【文档说明】2023-2024学年高中数学人教A版2019 选择性必修第三册课后习题 第八章 8-3-1　分类变量与列联表　8-3-2　独立性检验 Word版含答案.docx，共(11)页，114.930 KB，由小赞的店铺上传

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8.3列联表与独立性检验8.3.1分类变量与列联表8.3.2独立性检验A级必备知识基础练1.(2022河南期中)在研究肥胖与高血压的关系时,通过收集数据、整理分析数据得到“高血压与肥胖有关”的结论,并且在犯错误的概率不超

过0.01的前提下认为这个结论是成立的,下列说法中正确的是()A.在100个肥胖的人中至少有99人患有高血压B.肥胖的人至少有99%的概率患有高血压C.在100个高血压患者中一定有肥胖的人D.在100个高血压患者中可能没

有肥胖的人2.若由一个2×2列联表中的数据计算得χ2=4.013,那么认为两个变量有关系犯错误的概率不大于()α0.10.050.010.0050.001xα2.7063.8416.6357.87910.828A.0.05B

.0.001C.0.01D.0.0053.针对“中学生追星问题”,某校团委对“学生性别和中学生追星是否有关联”进行了一次调查,其中女生人数是男生人数的12,男生追星的人数占男生人数的16,女生追星的人数

占女生人数的23.零假设为H0:追星和性别无关联.若依据α=0.05的独立性检验认为追星和性别有关联,则男生的人数至少为()参考数据及公式如下:α0.050.010.001xα3.8416.63510.828χ2=𝑛(𝑎𝑑-𝑏�

�)2(𝑎+𝑏)(𝑐+𝑑)(𝑎+𝑐)(𝑏+𝑑).A.12B.11C.10D.184.某大学为了解学生对学校食堂服务的满意度,随机调查了50名男生和50名女生,每位学生对食堂的服务给出满意或不满意的评价,得到如下的列联表.零假设为H0:男、女生对该食

堂的服务评价无差异.经计算χ2≈4.762,则可以推断出()性别满意不满意合计男302050女401050合计7030100附:α0.10.050.01xα2.7063.8416.635A.该学校男生对食堂服务满意的概率的估计值为45

B.调研结果显示,该学校男生比女生对食堂服务更满意C.依据α=0.05的独立性检验认为男、女生对该食堂服务的评价有差异D.依据α=0.01的独立性检验认为男、女生对该食堂服务的评价有差异5.在对某小学的学生进行吃零食的调查中,得到

数据如下表:性别吃零食不吃零食合计男273461女122941合计3963102根据上述数据分析,可得χ2约为.6.在独立性检验中,xα有两个临界值:3.841和6.635.当χ2≥3.841时,依据α=0.05的独立性检验认为两个事件有关联;当

χ2≥6.635时,依据α=0.01的独立性检验认为两个事件有关联;当χ2<3.841时,依据α=0.05的独立性检验认为两个事件无关联.在一项打鼾与患心脏病的调查中,共调查了2000人,零假设为H0:打鼾与患心脏病之间无关联.经计算χ2=20.87

.根据这一数据分析,我们有理由认为打鼾与患心脏病之间.(填“有关联”或“无关联”)7.有人发现了一个有趣的现象,中国人的邮箱名称里含有数字比较多,而外国人邮箱名称里含有数字比较少.为了研究国籍和邮箱名称里含有

数字的关系,小明收集了124个邮箱名称,其中中国人的64个,外国人的60个,中国人的邮箱中有43个含数字,外国人的邮箱中有27个含数字.(1)根据以上数据建立2×2列联表;(2)他发现在这组数据中,外国人

邮箱里含数字的也不少,他不能断定国籍和邮箱名称里含有数字是否有关联,你能依据α=0.05的独立性检验帮他判断一下吗?附:α0.100.050.01xα2.7063.8416.635B级关键能力提升练8.某研究所为了检验某血清预防感冒的作用

,把500名使用了该血清的志愿者与另外500名未使用该血清的志愿者一年中的感冒记录进行比较,零假设为H0:这种血清与预防感冒之间无关联.利用2×2列联表计算得χ2≈3.918.下列叙述中正确的是()A.依据

