【文档说明】甘肃省兰州市教育局第四片区2019-2020学年高一下学期期末考试物理试题【精准解析】.doc，共(17)页，738.500 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-b82910e3d0ed5e30cd2c721e4197c57a.html

以下为本文档部分文字说明：

2019—2020学年第二学期联片办学期末考试高一年级物理试卷（满分:100分答题时间:90分钟）一、选择题（共12小题；1~8为单选题，9~12为多选题；每小题4分，选错不得分，选不全得2分；共48分）1.关于平抛物体的运动，下列说法中正确的是（）A.平抛运动是匀变速运

动B.初速度越大，物体在空中运动的时间越长C.物体落地时的水平位移与初速度无关D.物体落地时的水平位移与抛出点的高度无关【答案】A【解析】【详解】A．平抛运动的加速度为g，保持不变，做匀变速运动，故A正确；B．根据2htg可知，平抛运动的时间由高度决

定，与初速度无关，故B错误；CD．水平位移为002hxvtvg可知，物体落地的水平位移与初速度和抛出点的高度有关，故CD错误。故选A。2.关于匀速圆周运动的向心力，下列说法错误的是（）A.向心力是指向圆心方

向的合力，是根据力的作用效果命名的B.向心力可以是多个力的合力，也可以是其中一个力或一个力的分力C.对稳定的圆周运动，向心力是一个恒力D.向心力的效果是改变质点的线速度的方向【答案】AB【解析】【详解】A．向心力是物体做匀速圆周运动所需要

的指向圆心的合外力，故它是根据力的作用效果命名的，所以A正确；B．向心力是物体做匀速圆周运动所需要的指向圆心的合外力，所以它可以由一个力提供，也可以由几个力的合力提供，也可以一个力的分力提供，故B正确；C．向心力是指向圆心的合外力，方向时刻改变，所以

它不是一个恒力，故C错误；D．由于向心力指向圆心，与线速度方向始终垂直，所以它的效果只是改变线速度方向，不会改变线速度大小，故D正确。本题选错误的，故选C。3.2018年12月27日，北斗三号基本系统已完成建设，开

始提供全球服务。其导航系统中部分卫星运动轨道如图所示：a为低轨道极地卫星，b为地球同步卫星，c为倾斜轨道卫星，其轨道平面与赤道平面有一定的夹角，c的周期与地球自转周期相同。下列说法正确的是（）A.卫星a的线速度比卫星c的线速度小B.卫星b的向心加速度

比卫星c的向心加速度大C.卫星b和卫星c的线速度大小相等D.卫星a的机械能一定比卫星b的机械能大【答案】C【解析】【详解】A．由线速度与半径的关系GMvr可知，卫星a的线速度比卫星c的线速度大。故A错误；B．由于b为地球同步卫星，c的周期与地球自转周期相同，所以b、c

周期相等。由2n24arT可知，卫星b的向心加速度与卫星c的向心加速度相等。故B错误；C．由234rTGM可知，b、c轨道半径相同。所以卫星b和卫星c的线速度大小相等。故C正确；D．由轨道a到轨道b，

卫星需加速，所以卫星a的机械能一定比卫星b的机械能小。故D错误。故选C。4.已知引力常量G和下列各组数据，能计算出地球质量的是（）A.地球绕太阳运行的周期及地球离太阳的距离B.人造地球卫星在地面附近运行的周期和

轨道半径C.月球绕地球运行的周期及月球的半径D.月球绕地球运行的周期及地球的半径【答案】B【解析】【详解】A．地球绕太阳运动的周期和地球与太阳的距离，根据万有引力提供向心力2224MmGmrrT其中m为地球质量，在等式中消去，只能求出太阳的质量M，也就是说只能求出中心体的质量，故A错

误；B．人造卫星绕地球做匀速圆周运动，它受到地球的万有引力充当向心力2224MmGmrrT又有2T所以地球的质量32TvMG可求出地球的质量，故B正确；CD．月球绕地球做匀速圆周运动，它受到地球的万

有引力充当向心力2224MmGmrrT所以地球的质量2324rMGT其中r为地球与月球间的距离，而不是月球的半径，也不是地球半径，故CD错误。故选B。5.质量为2kg的物体（可视为质点）在xoy平面内运动，其x方向的速度—时间图象及y方向坐标随时间变

化的关系如图所示，下列说法正确的是（）A.质点的初速度为3m/sB.质点所受的合外力为3NC.质点初速度的方向与合外力方向垂直D.2s末质点速度大小为6m/s【答案】B【解析】【详解】A．当t=0时通过速度图线可以看出x轴方向的分速度为3m/

s，在y轴上，通过位移图线可以看出在y轴方向的分运动为匀速直线运动，速度为vy＝8m/s2yt=4m/s因此质点的初速度为2205m/sxyvvv故A错误；B．y轴上匀速运动，所受合力为零，在x轴加速度为2263m/s=1

