则运动时间越长，则沿A轨迹运动时时间最长，选项B错误；C．因最高点时只剩水平方向速度，C轨迹竖直分速度最小，水平分速度最大，则沿C径迹运动的水，在最高点的速度最大，选项C正

确；D．三个轨迹都是匀变速曲线运动，所以相同时间速度变化量相同，选项D错误。故选C。7.铁路在弯道处的内外轨道高度是不同的，已知内外轨道平面与水平面倾角为θ，如图所示，弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车转弯时速度大于tangR，则（）A.内轨对内侧车轮轮缘有

挤压B.外轨对外侧车轮轮缘有挤压C.外轨对内侧车轮轮缘有挤压D.车轮对内外侧均没有挤压【答案】B【解析】【分析】【详解】火车的重力和轨道对火车的支持力的合力恰好等于需要的向心力时，此时2tanvmgm

R=火车的速度是tanvgR=当火车转弯的速度大于tangR，需要的向心力增大，则外轨就要对火车产生一个向内的力来提供不足的力，所以此时外轨对外侧车轮轮缘有挤压；故选B。8.如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为Ff，当轻绳与水平面的夹角为时，船

的速度为v，此时人的拉力大小为F，则此时（）A.人拉绳行走的速度为cosvB.人拉绳行走的速度为cosvC.船的加速度为fcosFFm−D.船的加速度为fFFm−【答案】AC【解析】【详解】AB．船运动的速度是沿绳子

收缩方向的速度和垂直绳子方向速度的合速度，如图所示根据平行四边形定则有cosvv=人则人拉绳行走速度为cosv，故B错误，A正确；CD．对小船受力分析，如图所示根据牛顿第二定律有fcosFFma−=船的加速度大小为fcosFFam−=故D错误，C正确。的故选

AC。9.有一种杂技表演叫“飞车走壁”，由杂技演员驾驶摩托车沿圆台形表演台的侧壁高速行驶，做匀速圆周运动。如图所示，图中虚线表示摩托车的行驶轨迹，轨迹离地面的高度为h，下列说法中正确的是（）A.h越高，摩托车对侧壁的压力将越大B.h越高，摩托车做圆周运动的线速度将越大C.h越高，摩托车

做圆周运动的周期将越大D.h越高，摩托车做圆周运动的向心力将越大【答案】BC【解析】【详解】A．摩托车做匀速圆周运动，合外力完全提供向心力，所以小球在竖直方向上受力平衡cosNmg=可知侧壁对摩托车的支持力与高度h无关，根据牛顿第三定律可知摩托车对侧壁的压力不变，A错误；B．根据牛顿第

二定律可知2tanvmgmr=解得tanvgr=高度h越大，r越大，摩托车运动的线速度越大，B正确；C．根据牛顿第二定律可知224tanmgmrT=解得2tanrTg=高度h越大，r越大，摩托车运动的周期越大，C正确；D．摩托车的向心力大小为

tanmg，大小不变，D错误。故选BC。10.如图，小球（可视作质点）和a、b两根细绳相连，两绳分别固定在细杆上两点，其中b绳长2mbL=，小球随杆一起在水平面内匀速转动．当两绳都拉直时，a、b两绳和细杆的夹角21245,60,

10m/sg===。若a、b两绳始终张紧，则小球运动的线速度大小可能是（）A.3.5m/sB.4m/sC.4.5m/sD.5m/s【答案】CD【解析】【详解】当a绳恰好拉直，但0bT=时，细杆的转

动角速度为1v，有cos45aTmg=21sin45sin60bavTmL=解得14.16m/sv当b绳恰好拉直，但0aT=时，细杆的转动角速度为2v，有cos60bTmg=22sin60sin60bbvTmL=解得25.48m/sv要使

两绳都拉紧4.16m/s5.48m/sv故选CD二、实验题（11题6分，12题10分，共16分）11.如图所示，是探究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系的实验装置图，转动手柄1，可使变速轮塔2和3以及长槽4和短槽5随之匀速转动。皮带分别套在轮塔2和3上的不同圆盘上，可使两个

槽内的小球6、7分别以不同的角速度做匀速圆周运动。小球做圆周运动的向心力由横臂8的挡板对小球的压力提供，球对挡板的反作用力，通过横臂8的杠杆作用使弹簧测力筒9下降，从而露出标尺10，标尺10上露出的红白相间的等分格显示出两个球所受向心力的比值。那么：（1）现将两小球分别放在两边的槽内，

为了探究小球受到的向心力大小和角速度的关系，下列说法中正确的是__________。A．在小球运动半径相等的情况下，用质量相同的小球做实验B．在小球运动半径相等的情况下，用质量不同的小球做实验C．在小球

运动半径不等的情况下，用质量不同的小球做实验D．在小球运动半径不等的情况下，用质量相同的小球做实验（2）在该实验中应用了_________（选填“理想实验法”、“控制变量法”、“等效替代法”）来探究向心力大小与质量m、角速度ω和半径r之

间的关系；（3）当用两个质量相等的小球做实验，且左边小球的轨道半径为右边小球的2倍时，转动时发现右边标尺上露出的红白相间的等分格数为左边的2倍，那么，左边轮塔与右边轮塔之间的角速度之比为_______。【答案】①.A②.控制变量法③.1：2【解析】【详解】

