【文档说明】云南省师范大学附属中学2022届高三上学期高考适应性月考卷（二）理综物理试题含答案.doc，共(12)页，599.500 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-a6f4feeab5f0bb974378e7e16cbeda4a.html

以下为本文档部分文字说明：

秘密★启用前理科综合物理注意事项:1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。3.考试结束后，请将本试卷和答题卡

一并交回。满分300分，考试用时150分钟。二、选择题:本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14-17题只有一项符合题目要求;第18~21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有

选错的得0分。14.某塔吊正在将一块建筑物料从地面竖直向上吊起，物料的v一t图象如图6所示。下列说法正确的是A.前2s内建筑物料处于失重状态B.最后2s内建筑物料只受重力作用C.前3内建筑物料受到的重力与塔吊对物料的拉力大小相等D.建筑物料上升过程

中,塔吊对它的拉力和它对塔吊的拉力大小始终相等15.如图7所示，M、N两物体叠放在一起，在恒力F作用下，保持静止状态，则关于两物体受力情况的说法正确的是A.物体N可能受到4个力B.物体M可能受到6个力C.物体M与墙之间一定

没有弹力和摩擦力D.物体M与N之间可能无摩擦力16.甲、乙两辆车t=0时刻相距1000m,甲车在后，乙车在前，在同一条公路上做匀变速直线运动，它们的v-t图象如图8所示，则下列说法正确的是A.乙车比甲车早出发8sB.两辆车

在t=36s时速度相等C.两辆车会相撞D.甲车停下时，两车相距最近，相距191m17.物块A1、A2、B1和B2的质量均为m,A1、A2用刚性轻杆连接，B1、B2用轻质弹簧连结,两个装置都放在水平的木板上，处于平衡状态，如图9所示。今突然撤去木板，让物块下落，在除去木板的瞬间,A1、A2的加速度分

别为aA1和aA2,B1、B2的加速度分别为aB1和aB2，则A.aA1=g，aA2=g，aB1=0，aB2=2gB.aA1=g，aA2=2g，aB1=g，aB2=gC.aA1=g，aA2=g,aB1=g，aB2=gD.aA1=0

,aA2=2g，aB1=0,aB2=2g18.如图10所示，两块光滑挡板OP、OQ相互垂直，OP竖直放置，小球a、b固定在轻弹簧的两端，并斜靠在OP、0Q上。现有一个水平向左的推力F作用于b上，使a、b紧靠挡

板处于静止状态。现保证b不动，使OP向左缓慢平移一小段距离，则A.推力F变小B.弹簧长度变短C.弹簧长度变长D.b对OQ的压力不变19.如图11所示，一条细绳跨过定滑轮连接物体A、B,A悬挂起来，B穿在一根竖直杆上,

B与竖直杆间的动摩擦因数为0.5,设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，其余摩擦不计。已知两物体均静止，绳与竖直杆间的夹角为=53°，物体A、B的质量分别为mA、mB(sin53°=0.8,cos53°=0.6),则A.mA可能小于mBB.mA可能大于3m

BC.杆对B的弹力大小为0.8mAgD.杆对B的作用力的最小值为0.8mBg20.一物体做匀变速直线运动,在通过第一段位移x1的过程中，其速度变化量为∆v,紧接着通过第二段位移x2。速度变化量仍为∆v。则关于物体的运动，下列说法正确的是A.两段运动所用时间一定相等B

.第一段位移x1一定大于第二段位移.x2C.物体运动的加速度为221()vxx−D.通过两段位移的平均速度为2121()xxvxx+−21.如图12甲所示，倾角为且足够长的传送带始终以恒定速率v2逆时针运行，t=0时，初速度大小为v1(v1>v2)的小物块从

传送带的底端滑上传送带，其速度随时间变化的v-t图象如图乙，则A.0~t2时间内，小物块所受到的摩擦力始终不变B.小物块与传送带间的动摩擦因数满足μ>tanC.t2时刻，小物块离传送带底端的距离达到最大D.小物块返回传送带底端时的速率小于v1三、非选择题:包括必考题和选考题两部分。第22题~第3

