【文档说明】云南省师范大学附属中学2022届高三上学期高考适应性月考卷（二）理综物理试题含答案.doc，共(12)页，599.500 KB，由小赞的店铺上传

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秘密★启用前理科综合物理注意事项:1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。3.考试结束后

，请将本试卷和答题卡一并交回。满分300分，考试用时150分钟。二、选择题:本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14-17题只有一项符合题目要求;第18~21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.某塔吊正在将一块建筑物

料从地面竖直向上吊起，物料的v一t图象如图6所示。下列说法正确的是A.前2s内建筑物料处于失重状态B.最后2s内建筑物料只受重力作用C.前3内建筑物料受到的重力与塔吊对物料的拉力大小相等D.建筑物料上升过程中,塔吊对它的拉力和它对塔吊的拉力大小始终相等15.如图7所示，M、N两物体叠放在一

起，在恒力F作用下，保持静止状态，则关于两物体受力情况的说法正确的是A.物体N可能受到4个力B.物体M可能受到6个力C.物体M与墙之间一定没有弹力和摩擦力D.物体M与N之间可能无摩擦力16.甲、乙两辆车t=0时刻相距1000m,甲车在后，乙车在前，在同一条公路上做匀变速直线

运动，它们的v-t图象如图8所示，则下列说法正确的是A.乙车比甲车早出发8sB.两辆车在t=36s时速度相等C.两辆车会相撞D.甲车停下时，两车相距最近，相距191m17.物块A1、A2、B1和B2的质量均为m

,A1、A2用刚性轻杆连接，B1、B2用轻质弹簧连结,两个装置都放在水平的木板上，处于平衡状态，如图9所示。今突然撤去木板，让物块下落，在除去木板的瞬间,A1、A2的加速度分别为aA1和aA2,B1、B2的加速度分别为aB1和aB2，则A.aA1=g，aA2=g，aB1

=0，aB2=2gB.aA1=g，aA2=2g，aB1=g，aB2=gC.aA1=g，aA2=g,aB1=g，aB2=gD.aA1=0,aA2=2g，aB1=0,aB2=2g18.如图10所示，两块光滑挡板OP、OQ相互垂直，OP竖直放置，小球a、b固定在轻

弹簧的两端，并斜靠在OP、0Q上。现有一个水平向左的推力F作用于b上，使a、b紧靠挡板处于静止状态。现保证b不动，使OP向左缓慢平移一小段距离，则A.推力F变小B.弹簧长度变短C.弹簧长度变长D.b对OQ的压力

不变19.如图11所示，一条细绳跨过定滑轮连接物体A、B,A悬挂起来，B穿在一根竖直杆上,B与竖直杆间的动摩擦因数为0.5,设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，其余摩擦不计。已知两物体均静止，绳与竖直杆间的夹角为=

53°，物体A、B的质量分别为mA、mB(sin53°=0.8,cos53°=0.6),则A.mA可能小于mBB.mA可能大于3mBC.杆对B的弹力大小为0.8mAgD.杆对B的作用力的最小值为0.8mBg20.一物体做匀变速直线运动,在通过第一段位移x1的过程中，其

速度变化量为∆v,紧接着通过第二段位移x2。速度变化量仍为∆v。则关于物体的运动，下列说法正确的是A.两段运动所用时间一定相等B.第一段位移x1一定大于第二段位移.x2C.物体运动的加速度为221()vxx−D.通过两段位移的平均速度为2121()xxvxx+−

21.如图12甲所示，倾角为且足够长的传送带始终以恒定速率v2逆时针运行，t=0时，初速度大小为v1(v1>v2)的小物块从传送带的底端滑上传送带，其速度随时间变化的v-t图象如图乙，则A.0~t2时间内，小物块所受到的摩擦力始终不变B.小物块与传送带间的动摩擦因数满足

μ>tanC.t2时刻，小物块离传送带底端的距离达到最大D.小物块返回传送带底端时的速率小于v1三、非选择题:包括必考题和选考题两部分。第22题~第32题为必考题，每道试题考生都必须作答;第33题~第38题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题:共11题，共129分。22.(7分

