【文档说明】浙江省台州市山海协作体2022-2023学年高二上学期期中检测物理试题 含解析.docx，共(22)页，11.845 MB，由管理员店铺上传

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2022学年第一学期台州山海协作体期中联考高二年级物理学科试题考生须知：1.本卷共7页满分100分，考试时间90分钟。2.答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。3.所有答案必须写

在答题纸上，写在试卷上无效。4.考试结束后，只需上交答题纸。一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.如图所示的电学

器材中，属于电容器的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】A.这是一个开关，不属于电容器，故A不符合题意；B.这是一个滑动变阻器，不属于电容器，故B不符合题意；C.这是一个可调电容大小的电容器，故C符合题意；D.这是一个打点计时器，不属于电容器，故D不符合

题意。故选C。2.下列仪器不能测量基本物理量的是（）A.电火花打点计时器B.托盘天平C.电压表D.电流表【答案】C【解析】【详解】A．电火花打点计时器测量的是时间，是基本物理量，A正确；B．托盘天平测物体的质量，是基本物理量，B正确；C．电压表测量的是电压，不是基本物理量，C错误

；D．电流表测量的是电流，是基本物理量，D正确。本题选不能的，故选C。3.下列对物理学史的描述述不正确的是（）A.首次发现电磁感应现象规律的物理学家是法拉第B.电场这个“场”的概念最先是由库仑提出的C.赫兹首先用

实验证实电磁波的存在D.普朗克首先提出“量子”概念来解释黑体辐射【答案】B【解析】【详解】A．首次发现电磁感应现象规律的物理学家是法拉第，选项A正确，不符合题意；B．电场这个“场”的概念最先是由法拉第提出的，选项B错误，符合题意；C．赫兹首先用实验证实电磁波的

存在，选项C正确，不符合题意；D．普朗克首先提出“量子”概念来解释黑体辐射，选项D正确，不符合题意。故选B。4.下列说法正确的是（）A.位移-10m比5m大B.有大小又有方向的物理量就是矢量C.某力做功-10J比3J要

小D.某物体的重力势能为10J−比重力势能为3J要大【答案】A【解析】【详解】A．位移的大小是其绝对值大小，所以位移-10m比5m大，A正确；B．有大小又有方向并且运算满足平行四边形法则的物理量才是矢量，B错误；C

．做功的大小为其绝对值的大小，所以做功-10J比3J要大，C错误；D．重力势能选取零势能点后，其数学大小就代表其物理量大小，所以重力势能为10J−比重力势能为3J要小，D错误。故选A。5.关于对牛顿运动定律的理解，下列说法正确的是（）A.运动越快的汽车越不容易停下来，

是因为汽车运动得越快，惯性就越大B.人从水平地面上猛地竖直向上跳起，地面对人的支持力将会大于人对地面的压力C.物体的加速度方向有时与合外力方向相同，有时与合外力方向相反D.N/kg与2m/s都是加速度的国际制单位【答案】D【解析】【详

解】A．质量是惯性大小的唯一量度，与物体的运动状态无关，A错误；B．地面对人的支持力与人对地面的压力是一对相互作用力，等大反向，B错误；C．根据牛顿第二定律可知物体所受合外力与加速度方向一定相同，C错误；D．N/kg与2m/s都是加速度的国际制单位，D正确。故选D6.如图

所示，在幼儿园的游乐场中，一个小孩从光滑的滑梯上由静止开始下滑，下面四个图像可以表示他在滑梯上运动和受力情况情况的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】光滑斜面下滑，受力分析可知sinFmgma==物体合力为定值，加

速度为定值，则Ft−与at−图像为水平直线，做初速度为0的匀加速直线运动vt−图像为过原点的斜线，xt−图像为二次函数图像。故选A。7.晋代孙绰在《游天台山赋》中写道：“过灵溪而一灌，疏烦不想于心胸”。灵