α=0.05的独立性检验认为这种血清与预防感冒之间有关联B.若有人未使用该血清,则他一年中有95%的可能性得感冒C.这种血清预防感冒的有效率为95%D.这种血清预防感冒的有效率为5%9.(多选题)针对时下流行的某社交平台,某高校对学生性别和喜欢该平台是否有关联进行了一次调查,其中被调查

的男生、女生人数相同,男生喜欢该平台的人数占男生人数的45,女生喜欢该平台的人数占女生人数的35.零假设为H0:喜欢该平台和性别无关联.若依据α=0.05的独立性检验认为喜欢该平台和性别有关联,则调查人数中男生的人数可能为()附表:α0.050.01xα3.8416.635附:χ2=

𝑛(𝑎𝑑-𝑏𝑐)2(𝑎+𝑏)(𝑐+𝑑)(𝑎+𝑐)(𝑏+𝑑).A.25B.45C.60D.7510.千百年来,我国劳动人民在生产实践中根据云的形状、走向、速度、厚度、颜色等的变化,总结了丰富的“看云识天气”的经验,并将这些经验编成谚语,如“天上钩钩云,地上雨淋淋

”“日落云里走,雨在半夜后”……小波同学为了验证“日落云里走,雨在半夜后”,观察了所在地区A的100天日落和夜晚天气,得到如下2×2列联表:日落云里走夜晚天气合计下雨未下雨出现25530未出现254570合计5050100临界值表:α0.10.050.010.001xα2

.7063.8416.63510.828计算得到χ2≈19.05,下列小波对地区A天气判断不正确的是()A.夜晚下雨的概率约为12B.未出现“日落云里走”夜晚下雨的概率约为514C.在犯错误的概率不大于0.001的前提下,认为“日落云里走”与“当晚下雨”有关联D.出现“日落云里走”,

在犯错误的概率不大于0.001的前提下,认为夜晚会下雨11.某学校为了制定治理学校门口上学、放学期间家长接送孩子乱停车现象的措施,对全校学生家长进行了问卷调查.根据从中随机抽取的50份调查问卷,得到了如下的列

联表:性别同意限定区域停车不同意限定区域停车合计男20525女101525合计302050则依据α=的独立性检验认为同意限定区域停车与家长的性别有关联.附:χ2=𝑛(𝑎𝑑-𝑏𝑐)2(𝑎+𝑏)(𝑐+𝑑)(𝑎+𝑐)(𝑏+𝑑),其中n=

a+b+c+d.α0.050.0050.001xα3.8417.87910.82812.某驾驶员培训学校为对比了解“科目二”的培训过程采用大密度集中培训与周末分散培训两种方式的效果,调查了105名学员,统计结果为:接受大密度集中培训的55个学员中有45名学员一次考试通过,接受周末分散培训的学

员一次考试通过的有30个.根据统计结果,认为“能否一次考试通过与是否集中培训有关”犯错误的概率不大于.附:χ2=𝑛(𝑎𝑑-𝑏𝑐)2(𝑎+𝑏)(𝑐+𝑑)(𝑎+𝑐)(𝑏+𝑑).α0.050.0100.001xα3.8416.63510.828

13.书籍是文化的重要载体,读书是继承文化的重要方式.某地区为了解学生课余时间的读书情况,随机抽取了n名学生进行调查,根据调查得到的学生日均课余读书时间绘制成如图所示的频率分布直方图,将日均课余读书时间不低于40分钟的学生称为“读书之星”,日均课余读书时间低于40分钟的学生称为“非读书之星”.已

知抽取的样本中日均课余读书时间低于10分钟的有10人.(1)求n,p的值;(2)根据已知条件完成下面的2×2列联表,依据α=0.05的独立性检验能否认为“读书之星”与性别有关联?性别非读书之星读书之星合计男女1055合计(3)将上述调查所得到的频率视为概率,现从该地区大量学生中随机抽取3名学

生,每次抽取1名,已知每个人是否被抽到互不影响,记被抽取的“读书之星”人数为随机变量X,求X的分布列和均值E(X).附:χ2=𝑛(𝑎𝑑-𝑏𝑐)2(𝑎+𝑏)(𝑐+𝑑)(𝑎+𝑐)(𝑏+𝑑),其中n=a+b+c+d.α0.10.050.010.0050.001xα2.7063.