)把两根轻质弹簧串联起来测量它们各自的劲度系数，如图13甲所示。(1)未挂钩码之前，指针B指在刻度尺如图乙所示的位置上,记为_____cm。(2)将质量50g的钩码逐个挂在弹簧I的下端，逐次记录所挂钩码的质量m与每根弹簧的

伸长量x，可描绘出如图丙所示的图象，由图象可计算出弹簧II的劲度系数kII=______N/m。(取重力加速度g=9.8m/s2)(3)图丙中，当弹簧I的伸长量超过17cm时其图线为曲线，由此可知，挂上第_____个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度,若

再加挂钩码，弹簧II的图线斜率___(填“会”或“不会”)发生变化(弹簧II的弹性限度足够大)。23.(8分)用图14甲装置可以测量滑块的加速度。气垫导轨上相隔一定距离的两处装有两个光电传感器1、2,滑块上固定一遮光条，滑块与遮光条的总质量

为M,若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连。滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器1、2时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图象。(1

)实验前，接通气源，将滑块(不挂钩码)置于气垫导轨上，轻推滑块，计算机屏幕上显示的电压U随时间t变化的图象如图乙所示，则要将气垫导轨右侧______(填“调低”或“调高”)。(2)用游标卡尺测遮光条宽度d,测量结果如

图丙所示，则d=______mm。(3)若图乙是正确操作所得图象，则滑块运动的加速度大小a=_____(用d、t1、t2、t表示)此测量值与真实加速度相比______(填“偏大”或“偏小”),在这个实验中，两个光电传感器的距离适当___

___(填“大”或“小”)一些，误差较小。24.(15分)如图15所示，两个质量均为m=1kg的物体A、B并排放置在倾角为θ=30°的固定斜面上，且物体A与斜面间的动摩擦因数为33。现用沿斜面向上、大小为20N的恒力F作用在物体A上，使二者一起沿着斜面运动

，8s后撤去力F,已知物体B与A之间的相互作用力与恒力F之比为7:16,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。求(1)物体B与斜面间的动摩擦因数;(2)撤去力F瞬间，物体A的加速度大小;(3)撤去力F后，上滑过程中A、B间的最大距离。25.(17分)如

图16甲所示，一滑块置于足够长的长木板左端木板放置在水平地面上。已知滑块和木板的质量均为2kg,现在滑块上施加一个F=0.5t(N)的变力，从t=0时刻开始计时，滑块所受摩擦力随时间变化的关系如图乙所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度g取10m

/s2。求:(1)木板与水平地面间的动摩擦因数;(2)滑块与木板间的动摩擦因数;(3)t2时刻木板的速度大小。(二)选考题:共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答,并用2

B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的題号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33.[物理一选修3-3](15分)(1)(5分)对于一定质量的稀薄气体，下列说法正确的是___________(

填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分;每选错1个扣3分，最低得分为0分)。A.如果气体绝热地自发向真空扩散，则扩散前后气体内能相同B.若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变C.气体分子间距离增

大，分子势能一定增大D.在完全失重的状态下，气体的压强为零E.气体体积不变时，温度降低，则每秒撞击单位面积器壁的力减小(2)(10分)一定质量的理想气体经历了如图22所示的状态变化。求:I.若从A到B的过程中,气体的内能减少了300J

,则从A到B气体吸收或放出的热量;II.如果知道气体由A状态经B、C到D状态的过程中，气体的最高温度T=900K,则气体在此过程中达到的最低温度。34.[物理一-选修3-4](15分)(1)(5分)如图23所示，扇形AOB为透明柱状介质的横截面，圆心角∠AOB=60°。一束平行于角平分线OM

的光由0A射入介质，经OA折射的光线恰平行于OB。则这种介质对光的折射率为____;折射光线中恰好射到M点的光______(填“会"或“不会”)发生全反射，(填“减小”或“增大”)光与AO边所夹锐角θ，折射光线在弧面AMB上更容易发生