江是台州的母亲河，也是。浙江的第三大河，全长197.7公里，上游为仙居的永安溪和天台的始丰溪，中游为灵江，下游为椒江。如图所示为百度地图中飞云江某段，河水沿着河床做曲线运动。图中ABCD、、、四处，受河

水冲击最严重的是哪处（）AA处B.B处C.C处D.D处【答案】B【解析】【详解】可看成河水在B处做圆周运动，此处河床需提供河水圆周运动所需的向心力，所以此处受到的河水冲击最严重。故选B。8.2022年10月12日16时01分“天宫课堂”第三课在中国空间站开讲，新晋“太空教师”陈冬、刘洋、蔡

旭哲为广大青少年带来一场精彩的太空科普课。已知地球质量为M，半径为R，引力常量为G。若我国空间站质量为m，在离地面高度为h（约400km）的轨道上做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）A.空间站受到的地球引力大小为2GM

mRB.空间站飞行的周期大于24hC.在空间站内放入水中的乒乓球在松手后会上浮D.在空间站内释放的铁球会漂浮在空中【答案】D.【解析】【详解】A．空间站在离地面高度为h的轨道上做圆周运动，由万有引力定律知引力大小为2+)MmFGRh=（A错误；B．由222()MmGmrr

T=得3=2rTGM空间站圆周半径小于同步卫星（周期为24h）半径，故其周期小于24h，B错误；CD．空间站和内部物体所受的引力完全用来产生向心加速度，处于完全失重状态，放入水中的乒乓球不受浮力，松手后保持静止；释放的铁球会漂浮在空中。C错误，D正确。故选D。9.小明在实验室练习使用多用电

表，两次测量时选择开关指向分别如图甲、乙所示，结果指针所指位置完全相同，如图丙所示，则他两次测量的读数分别为（）A.1100V22ΩB.1100V19ΩC.22.0V190ΩD.22.0V19Ω【答案】C【解析】【详解】图甲选择开关位于直流电压50V挡位，图丙示数22.0V，图乙选择开

关位于电阻“10”挡位，图丙示数190Ω。故选C。10.下图标出的电流方向、小磁针指向、磁感线方向正确的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】A．A图是直线电流产生的磁场，由安培定则可知，磁场方向为直线电流

的右侧垂直纸面向里，左侧是垂直纸面向外，A错误；B．B图是直线电流产生的磁场，电流方向竖直向上，由安培定则可知，直线电流的磁场方向从上往下看应是逆时针方向，小磁针的N极应是斜向上，B错误；C．C图是通电螺线管的磁场方向向左，小磁针的N极应水平指向左

，C错误；D．D图是环形电流产生的磁场，由安培定则可知，磁场方向向上，D正确。故选D。11.下列实验现象，属于电磁感应现象的是A.导线通电后其下方的小磁针发生偏转B.通电导线AB在磁场中运动C.通电线圈在磁场中转动D.金属杆切割磁感线时，电流表指针偏转【答案】D【解析】【分析】

电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时，产生感应电动势或感应电流的现象．【详解】A图中导线通电后，其下方的小磁针受到磁场的作用力而发生偏转，说明电流能产生磁场，是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象．故A错误．B图中通电导线AB在磁场中受到安培力作用而运动，不是

电磁感应现象．故B错误．C图中通电线圈在磁场中受到安培力作用而发生转动，不是电磁感应现象．故C错误．D图中金属杆切割磁感线时，电路中产生感应电流，是电磁感应现象．故D正确．故选D．12.如图所示，钢球从斜槽轨道末端以0v的水平速度飞

出，经过时间t落在斜靠的挡板AB上的C点（未画出）并且13ACAB=，若钢球以02v的速度水平飞出，则（）A.下落的时间仍为tB.下落的时间为2tC.下落的时间为3tD.落在挡板底端B点【答案】C【解析】【详解】钢球以0v飞出后落在长为3L的AB上的C点，假设挡板与水平地