2题为必考题，每道试题考生都必须作答;第33题~第38题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题:共11题，共129分。22.(7分)把两根轻质弹簧串联起来测量它们各自的劲度系数，如图13甲所示。(1)未挂钩码之前，指针B指在刻度尺如图

乙所示的位置上,记为_____cm。(2)将质量50g的钩码逐个挂在弹簧I的下端，逐次记录所挂钩码的质量m与每根弹簧的伸长量x，可描绘出如图丙所示的图象，由图象可计算出弹簧II的劲度系数kII=______N/m。(取重力加速度g=9.8m/s2)(3)图丙中，当弹簧I的伸长量超过17cm时

其图线为曲线，由此可知，挂上第_____个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度,若再加挂钩码，弹簧II的图线斜率___(填“会”或“不会”)发生变化(弹簧II的弹性限度足够大)。23.(8分)用图14甲装置可以测量滑块的加速度。气垫导轨上相隔一定距离的两处装有两个光电传感器1、2,滑块上固定一遮光条，

滑块与遮光条的总质量为M,若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连。滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器1、2时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图象。(1)实验前，接通气源，

将滑块(不挂钩码)置于气垫导轨上，轻推滑块，计算机屏幕上显示的电压U随时间t变化的图象如图乙所示，则要将气垫导轨右侧______(填“调低”或“调高”)。(2)用游标卡尺测遮光条宽度d,测量结果如图丙所示，则d=__

____mm。(3)若图乙是正确操作所得图象，则滑块运动的加速度大小a=_____(用d、t1、t2、t表示)此测量值与真实加速度相比______(填“偏大”或“偏小”),在这个实验中，两个光电传感器的距离适当______(填“大”或“小”)一些，误差较小。24.(15分)如图1

5所示，两个质量均为m=1kg的物体A、B并排放置在倾角为θ=30°的固定斜面上，且物体A与斜面间的动摩擦因数为33。现用沿斜面向上、大小为20N的恒力F作用在物体A上，使二者一起沿着斜面运动，8s后撤去力F,已知物体B与A之间的相互作用力与恒力F之比为7:16,最大静摩擦力等于滑动摩

擦力，g取10m/s2。求(1)物体B与斜面间的动摩擦因数;(2)撤去力F瞬间，物体A的加速度大小;(3)撤去力F后，上滑过程中A、B间的最大距离。25.(17分)如图16甲所示，一滑块置于足够长的长木板左端木板放置在水平地面上。已知滑块和

木板的质量均为2kg,现在滑块上施加一个F=0.5t(N)的变力，从t=0时刻开始计时，滑块所受摩擦力随时间变化的关系如图乙所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度g取10m/s2。求:(1)木板与水平地面间的动摩擦因数;(2)滑块与木板间的动摩擦因数;(3)t2时刻木板的

速度大小。(二)选考题:共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的題号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选

答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33.[物理一选修3-3](15分)(1)(5分)对于一定质量的稀薄气体，下列说法正确的是___________(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分;每选错1个扣3分，

最低得分为0分)。A.如果气体绝热地自发向真空扩散，则扩散前后气体内能相同B.若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变C.气体分子间距离增大，分子势能一定增大D.在完全失重的状态下，气体的压强为零E.气体体积不变时，温度降低，则每秒

撞击单位面积器壁的力减小(2)(10分)一定质量的理想气体经历了如图22所示的状态变化。求:I.若从A到B的过程中,气体的内能减少了300J,则从A到B气体吸收或放出的热量;II.如果知道气体由A状态

经B、C到D状态的过程中，气体的最高温度T=900K,则气体在此过程中达到的最低温度。34.[物理一-选修3-4](15分)(1)(5分)如图23所示，扇形AOB为透明柱状介质的横截面，圆心角∠AOB=60°。一束平行于角平分线OM的光由0A射入介质，经OA折射的光线恰平