全反射。(2)(10分)如图24所示，两列简谐横波的振幅都是20cm，传播速度大小相同。实线波的频率为2Hz,沿x轴正方向传播;虚线波沿x轴负方向传播。某时刻两列波在如图所示区城相遇。求:I.在相遇区域两列波是否会发生干涉现象;II.实线波和虚线波的频率之比;III.平衡位置为x=8.5m处的质点

此时刻的位移大小。理科综合物理参考答案二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求；第18～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号1415161718192021答案DCBABDBCACAD【

解析】14．前2s内建筑物料向上加速，处于超重状态，故A、C错误。最后2s内建筑物料的加速度大小为2260m/s3m/s2ag−==，其受重力和拉力作用，故B错误。塔吊对建筑物料的拉力和建筑物料对塔吊的拉力互为作用力与反作用力，大小始终相

等，故D正确15．M、N两物体静止，合力为0，对MN整体进行受力分析，受到重力和F，墙对M没有弹力，否则合力不能为0，所以也没有摩擦力，故C正确。对N进行受力分析：N受到重力，M对N的支持力，这两个力的合力不能平衡，所以还受到M对N

向上的静摩擦力，不可能受到4个力，故A、D错误。再对M进行受力分析：M受到重力、推力F、N对M的压力以及N给M沿斜面向下的静摩擦力，一共4个力，故B错误。16．由题图可知，乙车比甲车晚出发8s，故A错误。

由题图可知，甲车做匀减速直线运动，根据图象和运动学公式得050att=+=−vv，乙车做匀加速直线运动，同理得01(8)2att=+=−vv，当两车速度相等时，解得36st=，同时解得两车的共同速度14m/s=共v，故B正确。由于当两车速度相等时两车相距最近，则当36st=时甲车的

位移01152m2xt+==共甲vv，乙车的位移(8s)196m2xt=−=共乙v，因为1000mxx+乙甲，所以两车不会相撞，故C错误。此时两车之间的距离为(10001961152)m44ms=+

−=，故D错误。17．在除去木板的瞬间，采用整体法研究A1、A2所受的力。A1、A2由于用刚性轻杆连接，加速度一定相等，将一起下落，整体的加速度等于重力加速度g。采用隔离法研究B1、B2受到的力，在除去木板前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，木板

对B2的支持力大小等于2mg。在除去木板的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，B1的受力情况不变，则B1所受合力为零，即10Ba=。B2受到重力mg和弹簧压力mg，所以合力大小为2mg，即22Bag=，故A正确，B、C、D错误。注意：刚性物体的弹力可突变，而弹

簧的弹力不能突变。18．设弹簧与竖直方向的夹角为，现保证b不动，使OP向左缓慢平移一小段距离，则增大，以a为研究对象，受力分析如图，根据平衡条件得=cosmgF弹，增大，cos减小，则F弹增大，压缩弹簧，长度变短。OP对a的弹力1tanNFmg＝，增大

，FN1增大。对a、弹簧和b整体研究，水平方向1NFF=，则推力F将增大，故B正确，A、C错误。竖直方向OQ对b的支持力2()NabFmmg=+不变，根据牛顿第三定律可知，b对OQ的压力不变，故D正确。19．对A分析可知细线的拉力

ATmg=，再对B分析，受重力、拉力、支持力和摩擦力（先假设向上），如图所示。水平方向有sinTN=，竖直方向有cos0BfTmg+−=，且fN≤，联立解得ABmm≥。若B受摩擦力向下，则cos0BTmgf−−=，解得5ABm

m≤，则5BABmmm≤≤，故A错误，B正确。杆对B的弹力大小为sin530.8AANmgmg==，故C正确。杆对B的作用力等于杆对B的摩擦力与弹力的合力，其大小与绳子的拉力ATmg=与重力Bmg的合力等大反向。因Amg的最小值等于mBg，两个力夹角为