面的夹角为，钢球做平抛运动分解位移：0cosLvt=①21sin2Lgt=②若钢球恰好落在B点，则：113cosLvt=③2113sin2Lgt=④由②④式解得13tt=⑤由①③⑤解得：103vv=又因为012vv，所以钢

球以02v抛出，落在地面上B点右侧，落地时间与落在B点时间相同，所以若钢球以02v的速度水平飞出，下落的时间为213ttt==故C正确，ABD错误。故选C。13.2022年10月在开罗举行射击世界锦标赛中，1

6岁的台州小将，黄岩二高学生黄雨婷在10米气步枪比赛的争夺中收获两枚金牌、一枚银牌，为中国队拿到一张巴黎奥运会门票。若子弹的质量-3g210kM=，子弹在枪内受到的压缩空气推动力F与子弹在枪内的运动时间t满足54400103tF=−。子弹离开枪膛

后立即不受压缩空气推动力，子弹重力、所受阻力都忽略不计，关于子弹在枪膛内的运动，下列说法正确的是（）A.子弹在枪膛内的运动距离大于0.45mB.子弹离开枪膛时的速度为600m/sC.子弹在枪脖内做匀加速运动，加速度为522

10m/sD.子弹在枪内做变加速运动，平均加速度约为52210m/s【答案】A【解析】【详解】A．子弹在膛内的加速度582102310Fatm−==因此加速度随时间变化图像图像面积表示离开枪膛的速度53210310m/s300m/s2v−==子弹做加速度

减小的加速运动，因此位移3300310m0.45m22vxt−==故A正确，BC错误；D．平均加速度的2523ms3/110m/10s003vat−===故D错误。故选A。二、不定项选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是

符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14.两根通电长直导线平行放置，电流大小分别为I1和I2，电流方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上。导线中的电流在这四点产生磁场的

磁感应强度可能为零的是A.a点B.b点C.c点D.d点【答案】AB【解析】【详解】A．根据安培定则可知两电流在a点磁感应强度的方向相反，若I1＜I2由于a离I1近，故在a点I1的磁感应强度的大小可能等

于I2的磁感应强度。则a点磁感应强度可能为0．故A正确；B．根据安培定则可知两电流在b点的磁感应强度的方向相反，若I1＞I2，由于I2离b点近，则B点点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度，故b点磁感应强度可为0．故B正确；CD．根据安培定则可知两电流在c点的B的方

向分别向右下方和左下方，故合成后c点的磁感应强度不为0；同理两电流在d点的B的方向分别向左下方和右下方，故合成后b点的磁感应强度不为0；故CD错误；故选AB。15.如图所示，为某一电荷所形成的一簇电场线，a、b、c三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从

O点射入电场的运动轨迹，其中b虚线为一圆弧，AB的长度等于BC的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力。则下列说法正确的是（）的A.a一定是正粒子的运动轨迹，b和c一定是负粒子的运动轨迹B.AB的长度等

于BC的长度，故ABBCUU=C.a虚线对应的粒子的加速度越来越小，c虚线对应的粒子的加速度越来越大，b虚线对应的粒子的加速度大小不变D.b虚线对应的粒子的质量大于c虚线对应的粒子的质量【答案】CD【解析】【详解】A．由图

只能确定三个粒子的受力方向，由于电场线的方向未知，则无法确定粒子的电性，A错误；B．根据匀强电场的规律UEd=AB的长度等于BC的长度，而电场线的疏密对应电场强度的大小，AC方向上电场强度逐渐增大，则有ABBCUUB错误；C．电场线的疏密对应电场强度的大小，根据牛顿第二定律可得qEa

m=a虚线对应的粒子的电场强度越来越弱，加速度越来越小，c虚线对应粒子电场强度越来越强，粒子的加速度越来越大，b虚线对应的粒子做圆周运动，库仑力提供向心力，粒子与场源电荷的距离保持不变，对应的电场强度大小保持不变，粒子的加速度大小不变，C正确；D．设