.5m/s2xvat由牛顿第二定律可知x轴所受合力为Fx=max=3N物体所受合外力为3N，故B正确；C．质点初速度方向与x轴成锐角，合外力沿x方向，则初速度与合外力方向不垂直，故C错误；D．在2s末x轴分速度为6m/s，y

轴分速度为4m/s，合速度大于6m/s，故D错误；故选B。6.地面上竖直放一根轻弹簧，其下端和地面连接，一物体从弹簧正上方距弹簧一定高度处自由下落，则（）A.物体和弹簧接触时，物体的动能最大B.与弹簧接触的整个过程，物体的

动能与弹簧弹性势能的和不断增加C.与弹簧接触的整个过程，物体的动能与弹簧弹性势能的和先增加后减小D.物体在反弹阶段，动能一直增加，直到物体脱离弹簧为止【答案】C【解析】【详解】A．小球接触弹簧后，受到向上的弹

力和向下的重力，弹力先小于重力，后大于重力，小球先向下做加速运动，后向下做减速运动，则当弹簧弹力与重力相等时速度最大，此时弹簧处于压缩状态，故A错误；BC．压缩弹簧阶段，小球的重力势能一直减少，转化为物体的动能和弹簧弹性势能，故物体的动能和弹簧弹性势能的和不断增加，反弹阶段，小球的重力势能增

加，则物体的动能和弹簧弹性势能的和不断减小，故与弹簧接触的整个过程，物体的动能与弹簧弹性势能之和先增加后减小，故B错误，C正确；D．物体在反弹阶段，速度先增大，重力与弹簧弹力相等时速度最大，之后速度减小，故直到物体脱离弹簧时物体的动能先增加后减小，故D错误。故选C。7.小球P和Q

用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短．将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示，将两球由静止释放，在各自轨迹的最低点()A.P球的速度一定大于Q球的速

度B.P球的动能一定小于Q球的动能C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度【答案】C【解析】从静止释放至最低点，由机械能守恒得：mgR=12mv2，解得：2vgR，在

最低点的速度只与半径有关，可知vP＜vQ；动能与质量和半径有关，由于P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短，所以不能比较动能的大小．故AB错误；在最低点，拉力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定

律得：F-mg=m2vR，解得，F=mg+m2vR=3mg，2Fmgagm向＝，所以P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力，向心加速度两者相等．故C正确，D错误．故选C．点睛：求最低的速度、动能时，也可以使

用动能定理求解；在比较一个物理量时，应该找出影响它的所有因素，全面的分析才能正确的解题．8.下列说法正确的是A.物体做匀速运动，它的机械能一定守恒B.物体所受合外力的功为零，它的机械能一定守恒C.物体所受的合外力等于零，它的机械能一定守恒D.物体所受合外力不等于零，它的机械能可能守恒【答案】D

【解析】【详解】机械能守恒的条件是当只有重力和弹力做功的条件下，其他外力不做功或做功的代数和为零，机械能守恒，所以只有D选项正确，A、B、C均错．9.假设宇宙中有两颗相距足够远的行星A和B，半径分别为AR和BR。各自相应的两颗卫足环绕行星运行周期的平方与轨道半径的三次方(所的关系

如图所示，两颗卫星环绕相应行星表而运行的周期都为0T。则（）A.行星A的质量大于行星B的质量B.行星A的密度小于行星B的密度C.行星A的第一宇宙速度等于行星B的第一字宙速度D.当两行星的卫星轨道半径相同时，行星A的卫星向心加速

度大于行星B的卫星向心加速度【答案】AD【解析】【详解】A．根据万有引力提供向心力得2224MmGmrrT解得2324rMmaGT从图中可知斜率越小，32RT越大，质量越大，所以行星A的质量大于行星B的质量，A正确；B．根据图象可知，在两颗行星表面做匀速圆周运动的周期相同，

密度23202330434433RGTMMVGTRR所以行星A的密度等于行星B的密度，B错误；C．第一宇宙速度02RvTA的半径大于B的半径，卫星环绕行星表面运行的周期相同，则A的第一宇宙速度大于行星B的第一宇宙速度，C错误；D．根据2MmGmar

得2MaGr当两行星的卫星轨道半径相同时，A的质量大于B的质量，则行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速，D正确。故选AD。10.如图甲所示，在水平地面上固定一个倾角为的足够长的光滑斜面，小