8416.6357.87910.828C级学科素养创新练14.某工厂为了提高生产效率,对生产设备进行了技术改造,为了对比技术改造前后的效果,采集了技术改造前后各20次连续正常运行的时间长度(单位:天)数据,整理如下:

改造前:19,31,22,26,34,15,22,25,40,35,18,16,28,23,34,15,26,20,24,21改造后:32,29,41,18,26,33,42,34,37,39,33,22,42,35,43,27

,41,37,38,36(1)完成下面的列联表,依据α=0.01的独立性检验,能否据此判断技术改造前后的连续正常运行时间有差异?时间超过30天不超过30天合计改造前改造后合计(2)工厂的生产设备需要进

行维护,工厂对生产设备的维护费用包括正常维护费和保障维护费两种.对生产设备设定维护周期为T天,即从开工运行到第kT天(k∈N*)进行维护.生产设备在一个生产周期内设置几个维护周期,每个维护周期相互独立.在一个维护周期内,若生产设备能连续运行,则只产生一次正常维

护费,而不会产生保障维护费;若生产设备不能连续运行,则除产生一次正常维护费外,还会产生保障维护费.经测算,正常维护费为0.5万元/次;保障维护费第一次为0.2万元/周期,此后每增加一次保障维护费增加0.2万元.现制定生产设备一个生产周期(以120天计)内的维护方案

:T=30,k=1,2,3,4.以生产设备在技术改造后一个维护周期内能连续正常运行的频率作为概率,求一个生产周期内维护费用的分布列及均值.附:χ2=𝑛(𝑎𝑑-𝑏𝑐)2(𝑎+𝑏)(𝑐+𝑑)(𝑎+𝑐)(𝑏+𝑑).α0.050.010.001xα3.8416.63510.828

8.3.1分类变量与列联表8.3.2独立性检验1.D“高血压与肥胖有关”,并且在犯错误的概率不超过0.01的前提下认为这个结论是成立的,表示有99%的把握认为这个结论成立,与多少个人患高血压没有关系,也不是说“肥胖的人就是至少有99%的概率

患有高血压”,只有选项D正确.2.A零假设H0:两变量之间没有关系.由一个2×2列联表中的数据计算得χ2=4.013,因为3.841<4.013<6.635,则P(χ2≥xα)=0.05,根据小概率值α=0.05的独立性检验,那么我们推断H0不成立,即认为两个变

量有关系,此推断犯错误的概率不超过0.05.3.A设男生人数为x,依题意可得如下2×2列联表:性别喜欢追星不喜欢追星合计男生x65x6x女生x3x6x2合计x2x3x2若依据α=0.05的独立性检验认为喜欢追星和性别有关联,则χ2≥3.841.由χ

2=3𝑥2(𝑥236-5𝑥218)2𝑥2·𝑥·𝑥·𝑥2=38x≥3.841,解得x≥3841375.因为𝑥2,𝑥6为整数,所以依据α=0.05的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为喜欢追星和性

别有关联,男生的人数至少为12.故选A.4.C对于选项A,该学校男生对食堂服务满意的概率的估计值为3030+20=35,故A错误;对于选项B,该学校女生对食堂服务满意的概率的估计值为4040+10=45>35,故B错误;因为χ2≈4.762>3.841=x0.05,

所以依据α=0.05的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为男、女生对该食堂服务的评价有差异,此推断犯错误的概率不大于0.05,故C正确,D错误.故选C.5.2.334χ2=102×(27×29-34×12)239×63×61×41≈2.334.6.有关联因为χ2=20.87>6

.635,所以依据α=0.01的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为两者有关联.7.解(1)2×2列联表如下:类型中国人外国人合计有数字432770无数字213354合计6460124(2)零假设为H0:国籍

和邮箱名称里是否含有数字无关联.由表中数据得χ2=124×(43×33-27×21)270×54×64×60≈6.201>3.841=x0.05.依据α=0.05的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为国籍和邮箱名称里是否含有数

字有关联,此推断犯错误的概率不大于0.05.8.A因为χ2≈3.918>3.841=x0.05,所以依据α=0.05的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为这种血清与预防感冒之间有关联,此推断犯错误的概率不大于0.05.故选A.9.BC设男生的人数为5n(n