场源电荷的带电量大小为Q，粒子带电量大小为q，场源电荷与O点的距离为r，粒子在O点的速度大小为v，b虚线对应的粒子的质量为bm，c虚线对应的粒子的质量为cm，则根据库仑定律可得粒子受到的电场力为2kQqFr=b虚线对应的粒子的做圆周运动，库仑力提供向

心力，则有22bmvkQqrr=c虚线对应的粒子的做近心运动，库仑力大于粒子圆周运动所需的向心力22cmvkQqrr即bcmm由此可知，b虚线对应的粒子的质量大于c虚线对应的粒子的质量，D正确。故选CD。

16.如图所示的电路中，电源电压U恒为36V，闭合电键S，当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，理想电流表和电压表的示数分别为0.5A和34V。重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时理想电流表和电压表的示数分别为2.0A和12V。则下

列说法正确的是（）A.电动机的线圈电阻为4B.电动机的线圈电阻为68C.电动机正常运转时发热功率为16WD.电动机正常运转时输出功率32W【答案】ACD【解析】【详解】AB．电动机的线圈电阻为11363440.5UUrI−−===选项A正确，B错误；C．电动机正常运转时发热功率为222=

24W=16WPIr=热选项C正确；D．电动机正常运转时输出功率()22224W-16W32WPIUUP=−−==出热选项D正确。故选ACD。非选择题部分三、实验题（本题共2小题，共14分）17小科同学做了如下两个实验

：（1）下图所示为小科同学实验时记录小车运动情况的一条纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点（A点为第一个点），相邻计数点间的时间间隔0.1sT=由此计算各点的瞬时速度：则D3.90m/sv=，Cv=______m/s，B1.38m/sv

=，在如图乙所示的坐标系中画出了小车的vt−图线，请根据图线求出=a______2m/s(计算结果保留3位有效数字）。`（2）小科同学又做了“探究加速度与力、质量的关系”实验，该实验_______（填“需要”、“不需要”）平衡摩擦力，

关于该实验的有关事项，下列说法不正确的是（）A.此探究实验采用控制变量法的实验方法。B.应让砝码及砝码盘总质量远大于小车及里面钩码的总质量C.可以近似认为小车受到的拉力等于砝码及砝码盘的重力【答案】①.2.64②.12.5##12.6##12.7③.需要④.B【解析】【详解】（1）[1

]D点的瞬时速度为2BDC60.37.5010m/s2.64m/s220.1xvT−−===[2]图像的斜率为加速度，则加速度为224.00.25m/s12.5m/s0.3vat−==.（2）[3]做实验时，利用重物提供拉力，这

个力是可求出的，而物体受力为重力、拉力、滑动摩擦力和支持力，重力和支持力平衡，则合外力就是拉力与滑动摩擦力，摩擦力无法求出，故需要垫高木板平衡摩擦力。[4]A．此探究实验采用控制变量法，控制小车质量不变而改变拉力的大小，故A正确，不符合题意；B．实验要让砝码及砝码盘总质量远小

于小车及里面钩码的总质量，这样可近似的认为小车受到的拉力等于砝码及砝码的重力，故B错误，符合题意；C．砝码及砝码盘总质量远小于小车及里面钩码的总质量，这样可近似的认为小车受到的拉力等于砝码及砝码的重力，故C正确，不符合题意。故选B。18.在“探究导体

电阻与其影响因素的定量关系”的实验中，小理同学根据图甲的电路连接器材，多次改变电阻丝接入电路的长度l、调节滑动变阻器的阻值，使电流表的读数I达到某一相同值时记录电压表的示数U，从而得到多个UI的值，作出UlI−图像。（1）为了使测量时电压表