行于OB。则这种介质对光的折射率为____;折射光线中恰好射到M点的光______(填“会"或“不会”)发生全反射，(填“减小”或“增大”)光与AO边所夹锐角θ，折射光线在弧面AMB上更容易发生全反射。(2)(10分

)如图24所示，两列简谐横波的振幅都是20cm，传播速度大小相同。实线波的频率为2Hz,沿x轴正方向传播;虚线波沿x轴负方向传播。某时刻两列波在如图所示区城相遇。求:I.在相遇区域两列波是否会发生干涉现象;II.实线波和虚线波的频率之比;III.平衡位

置为x=8.5m处的质点此时刻的位移大小。理科综合物理参考答案二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求；第18～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号14151617181920

21答案DCBABDBCACAD【解析】14．前2s内建筑物料向上加速，处于超重状态，故A、C错误。最后2s内建筑物料的加速度大小为2260m/s3m/s2ag−==，其受重力和拉力作用，故B错误。塔吊对建筑物料的拉

力和建筑物料对塔吊的拉力互为作用力与反作用力，大小始终相等，故D正确15．M、N两物体静止，合力为0，对MN整体进行受力分析，受到重力和F，墙对M没有弹力，否则合力不能为0，所以也没有摩擦力，故C正确

。对N进行受力分析：N受到重力，M对N的支持力，这两个力的合力不能平衡，所以还受到M对N向上的静摩擦力，不可能受到4个力，故A、D错误。再对M进行受力分析：M受到重力、推力F、N对M的压力以及N给M沿斜面向下的静摩擦力，一共4个力，故B错误。16．由

题图可知，乙车比甲车晚出发8s，故A错误。由题图可知，甲车做匀减速直线运动，根据图象和运动学公式得050att=+=−vv，乙车做匀加速直线运动，同理得01(8)2att=+=−vv，当两车速度相等时，解得3

6st=，同时解得两车的共同速度14m/s=共v，故B正确。由于当两车速度相等时两车相距最近，则当36st=时甲车的位移01152m2xt+==共甲vv，乙车的位移(8s)196m2xt=−=共乙v，因为1000mxx+乙甲，所以两车不会相

撞，故C错误。此时两车之间的距离为(10001961152)m44ms=+−=，故D错误。17．在除去木板的瞬间，采用整体法研究A1、A2所受的力。A1、A2由于用刚性轻杆连接，加速度一定相等，将一起下落，整体的加速度等于重力加速度g。采用隔

离法研究B1、B2受到的力，在除去木板前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，木板对B2的支持力大小等于2mg。在除去木板的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，B1的受力情况不变，则B1所受合力为零，即10Ba=。B2受到重力mg和弹簧压力mg，所以合力大小为2mg，即22Bag=，故A

正确，B、C、D错误。注意：刚性物体的弹力可突变，而弹簧的弹力不能突变。18．设弹簧与竖直方向的夹角为，现保证b不动，使OP向左缓慢平移一小段距离，则增大，以a为研究对象，受力分析如图，根据平衡条件得=cosmgF弹，增大，co

s减小，则F弹增大，压缩弹簧，长度变短。OP对a的弹力1tanNFmg＝，增大，FN1增大。对a、弹簧和b整体研究，水平方向1NFF=，则推力F将增大，故B正确，A、C错误。竖直方向OQ对b的支持力2()NabFmmg=+不变，根据牛顿第三定律可知，b对OQ的压力

不变，故D正确。19．对A分析可知细线的拉力ATmg=，再对B分析，受重力、拉力、支持力和摩擦力（先假设向上），如图所示。水平方向有sinTN=，竖直方向有cos0BfTmg+−=，且fN≤，联立解得ABmm≥。若B受摩擦力向下，则cos0BTmgf

−−=，解得5ABmm≤，则5BABmmm≤≤，故A错误，B正确。杆对B的弹力大小为sin530.8AANmgmg==，故C正确。杆对B的作用力等于杆对B的摩擦力与弹力的合力，其大小与绳子的拉力ATmg=与重力Bmg的合力等大反向。因Amg的最小值等于mBg，两个力夹角为180531