18053127−=，可知两个力的合力最小值大于0.8Bmg，故D错误。20．两段过程中速度的变化量相等，根据ta=v知，两段过程中运动的时间相等，故A正确。若做匀加速直线运动，第一段位移小于第二段位移，若做匀减速直线运动，第一段位移大于第二

段位移，故B错误。两段过程的时间相等，设为t，则有221()xxat−=，又at=v，解得物体的加速度221()axx=−v，故C正确。运动的总时间212()2xxta−==vv，则通过两段位移的平均速度121221()2()

xxxxtxx++==−vv，故D错误。21．20~t时间内，小物块相对传送带始终向上运动，所受到的滑动摩擦力向下，保持不变，故A正确。t2时刻，物体和传送带共速，由图象可知，23~tt时间内物体未相对传送带静止，而是相对传送带向下加速，所受

到的滑动摩擦力向上，23~tt时间内，2sincosagg=−，方向向下，所以sincosgg，即tan，故B错误。10~t时间内，小物块向上减速运动，t1时刻速度减为0，此后向下做加速运

动，所以t1时刻，小物块离传送带底端的距离达到最大。10~t时间内，小物块以加速度1sincosagg=+，向上做减速运动，12~tt时间内，以1sincosagg=+，向下做加速运动，23~tt时间内，以2sincosagg=−，向下做加速运动，22ax=v，回到底端

时，向上、向下的位移大小相等，但向上运动的加速度大于向下运动的加速度，所以回到底端时的速率小于1v，故D正确三、非选择题（共174分）（一）必考题：共11小题，共129分。22．（除特殊标注外，每空2分，

共7分）（1）11.50（1分）（2）28（3）5不会【解析】（1）刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为11.50cm。（2）由图象中的数据可知，弹簧Ⅱ的形变量为7.00cmx=时，拉力40.059.8N1.96NF==。根据胡克定律知kⅡ21.96N/m28N/m7.00

10Fx−===。（3）由图象中的数据可知，当弹簧Ⅰ的伸长量为14cm时，对应的拉力是1.96N，所以其劲度系数121.96N/m14N/m14.0010Fkx−===，弹簧Ⅰ的伸长量为17cm时，对应的拉力1140.17N2.38NFk

x===，2.389.84.860.050n==，由此可知，挂上第5个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度。对轻质弹簧，任意位置弹力大小相等，即弹簧Ⅱ受到的拉力大小仍等于钩码对弹簧Ⅰ的拉力大小，又因为弹簧Ⅱ的弹性限度足够大，说明对弹簧Ⅱ的劲

度系数没有影响，图线斜率不变。23．（除特殊标注外，每空2分，共8分）（1）调低（2）9.50（3）21ddttt−偏大（1分）大（1分）【解析】（1）因为21tt，所以滑块过传感器1的速度小于过传感器2的速度，所

以滑块做加速运动，则应将右端调低。（2）20分度的游标卡尺精度为0.05mm，游标卡尺的主尺读数为9mm，则9mm100.05mm9.50mmd=+=。（3）在极短时间内的平均速度等于该时刻的瞬时速度，故通过光电门1的速度为11dt=v，经过光电门2的速度为22dt=v，根据速度—时间公式可得

21at=+vv，解得21ddttat−=。真实值211222ddttaattt−=++真，即测量值偏大，若1222ttt+则误差较小，所以两个光电传感器的距离适当大一些，误差较小。24．（15分）解：

（1）设物体B与斜面间的动摩擦因数为，分别对AB、整体及物体B受力分析如图甲、乙所示，设F作用时物体AB、的加速度为a，根据牛顿第二定律有32sincoscos23Fmgmgmgma−−−=①sincosABFmgmgma−−=②由716ABF

F=，得716ABFF=解得235m/s64a==，③（2）、（3）经过8s物体AB、同时达到最大速度，10m/sat==v④撤去力F瞬间，设物体A、B间弹力突变为零，则物体AB、的瞬时加速度大小分别为23sincos10m/s3Aagg

