【文档说明】安徽省六安市皖西中学2020-2021学年高二上学期期中考试物理答案.pdf，共(2)页，188.199 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-aebc22f1861e441da2911993b240e1d2.html

以下为本文档部分文字说明：

1物理参考答案题号123456789101112答案DBACACBBABCDACBD4.C解析：根据电场线的疏密特点，在AB直线上，O点电场强度最小，则受到电场力最小，而在CD直线上，O点的电场强度最大，则受到电场力最大，因此电荷在O点

受力不是最大，故A错误；根据电场线的疏密可知，从A到B的过程中，电场强度先减小后增大，则电场力也先减小后增大；同理从C到D的过程中，电场强度先增大后减小，则电场力也先增大后减小，故B错误，C正确；电荷沿直线由C到D的过程中，电荷不做功，故D错误。11.AC解析：点A

、D间的电势差：UAD＝WADq＝－2V，点A、C间的电势差为：UAC＝WACq＝－1V，故φC＝1V，φD＝2V，故φB＝－1V，BC中点E的电势为0，场强E＝UEDdED＝1002V/m，AC正确、B错误；pEq，所以电子在矩形ABCD上电势能最大为1eV，D错误。12

.BD解析：电容器上极板带正电，电场强度向下，液滴静止时，根据受电场力与重力等大反向，所以液滴带负电，选项A错误；热敏电阻加热时，热敏电阻阻值减小，则滑动变阻器两端的电压增大，所以电容器两端的电势差增大，根据公式C＝QU可知电容器所带电量增大，选项B正确；当变阻器的滑片向下移动时，滑动变阻

器接入电阻增大，则总电流减小，R0两端的电压减小，则滑动变阻器两端的电压增大，所以电容器两端的电势差增大，则电场强度增大，电场力增大，故C错误；开关K2断开时，电容器电量不变，由公式4SCkd、C＝QU、UEd联立得4kQES，可知此时极板间的电场强度

与d无关，所以液滴仍然静止，故D正确。13.答案：(1)6.009(6.007～6.009均正确)(2)D2－4ρLπR(每空2分)解析：(1)螺旋测微器的固定刻度为6.0mm，可动刻度为0.9×0.01mm＝0.009mm，所以最终读数为6.0mm＋0.009mm＝6.009m

m。(2)由电阻定律有R＝ρLS＝ρLπ（D2）2－π（d2）2，解得d＝D2－4ρLπR。14.答案：（1）C；（2）D；（3）F；（4）如图所示(每空2分)215.解析：(1)O点到A球的间距OA＝3L，∠AOB＝90°，∠OA

B＝53°，因此AB＝5L，依据库仑定律，那么AB间的库仑力为F＝9kq2（5L）2＝9kq225L2(2分)(2)各自对A、B受力分析，如图所示依据矢量的合成法则，结合三角知识，则有mAgFA＝tan53°(2分)FBmBg＝tan53°(

2分)根据库仑定律，则库仑力大小相等，即：FA＝FB(1分)联立解得mAmB＝169(1分)16.解析：(1)IL=P/U=1A(2分)IR2=U/R2=0.5A(2分)E=U+（IL+IR2）(R1+r)=14V(2分)(2)Q=IR22R2t=20J(4

分)17.解析：(1)小球受力如图，小球处于平衡状态所以：Eq=mgtanα(2分)得电场强度的大小是1.0×105N/C(2分)（2）由动能定理有Mgl-Eql=mv2/2(4分)得v=22m/s(2分)18．解析：(1)粒子做类平抛运动，设粒子从P点运动到Q点的时间为t

，加速度为a，有：2Rsinθ＝v0t(2分)2Rcosθ＝12at2(2分)由牛顿第二定律得：Eq＝ma(2分)联立得：v0＝2qER2m(1分)(2)粒子到达圆周最低点A点电势能变化量最大ΔEp＝－qEd(2分)而d＝R＋Rcosθ(2分)联立得：ΔEp＝－(1+22)qER(1分)