27−=，可知两个力的合力最小值大于0.8Bmg，故D错误。20．两段过程中速度的变化量相等，根据ta=v知，两段过程中运动的时间相等，故A正确。若做匀加速直线运动，第一段位移小于第二段位移，若做匀减速直线运动，第一段位移

大于第二段位移，故B错误。两段过程的时间相等，设为t，则有221()xxat−=，又at=v，解得物体的加速度221()axx=−v，故C正确。运动的总时间212()2xxta−==vv，则通过两段位移的平均速度121221()2()xxxxtxx++

==−vv，故D错误。21．20~t时间内，小物块相对传送带始终向上运动，所受到的滑动摩擦力向下，保持不变，故A正确。t2时刻，物体和传送带共速，由图象可知，23~tt时间内物体未相对传送带静止，而是相对传送带向

下加速，所受到的滑动摩擦力向上，23~tt时间内，2sincosagg=−，方向向下，所以sincosgg，即tan，故B错误。10~t时间内，小物块向上减速运动，t1时刻速度减为0，此后向下做加速运动，所

以t1时刻，小物块离传送带底端的距离达到最大。10~t时间内，小物块以加速度1sincosagg=+，向上做减速运动，12~tt时间内，以1sincosagg=+，向下做加速运动，23~tt时间内，以2sincosagg=−，向下做加速运动

，22ax=v，回到底端时，向上、向下的位移大小相等，但向上运动的加速度大于向下运动的加速度，所以回到底端时的速率小于1v，故D正确三、非选择题（共174分）（一）必考题：共11小题，共129分。22．（除特殊标注外，每空2分，共7分）（1）11.50（1分）（2）28

（3）5不会【解析】（1）刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为11.50cm。（2）由图象中的数据可知，弹簧Ⅱ的形变量为7.00cmx=时，拉力40.059.8N1.96NF==。根据胡克定律知

kⅡ21.96N/m28N/m7.0010Fx−===。（3）由图象中的数据可知，当弹簧Ⅰ的伸长量为14cm时，对应的拉力是1.96N，所以其劲度系数121.96N/m14N/m14.0010Fk

x−===，弹簧Ⅰ的伸长量为17cm时，对应的拉力1140.17N2.38NFkx===，2.389.84.860.050n==，由此可知，挂上第5个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度。对轻质弹簧，任意位置弹力大小相等，即弹簧Ⅱ受到的拉力大小仍等于钩码对

弹簧Ⅰ的拉力大小，又因为弹簧Ⅱ的弹性限度足够大，说明对弹簧Ⅱ的劲度系数没有影响，图线斜率不变。23．（除特殊标注外，每空2分，共8分）（1）调低（2）9.50（3）21ddttt−偏大（1分）大（1分）【解析】（1）因为21tt，所以滑块过传感器1的速度小于过传感器2的速度，所以滑块做加

速运动，则应将右端调低。（2）20分度的游标卡尺精度为0.05mm，游标卡尺的主尺读数为9mm，则9mm100.05mm9.50mmd=+=。（3）在极短时间内的平均速度等于该时刻的瞬时速度，故通过光电门1的速度为11dt=v，经过光电门2的速度为

22dt=v，根据速度—时间公式可得21at=+vv，解得21ddttat−=。真实值211222ddttaattt−=++真，即测量值偏大，若1222ttt+则误差较小，所以两个光电传感器的距离适当大一些，误差较小。24．（15分）解：（1）设物体B与斜面间

的动摩擦因数为，分别对AB、整体及物体B受力分析如图甲、乙所示，设F作用时物体AB、的加速度为a，根据牛顿第二定律有32sincoscos23Fmgmgmgma−−−=①sincosABFmgmgma−−=②由716ABFF=，得716ABFF=