的读数从零开始，请同学们帮助小理同学完成甲图的电路连接_______；（2）小理同学用螺旋测微器测得导体横截面积如图丙所示，读数为___________mm；（3）小理同学用某次用横截面积为826.010m−的电阻丝做实验，测得UlI−图像如图乙所

示，则电阻丝的电阻率为___________Ωm。（结果保留2位有效数字）【答案】①.见解析②.6.125##6.124##6.126③.78.610−【解析】【详解】（1）[1]为了使测量时电压表的读数从零开始，滑动变阻器应采用分压接法，

甲图的电路连接如图所示（2）[2]螺旋测微器的精确值为0.01mm，由图丙可知读数为6mm12.50.01mm6.125mm+=（3）[3]根据电阻定律lRS=又URI=联立可得UlIS=可知UlI−图像的斜率为kS=可

得87626.010Ωm8.610Ωm0.360.08kS−−−==−四、计算题（4题共41分）19.中国已迈入高铁时代，高铁拉近了人们的距离，促进了经济的发展．一辆高铁测试列车从甲站始发最后停靠乙站，车载速

度传感器记录了列车运行的v-t图象如图所示．已知列车的质量为4.0×105kg，假设列车运行中所受的阻力是其重力的0.02倍，求：(1)甲、乙两站间的距离L：(2)列车出站时的加速度大小：(3)列车出站时的牵引力大小．

【答案】(1)L=115.2km(2)20.5m/sa=(3)52.810NF=【解析】【分析】(1)根据v-t图象与时间轴围成的面积求出甲、乙两站间的距离；(2)根据加速度的定义式求出列车出站时的加速度；(3)根据牛顿第二定律求出列车出站的牵引力【详解】(1)由题意v=

432km/h=120m/s，匀速运动时间t=720s两站间距对应v-t图线下的面积，有1(7201200)120m115200m2s=+=距离L=115200m=115.2km(2)启动阶段22120m/s0.5m/s240vat===(3)在启动阶段，根据牛顿第二定律F-f=ma又f=

0.02mg代入得:52.810NF=【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，求出加速度是关键，因为加速度是联系力学和运动学的桥梁．20.如图所示，空间中存在一水平方向的足够大的匀强电场。一质

量为-21.010kgm=，带电荷量为-61.010Cq=+的小球，用长0.5mL=的绝缘细线悬挂在O点，小球恰能静止在A点，此时悬线与竖直方向o37=角。不计一切阻力，sin370.6=，cos370.8=，求：（1）匀强电场的场强方向和大小；（2）若将电场

方向改为竖直向下，则小球从A点静止开始运动到悬挂点O的正下方B点时的速度大小以及带电小球的机械能改变多少。【答案】（1）场强方向水平向左，47.510NC；（2）14ms2，37.510J−【解析】【详解】（1）由题意可知，小球受力如

图所示，匀强电场是水平方向，小球带正电，由此可知匀强电场的场强方向是水平向左，设场强大小为E，由平衡条件可得tanEqmg=246tan1.010100.75NC7.510NC1.010mgEq−−===场强方向水平向左。（2）若将电场方向改为竖直向

下，设小球从A点静止开始运动到悬挂点O的正下方B点时的速度大小为v，由动能定理可得()()211cos2mgEqLmv+−=代入数据解得14ms2v=小球的机械能的改变等于电势能的减少，即电场力对小球做的正功，则有()()4631cos7.5101.0100.510.8J7.510J

EEqL−−=−=−=21.如图所示，固定在竖直平面内的轨道由高为H=0.8m的平台，斜面BC，半径R=0.8m的竖直圆轨道DFE（轨道在DE处稍微错开）及水平轨道PQM组成，一弹簧一端固定在M点。一质量为0.2kgm=的滑块（可视为

质点）从平台末端A以速度026m/sv=水平飞出，恰好无碰撞的从B点沿斜面向下滑行，B离地高度为10.35mh=，已知滑块与PQ段间的动摩擦因数为0.5，PQ的长度为1.2m，空气阻力及其余轨道的摩擦不计，g取10m/s2，求：（1）B与A间的水平距离；（2）滑