=+=⑤2sincos7.5m/sBagg=+=，由于ABaa，则假设成立，随后两物体都做匀减速运动⑥物体A经过时间11sAta==v，先减速为零，此时位移25m2AAxa==v⑦因为3tan3A==，此后物体A保持静止⑧物体B运动220m23BBxa=

=v到最高点时⑨AB、间有最大距离5m3BAxxx=−=⑩评分标准：本题共15分。正确得出①、②式各给2分，得出③式给4分，其余各式各给1分。25．（17分）解：（1）由图乙可知1t时刻滑块和木板将要一起相对地面滑动，则木

板与水平地面间的最大摩擦力mfF=4N①动摩擦因数m40.1240fFmg===②（2）由图乙可知，t2时刻，滑块将要相对木板滑动，滑块与木板间的最大摩擦力为8N③则滑块与木板间的动摩擦因数m80.420fFmg===④（3）2t时刻，木板的加速度达到最大，对木板有m

m2fFmgma−=，解得2m2m/sa=⑤对滑块有mmfFFma−=，解得12NF=⑥则由0.5(N)Ft=可知t2=24s⑦1t时刻m4NfFF==，可知18st=⑧1t~2t时间内，对整体有22Fmgma−=⑨解得21

m/s8ta=−⑩1t~2t时间内2m01m/s2aa+==21()16m/satt=−=v评分标准：本题共17分。正确得出②、④、⑤、⑥、式各给2分，其余各式各给1分。（二）选考题：共45分。33．（15分）（1）（5分）ABE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；

每选错1个扣3分，最低得分为0分）【解析】绝热则0Q=，气体自发向真空扩散，不做功，故内能不变，故A正确。一定质量的稀薄气体可看作理想气体，若气体的压强和体积不变，根据理想气体状态方程pVCT=，可知温度不变，而温度是一定质量理想气体内能的唯一标志，所以内

能一定不变，故B正确。分子势能的大小随分子间距离的增加先减小后增大，由于最初分子间距的大小不定，所以分子间距离增大时，分子势能不一定增大，故C错误。气体压强是由于气体分子热运动撞击器壁形成的，在完全失重状态下，气体分子的撞击仍然存在，故气体的压强不为零，故C错误。一定质量的气体体积不变时

，单位体积内分子的个数不变，温度降低，分子运动的激烈程度减小，每秒撞击单位面积器壁的分子数不变，但撞击力减小，压强减小，故E正确。（2）（10分）解：Ⅰ．从A到B，外界对气体做功有432010(21)10J200JWpV−==−=①根据热力学第一定律有UWQ=+②解得500JQUW=−

=−，故气体放热500J③Ⅱ．根据理想气体状态方程pVT为一定值，可判定C状态温度最低，D状态温度最高，故900KDTT==④根据理想气体的状态方程可得CCDDDCpVpVTT=⑤代入图象中数据解得150KCCDCDDpVTTpV==⑥评分标准：本题共10分。正确得出②、⑤式各给1分，其

余各式各给2分。34．（15分）（1）（5分）3（2分）不会（1分）增大（2分）【解析】作出光路图甲，由几何知识可知，入射角60i=，折射角30=，根据折射定律得sinsin603sinsin30in===。如图乙由几何

关系可得，光线在M点的入射角为30i=，由临界角的关系式可得131sin=sin32Cin==，则iC，所以折射光线中恰好射到M点的光线不能发生全反射。折射光线在弧面AMB上发生全反射则需要入射角i增大，所以入射光线与AO边所成锐角越大则越容易使折射光线在弧面AMB上发生全反射

。（2）（10分）解：Ⅰ．两列波频率不相等，不会发生干涉现象①Ⅱ．由图得4m=实，6m=虚②f=v，且v相等③解得f实∶f虚=虚∶实=3∶2④Ⅲ．8.5mx=处的质点，sin45102cmyA==实⑤sin3010c

myA==虚⑥(10102)cmyyy=+=+虚实⑦评分标准：本题共10分。正确得出①、⑤、⑥式各给2分，其余各式各给1分。