解得235m/s64a==，③（2）、（3）经过8s物体AB、同时达到最大速度，10m/sat==v④撤去力F瞬间，设物体A、B间弹力突变为零，则物体AB、的瞬时加速度大小分别为23sincos10m/s3Aagg=+=⑤2sincos7.5m/sBagg=+=，由于AB

aa，则假设成立，随后两物体都做匀减速运动⑥物体A经过时间11sAta==v，先减速为零，此时位移25m2AAxa==v⑦因为3tan3A==，此后物体A保持静止⑧物体B运动220m23BBxa==v到最高点时⑨AB、间有最大距离5m3BAxxx=−=⑩评分标准：本题共15分。

正确得出①、②式各给2分，得出③式给4分，其余各式各给1分。25．（17分）解：（1）由图乙可知1t时刻滑块和木板将要一起相对地面滑动，则木板与水平地面间的最大摩擦力mfF=4N①动摩擦因数m40.1240f

Fmg===②（2）由图乙可知，t2时刻，滑块将要相对木板滑动，滑块与木板间的最大摩擦力为8N③则滑块与木板间的动摩擦因数m80.420fFmg===④（3）2t时刻，木板的加速度达到最大，对木板有mm2fFmgma−=，解得2m2

m/sa=⑤对滑块有mmfFFma−=，解得12NF=⑥则由0.5(N)Ft=可知t2=24s⑦1t时刻m4NfFF==，可知18st=⑧1t~2t时间内，对整体有22Fmgma−=⑨解得21m/s8ta=−⑩1t~2t时间内2m01m/s2

aa+==21()16m/satt=−=v评分标准：本题共17分。正确得出②、④、⑤、⑥、式各给2分，其余各式各给1分。（二）选考题：共45分。33．（15分）（1）（5分）ABE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分

；每选错1个扣3分，最低得分为0分）【解析】绝热则0Q=，气体自发向真空扩散，不做功，故内能不变，故A正确。一定质量的稀薄气体可看作理想气体，若气体的压强和体积不变，根据理想气体状态方程pVCT=，可知温度不变，而温度是一定质量理想气体内能的唯一标志，所以内能一定不变，故B正确。分子势能的大小随

分子间距离的增加先减小后增大，由于最初分子间距的大小不定，所以分子间距离增大时，分子势能不一定增大，故C错误。气体压强是由于气体分子热运动撞击器壁形成的，在完全失重状态下，气体分子的撞击仍然存在，故气体的压强不为零，故C错误。一定质量的气体体积不变时，单位体

积内分子的个数不变，温度降低，分子运动的激烈程度减小，每秒撞击单位面积器壁的分子数不变，但撞击力减小，压强减小，故E正确。（2）（10分）解：Ⅰ．从A到B，外界对气体做功有432010(21)10J200JWpV−==

−=①根据热力学第一定律有UWQ=+②解得500JQUW=−=−，故气体放热500J③Ⅱ．根据理想气体状态方程pVT为一定值，可判定C状态温度最低，D状态温度最高，故900KDTT==④根据理想气体的状态方程可得CCDDDCpVpVTT=

⑤代入图象中数据解得150KCCDCDDpVTTpV==⑥评分标准：本题共10分。正确得出②、⑤式各给1分，其余各式各给2分。34．（15分）（1）（5分）3（2分）不会（1分）增大（2分）【解析】作出光路图甲，由几何知识可知，

入射角60i=，折射角30=，根据折射定律得sinsin603sinsin30in===。如图乙由几何关系可得，光线在M点的入射角为30i=，由临界角的关系式可得131sin=sin32Cin==，则iC，所以折射光线中恰好

射到M点的光线不能发生全反射。折射光线在弧面AMB上发生全反射则需要入射角i增大，所以入射光线与AO边所成锐角越大则越容易使折射光线在弧面AMB上发生全反射。（2）（10分）解：Ⅰ．两列波频率不相等，

不会发生干涉现象①Ⅱ．由图得4m=实，6m=虚②f=v，且v相等③解得f实∶f虚=虚∶实=3∶2④Ⅲ．8.5mx=处的质点，sin45102cmyA==实⑤sin3010cmyA==虚⑥(10102)cmyyy=+=+

虚实⑦评分标准：本题共10分。正确得出①、⑤、⑥式各给2分，其余各式各给1分。