块经圆轨道最高点F时轨道对滑块的压力；（3）滑块最终静止的位置距P端的距离。【答案】（1）0.66m；（2）0；（3）0.8m【解析】【详解】（1）从抛出到落至斜面的时间()120.3sHhtg−==故0.66mABx=（2）滑块从抛出到斜面底端C过程，由能量

守恒2201122CmvmvmgH−=得210m/sCv=由C到F过程中，由能量守恒有2211222CFmvmvmgR−=−在F时2NFmvFmgR+=联立得N0NF=（3）由题意知滑块最终只能静止在PQ上，设滑块在PQ上滑动的总路程为s，由能量守恒

定律，有mgHmgs=解得s=1.6m滑块最终静止的位置距P端的距离为x=2LPQ-s=0.8m22.如图所示，ABG为水平轨道，AB部分粗糙，BG部分光滑，竖直虚线BB左侧存在方向斜向下与水平面成53=角、大小为41.010N/CE=的匀强电场。光滑半圆形轨道CD与水平轨

道ABG相切于C点，最高点为D点，在竖直虚线FF右侧存在竖直向上、大小也为E的匀强电场。现将一质量为0.1kgm=、电量为-41.010Cq=−的小滑块（可视为质点）从P点由静止释放，最后恰好能经过半圆形轨道CD的最高点D，途径与圆心O等高的H点，并从D点飞出。已知PB

长为3.6mx=，小滑块与AB部分之间的动摩擦因数为0.5=，重力加速度g取210m/s，sin530.8=，cos530.6=。求：（1）小滑块运动到B点时的速度大小；（2）半圆形轨道CD的半径R；（3）求小滑块对H点的压力。【答案】（1）6

m/s；（2）0.36m；（3）6N【解析】【详解】（1）P点小滑块受力分析如下将电场力正交分解后，P点到B点，由动能定理得21cos(sin)2BqExmgqExmv−−=代入数据解得6m/sBv=（2）若小滑块恰好能通过D点，由于最高点D受到电场力方向向下，由牛顿第二定律得2Dv

mgqEmR+=B点到D点，由动能定理得22112()22DBmvmvmgqER−=−+解得0.36mR=（3）滑块从B点到H点，由动能定理得2211()22BHmvmvmgqER−=−+代入数据解得21.6m/s

Hv=则在H点受力分析可知，轨道给小滑块的弹力提供向心力，由牛顿第二定律得2HvFmR=代入数据解得=6NF由牛顿第三定律知小滑块对H点的压力为6N，方向水平向右。23.（1）某无人机电池的电动势约为4V左右，为精确测

出该电池的电动势和内阻（内阻比较小）。除待测电池外，实验室可供选用的器材有：A.电流表A1（量程0.6A、内阻A10.6R=）B.电流表A2（量程3.0A、内阻A20.1R=）C.电压表V2（量程3V、内阻约3000Ω）D.滑动变阻器

1R，最大阻值为20E.定值电阻03R=F.一个开关及导线若干①为了能精确测量电池的电动势和内阻，设计电路如图1所示，其中电流表选择（）②根据设计的电路完成实验，根据实验数据得到如图2所示的图像，则电池的电动势E=_______V，，内阻r=

_______Ω。（计算结果保留2位有效数字）【答案】①.A②.4.0③.0.4【解析】【详解】①[1]电池的电动势约为4V左右，根据0A4=++IRRr电流的最大值大约在1A左右，为了精确测量电流表应该选择A；②[2][3]根据()0A1EUIRRr=+++可得()0A1UI

RRrE=−+++由UI−图像可知电源的电动势为4.0VE=UI−图像的斜率为0A14.00.8||Ω0.8−++==RrRk解得0.4Ωr=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com