滑块从斜面底端在与斜面平行的拉力F作用下由静止开始沿斜面运动，拉力F随时间变化的图象如图乙所示，小滑块运动的速度一时间图象如图丙所示，重力加速度g为10m/s2．下列说法正确的是A.斜面倾角为30°，小滑块的质量m=2kgB.在0~2s时间内拉力F做的功为10

0JC.在0~1s时间内合外力对小滑块做功12.5JD.在0~4s时间内小滑块机械能增加80J【答案】BC【解析】【详解】A：由速度一时间图像可知，在2-4s时间内小滑块的加速度225/ams，由牛顿第二定律：

2mgsinma，解得：30．在0-2s时间内小滑块的加速度215/ams，由牛顿第二定律，1Fmgsinma，解得：1mkg．故A项错误．B：由速度一时间图像可知，在0-2s时间内小滑块的位移为10xm，拉力F做的功为1010100WFxJ，故B项正确．C：1s

末小滑块的速度5/vms，由动能定理，在0-1s时间内合外力对小滑块做的功2112.52WmvJ．故C项正确．D：由功能关系可知，在0-4时间内小滑块机械能增加量100EWJ．故D项错误．11.如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆

弧轨道，半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A.重力做功mgRB.机械能减少12

mgRC.合外力做功12mgRD.克服摩擦力做功12mgR【答案】ABCD【解析】【详解】A．重力做功2GWmgRRmgR（）A正确；B．小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，则有2vmgmR解得vgR机械能减少21

122EmgRmvmgRB正确；C．根据动能定理21122WmvmgR合C正确；D．根据动能定理21122GfWWmvmgR解得12fWmgR所以克服摩擦力做功为12mgR，D正确。故选ABCD。12.有一种杂技表演叫“飞车走壁”，由杂技演员

驾驶摩托车沿圆台形表演台的侧壁高速行驶，做匀速圆周运动。如图所示，图中虚线表示摩托车的行驶轨迹，轨迹离地面的高度为h，下列说法中正确的是（）A.h越高，摩托车对侧壁的压力将越大B.h越高，摩托车做圆周运动的线速度将越大C.h越高，摩托车做圆周运动的周期将越大D.h越高，摩托车

做圆周运动的向心力将越大【答案】BC【解析】【详解】A．摩托车做匀速圆周运动，合外力完全提供向心力，所以小球在竖直方向上受力平衡cosNmg可知侧壁对摩托车的支持力与高度h无关，根据牛顿第三定律可知摩托车对侧壁的压力不变，A错

误；B．根据牛顿第二定律可知2tanvmgmr解得tanvgr高度h越大，r越大，摩托车运动的线速度越大，B正确；C．根据牛顿第二定律可知224tanmgmrT解得2tanrTg高度h越大，r越大，摩托车运动的周期越大，C正确；D．摩托车的向心力大小为tanmg，大小不

变，D错误。故选BC。二、实验探究题（每空2分，共18分）13.在“研究平抛物体的运动”的实验中，某同学使用如图（甲）所示的装置，让小球从斜槽滚下，通过斜槽末端水平抛出。已知重力加速度g。(1)为使小球水平抛出，必须调整斜槽，使其末端的切线沿水平方向，则简便的检

验方法是：______。(2)该同学建立的直角坐标系如图（乙）所示，设他在安装实验装置和其余操作时准确无误，只有一处失误，请指出：______。(3)该同学在轨迹上任取一点M，测得坐标为（x，y），则初速度的测量值为______，测量值比真实值要____

__（填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【答案】(1).将小球（无初速度）轻放在斜槽末端槽口处轨道上，小球不滚动，则说明斜槽末端水平(2).坐标原点不是小球在槽口处时球心在白纸上的水平投影点(3).2gxy(4).偏大【解析】【详解】(1)[1]简便的检验斜

槽末端是否水平的方法是：将小球（无初速度）轻放在斜槽末端槽口处轨道上，小球不滚动，则说明斜槽末端水平。(2)[2]该同学有一处失误是：坐标原点不是小球在槽口处时球心在白纸上的水平投影点。(3)[3][4]该同学在轨迹上任取一点M，测得坐标为（x，y），则0xvt212y

gt解得初速度的测量值为02gvxy因由图示建立坐标系时，y值测量值偏小，则初速度测量值比真实值要偏大。14.为了探究机械能守恒定律，某同学设计了如图甲所示的实验装置，并提供了如下的实验器材：A．小车B．钩码C．一端带滑轮的木板D．细线E

．电火花计时器F．纸带G．毫米刻度尺H．低压交流电源I．220V的交流电源(1)根据上述实验装置和提供的实验器材，你认为实验中不需要的器材是________(填写器材序号)，还应补充的器材是________。(2)实验中得到了一条纸带如图乙所示，选择点迹清晰且便于测量的连续7个点(标号0～6

)，测出0到1、2、3、4、5、6点的距离分别为d1、d2、d3、d4、d5、d6，打点周期为T。则打点2时小车的速度v2＝____；若测得小车质量为M、钩码质量为m，打点1和点5时小车的速度分别用v1、v5表示，已知重

力加速度为g，则验证点1与点5间系统的机械能守恒的关系式可表示为________。(3)在实验数据处理时，如果以22v为纵轴，以d为横轴，根据实验数据绘出22v－d图象，其图线的斜率表示的物理量的表达式为__________。【答案】(1).