(1)[1]根据2Fmr=可知要研究小球受到的向心力大小与角速度的关系，需控制小球的质量和半径不变，故A正确，BCD错误。故选A。。(2)[2]该实验需要控制小球质量和半径不变，来研究向心力大小与角速度的关系，所以采用控制变量法。(3)[3]标尺格子数与向心力成正比，右边标尺上露

出的红白相同的等分格数为左边的2倍，有:1:2FF=右左左边小球的轨道半径为右边小球的2倍时，即21rr=右左：：根据2Fmr=可得Fmr=所以111222rFFr===右左左右右左则知左边轮塔与右边轮塔之间的角速度之比为1：2。12.（1）如图甲所示，在“探究平

抛运动的特点”实验中，每次都将小球从斜槽的同一位置无初速释放，并从斜槽末端水平飞出。改变水平挡板的高度，就改变了小球在板上落点的位置，从而可描绘出小球的运动轨迹。某同学设想小球先后三次做平抛，将水平板依次放在如图乙中1、2、3的位置，且1与

2的间距等于2与3的间距。若三次实验中，小球从抛出点到落点的水平位移依次为1x、2x、3x，忽略空气阻力的影响，下面分析正确的是_______。A．2132xxxx−=−B．2132xxxx−−C．2132xxxx−−

D．无法判断（2）图丙是以竖直方格板为背景通过频闪照相得到的照片，每个格的边长L＝5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示，O点_____（填“是”或“不是”）抛出的第一个点。（3）如图丙所示，则该频闪照相的周期为__

____s，小球做平抛运动的初速度为_______m/s；过B点的速的度为______m/s（210msg=）。【答案】①.C②.不是③.0.1④.1.5⑤.2.5【解析】【详解】（1）[1]由于平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，下落的速度越来越快，则下

落相等位移所用时间越来越短，水平方向做匀速直线运动，则有2132xxxx−−故ABD错误C正确。故选C。（2）（3）[2][3][4][5]设该频闪照相的周期为T，由图丙，根据逐差法2xaT=可得22LgT=代入数据解得0.1sT=水平方向有03LvT=解得小球做平抛运动的初速度为01.5ms

v=竖直方向上，根据中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可得，小球在B点的竖直分速度为82ms2yLvT==根据22yvgh=可得，B点离抛出点的竖直高度为0.2m4hL==由图丙可知，O点不是抛出第一个点，过B点

的速度为2202.5msByvvv=+=三、解答题（13题10分，14题14分，15题17分，共41分）13.飞车表演是杂技团比较受欢迎的节目之一。如图所示，在竖直平面内有半径为R的圆轨道，表演者骑着摩托车在圆轨道内做圆周运动，已知表演者

（包括人和摩托车）的总质量为m，表演者以11.5vgR=的速度过轨道最高点B，并以212vv=的速度过最低点A。已知重力加速度为g，求：（1）表演者在最高点的向心加速度大小；（2）表演者在最低点受到轨道的支持力大小。【答案】（1）1.5g

；（2）4mg【解析】【详解】（1）表演者在最高点的向心加速度大小为211.5vagR==（2）表演者在最低点时，由牛顿第二定律可得22mvFmgR−=解得表演者在最低点受到轨道的支持力大小为4Fmg=14.2022年在北京举办第24届冬奥会，其中一项比赛是跳台滑雪，它是利用依山势特别建造

的跳台进行的。运动员穿着专用滑雪板，不带雪杖在助滑路上获得高速后水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆。这项比赛极为壮观。设一位运动员由山坡顶的A点沿水平方向飞出，到山坡上的B点着陆。如图所示，已知运动员水平飞出的速度为v0=20

m/s，山坡倾角为=37°，山坡可以看成一个斜面。（g=10m/s2，sin37º=0.6，cos37º=0.8）求：（1）运动员在空中飞行的时间t；（2）AB间的距离s；（3）运动员经多长时间离斜面的距离最远。【答案】(1)3s(2)75m(3)1.5s【

解析】【分析】【详解】（1）设A到B竖直高度为h，有212hgt=A到B的水平距离为x，有0xvt=由几何关系，得tanhx=联立三式，解得3st=（2）水平方向有060mxvt==所以75mcosxs==（3）当速度与斜面平行，即速度偏角为37°时离斜面最远，可得00ta

n37yvgtvv==解得1.5st=15.小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动。当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离d后落地

，如图所示。已知握绳的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为34d，重力加速度为g，忽略手的运动半径和空气阻力。的（1）求绳断开时球的速度大小v1；（2）问绳能承受的最大拉力多大？（3）改变绳长，使球重复上述运动，若球运动到最低点时恰好断掉，则球

最大水平飞行距离为多少？【答案】（1）2gd；（2）113mg；（3）233d【解析】【详解】（1）设绳断后球做平抛运动的时间为1t，竖直方向上有213142ddgt−=解得12dtg=水平方向上有11dvt=解得绳断开时球的速度大小为12vgd=（2

）设绳能承受的最大拉力为mF，球做圆周运动的半径为34Rd=，根据牛顿第二定律可得21mmvFmgR−=解得m113Fmg=（3）设绳长为l，绳断时球的速度为2v，在最低点有22mmvFmgl−=解得28

3glv=绳断后球做平抛运动，竖直位移为dl−，水平位移为x，时间为2t；竖直方向有2212dlgt−=水平方向有22xvt=联立可得2()43ldlx−=根据基本不等式可知，当ldl=−即2dl=球具有最大水平飞行距离，为获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号

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