∈N*),根据题意列出2×2列联表如下:类型男生女生合计喜欢该平台4n3n7n不喜欢该平台n2n3n合计5n5n10n则χ2=10𝑛×(4𝑛×2𝑛-3𝑛×𝑛)25𝑛×5𝑛×7𝑛×3𝑛=10𝑛21.因为依据α=0.05的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为喜

欢该平台和性别有关联,所以6.635>χ2≥3.841,即6.635>10𝑛21≥3.841,解得13.9335>n≥8.0661,因为n∈N*,所以根据选项调查人数中男生人数的可能值为45或60.故选BC.10.D由题意,把频率看作概率可得夜晚下雨的

概率约为25+25100=12,故A正确;未出现“日落云里走”夜晚下雨的概率约为2525+45=514,故B正确;由χ2≈19.05>10.828=x0.001,根据临界值表,可得在犯错误的概率不大于0.001的前提下,认为“日落云里

走”与“当晚下雨”有关联,故C正确,D错误.11.0.005零假设为H0:同意限定区域停车与家长的性别无关联.因为χ2=50×(20×15-5×10)225×25×30×20≈8.333>7.879=x0.005,所以依据α=0.005的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为同意限定区域停车

与家长的性别有关联,此推断犯错误的概率不大于0.005.12.0.052×2列联表如下:培训方式通过未通过合计集中培训451055分散培训302050合计7530105零假设为H0:“能否一次考试通过与是否集中培训无关”.∴χ2=105×(45×20-30×10)275×3

0×50×55≈6.109>3.841=x0.05,根据小概率值α=0.05的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为“能否一次考试通过与是否集中培训有关”,此推断犯错误的概率不大于0.05.13.解(

1)因为(0.005+p+0.018+0.020+0.022+0.025)×10=1,所以p=0.01.所以n=100.1=100.(2)因为n=100,所以“读书之星”有100×[(0.02+0.005)×10]=25(人).从而2×2列联表如下所示:性别非读书之星读书之星合计男30154

5女451055合计7525100零假设为H0:“读书之星”与性别无关联.将2×2列联表中的数据代入公式计算得χ2=100×(30×10-15×45)245×55×75×25=10033≈3.030<3.841=x0.05.依据α=0.05的独立性检验,没有充分证据推断H0不成立,因

此可以认为H0成立,即认为“读书之星”与性别无关联.(3)将频率视为概率,即从该地区学生中抽取一名学生是“读书之星”的概率为14.由题意可知X~B3,14.所以P(X=0)=C30(14)0×(1-14)3=2764;P(X=1)=C

3114×(1-14)2=2764;P(X=2)=C32(14)2×1-14=964;P(X=3)=C33(14)3=164.所以X的分布列为X0123P27642764964164E(X)=3×14=34.

14.解(1)零假设为H0:技术改造前后的连续正常运行时间无差异.由题意可得列联表如下:时间超过30天不超过30天合计改造前51520改造后15520合计202040根据列联表中的数据,经计算得到χ2=40×(5×5-15×15)220×20×20×2

0=10>6.635=x0.01.依据α=0.01的独立性检验,我们推断H0不成立,即认为技术改造前后的连续正常运行时间有差异,此推断犯错误的概率不大于0.01.(2)由题知,生产周期内有4个维护周期,一个维护周期为30天.在一个维护周期内,生产线需

保障维护的概率为P=14.设一个生产周期内需保障维护的次数为ξ,可知ξ~B4,14.一个生产周期内的正常维护费为0.5×4=2(万元),保障维护费为0.2𝜉×(𝜉+1)2=(0.1ξ2+0.1ξ)(万元)

.所以一个生产周期内需保障维护ξ次时的维护费用为(0.1ξ2+0.1ξ+2)万元.设一个生产周期内的维护费用为X,则X的所有可能取值为2,2.2,2.6,3.2,4,且P(X=2)=(1-14)4=81256;P(X=2.2)=C4

1(1-14)314=2764;P(X=2.6)=C42(1-14)2(14)2=27128;P(X=3.2)=C431-14(14)3=364;P(X=4)=(14)4=1256.所以X的分布列为X22.22.63.24P8

12562764271283641256所以E(X)=2×81256+2.2×2764+2.6×27128+3.2×364+4×1256=162+237.6+140.4+38.4+4256=582.4256=2.275.