H(2).天平(3).312ddT(4).22515112mgddMmvv(5).mgMm【解析】【详解】(1)[1][2]电火花计时器使用的是220V交流电源，因此低压交流电源用不着；另外还需要用到天平测出小车的质量M。(2)[3]打点2时的速度等于1~3间的平均速

度，即3122ddvT[4]根据机械能守恒，整个系统减小的重力势能等于整个系统增加的动能，即22515112mgddMmvv(3)根据22vad因此22vd的斜率就是加速度，而对砝码进行

受力分析可知mgTma而对小车TMa因此可得magMm三、解答题（15题8分，16题12分，17题14分，共34分）15.宇航员站在一颗星球表面上，在距星球表面高h处以初速度v0水平抛出一个物体，然后测量出该平抛物体的水平位移为x。通过查阅资

料得知该星球的半径为R。设物体只受星球引力的作用，求：（1）该平抛物体刚要落到星球表面处时的速度大小v；（2）该星球的第一宇宙速度v1。【答案】（1）2220024hvvx；（2）02vhRx【解析】【详解】（1）物体被抛出后做平抛运动，由212hgt0xvt整理可得星球表面的加速度2

022hvgx根据ygtv220yvvv解得落到星球表面处时的速度大小222220000224hvhvvvvxx（2）设星球表面质量为m的物体2MmmgGR球表面质量为'm的卫星2''12vMmGmRR两关系式解得

012vvgRhRx16.电动机带动水平传送带以速度v匀速传动，一质量为m的小木块由静止轻放在传送带上，若小木块与传送带之间的动摩擦因数为μ，如图所示。已知重力加速度g。设传送带足够长。从小木块被轻放在传送

带上至小木块与传送带相对静止的过程中，求：(1)小木块的位移；(2)摩擦力对传送带做的功；(3)小木块与传送带在摩擦过程中产生的内能；(4)因传动物体电动机多消耗的电能。【答案】(1)22vg；(2)2mv；(3)212mv；(4)2mv【解析】【详解】(1)分析小木块

，设运动时间为t，木块位移为1x，根据动力学规律有mgmav=at2112xat解得vtg小木块的位移212vxg(2)传送带的位移2xvt解得22vxg摩擦力对传送带做的功2cos180Wmgx解得2Wmv(3)摩擦过程中产生的内能22112Qmgxxmv

(4)由能量守恒定律得电动机消耗的电能2212EQmvmv17.某校科技节举行车模大赛，其规定的赛道如图所示。某小车以额定功率18W由静止开始从A点出发，经过粗糙水平面AB，加速2s后进入光滑的竖直圆轨道BC，恰好能

经过圆轨道最高点C，然后经过光滑曲线轨道BE后，从E处水平飞出，最后落入沙坑中，已知圆轨道半径R＝1.2m，沙坑距离BD平面的高度为h2＝1m，小车的总质量为1kg，g＝10m/s2，不计空气阻力，求：(1)小车在B点对轨道的压力大小；(2

)小车在AB段克服摩擦力做的功；(3)轨道BE末端平抛高台高度h1=1m时，小车落入沙坑的位置到E点的水平距离为多少？【答案】(1)60N；(2)6J；(3)4m【解析】【详解】(1)小车恰能过C点，则有2CvmgmR小车从C点到B点的过程中，功能关系有2211(2)22BCmgR

mvmv[或小车从B点到C点的过程中，功能关系有2211(2)22CBmgRmvmv]小车在B点处有2BNvFmgmR以上代入数据解得B点处轨道对小车的支持力60NFN由牛顿第三定律得小车在B点对轨道的压力为60NFN(2)小车在AB段运动过

程中，设小车克服摩擦力做功W，则有功能关系212BPtWmv代入数据可得W=6J(3)小车从B点到E点的过程中，功能关系有2211122EBmghmvmv小车从E点飞出后做平抛运动，有21212hhgtExvt

代入数据可得小车落入沙坑的位置到E点的水平距离为x=4m