【文档说明】湖北省宜昌市葛洲坝中学2019-2020学年高一上学期期末考试物理试题【精准解析】.docx，共(16)页，606.873 KB，由管理员店铺上传

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宜昌市葛洲坝中学2019-2020学年第一学期高一年级期末考试试卷物理试题一、选择题1.关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是()A.物体运动的速度改变量很大，它的加速度一定很大B.速度很大的物体，其加速度可以很小，可以为零C.某时刻物体的速度

为零，其加速度不可能为零D.加速度很大时，运动物体的速度一定很大【答案】B【解析】【详解】A．物体的速度变化量大，所有时间可能很长，速度变化不一定快，加速度不一定大，A错误；B．速度很大的物体，速度变化不一定快，加速度不一定大，加速度可以

很小，也可以为零，B正确；C．某时刻的速度为零，加速度不一定为零，比如自由落体运动的初始时刻，速度为零，加速度不为零，C错误；D．加速度很大，速度变化很快，速度不一定大，比如火箭刚升空的瞬间，D错误；故

选B。2.一架飞机水平地匀速飞行，从飞机上每隔1s释放一个铁球，先后共释放4个。若不计空气阻力，从飞机上观察4个球()A.在空中任何时刻总是排成抛物线，它们的落地点是等间距的B.在空中任何时刻总是排成抛物线，它们的落地点是

不等间距的C.在空中任何时刻总是在飞机正下方排成竖直的直线，它们的落地点是等间距的D.在空中任何时刻总是在飞机正下方排成竖直的直线，它们的落地点是不等间距的【答案】C【解析】【详解】AB．飞机水平地匀速飞行，小球被释放后由于惯性，水平方

向上保持与飞机相同的速度而做平抛运动。因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，所以释放的小球在落地前都在飞机的正下方，即在飞机的正下方排成竖直的直线，AB错误；CD．由于高度相等，每个小球落地的时间相等，因为每隔1s释放一个，落地时在水平方向上两小球的间隔为xvt=，v相等、△

t相等，△x相等，所以落地点是等间距的，C正确D错误；故选C。3.如图所示，红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右作匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图()A.直线pB.曲线QC.曲线RD.无法确定【答案】B

【解析】【详解】红蜡块在竖直方向上做匀速直线运动，在水平方向上做匀加速直线运动，合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动，根据轨迹夹在速度方向与合力方向之间，合力的方向大致指向轨迹凹的一向，知轨迹可能为曲线Q，故B正确，ACD错误．4.物体从静止开始做

匀加速直线运动，已知第3s内与第2s内的位移之差是6m，则可知（）A.物体运动的加速度为3m/s2B.第2s末的速度为12m/sC.第1s内的位移为1mD.物体在前4s内的平均速度为15m/s【答案】B【解析】【详解】A．根据2xaT=得，物体的加速度2

226m/s6m/s1xaT===，A错误；B．第2s末的速度2262m/s12m/svat===，B正确；C、第1s内的位移2111161m3m22xat===，C错误；D、前4s内的位移24411616m48m22xat===，则物体在前4s内的平均速度4448m/s

12m/s4xvt===，D错误；故选B。5.如图所示，物块P静止在水平面上，分别对它施加互相垂直的两个水平拉力F1、F2（F1<F2）时，物块将分别沿F1、F2方向滑动，对应的滑动摩擦力大小分别是f1、f2，若

从静止开始同时施加这两个水平拉力，物块受到的滑动摩擦力大小是f3。则关于这三个摩擦力的大小，正确的判断是（）A.f1=f2=f3B.f1=f2＜f3C.f1<f2<f3D.f1＜f2=f3【答案】A【解析】【详解】三种情况下，物体所受的支持力都等于物体的重力，根据NfF=，三

种情况下滑动摩擦力的大小相等；A．综上分析123fff==，A正确；B．综上分析123fff==，B错误；C．综上分析123fff==，C错误；D．综上分析123fff==，D错误；故选A。6.如图所示，a、b两个小球

从不同高度同时沿相反方向水平抛出，其平抛运动轨迹的交点为P，则以下说法正确的是（）A.a、b两球同时落地B.a、b两球落地时速度相同C.a、b两球在P点相遇D.无论两球初速度大小多大，两球不可能在空中相遇【答案】D【解析】【详解】ACD．a、b两个小球从不同高度同时沿相反方向水平抛

出，竖直分运动为自由落体运动，故落地前任意时刻高度不同，不可能相遇，b球的高度较小，根据2htg=可知b一定先落地，AC错误D正确；B．由于两球的初速度大小未知，则无法比较两球落地的速度大小，B错误；故选D。7.如图所示，物体A的质量为mA，放在光滑水平桌面上，如果在绳的另

一端通过一个滑轮加竖直向下的力F，则A运动的加速度为a.将力去掉，改系一物体B，B的重力和F的值相等，那么A物体的加速度()图3－5－10A.仍为aB.比a小C.比a大D.无法判断【答案】B【解析】【详解】选B。用力F拉时有a＝AFm；系物体B时，

A、B两个物体都具有加速度，且两者加速度都由B物体的重力提供，即a′＝AAFmm+，故比a小．B正确．8.小明站在电梯中的体重计上，电梯静止时体重计示数为47kg，电梯运行经过5楼时体重计示数为41kg，则此时（）A.电梯一定在向上运动B

.电梯一定在向下运动C.电梯的加速度方向可能向上D.电梯的加速度方向一定向下【答案】D【解析】【详解】由图可知体重计示数减小，物体对支撑物的压力或悬挂物的拉力小于重力为失重，可知人处于失重状态，失重时加速度向下，故可知电梯具有向下的加速度。则可能的运动情况是①向下的加速运动；②向上的减速

运动。AB．电梯可能向上也可能向下运动，AB错误；CD．电梯具有向下的加速度，C错误D正确；故选D。9.如图所示，电灯悬挂于两墙壁之间，更换水平绳OA使连接点A向上移动而保持O点的位置和OB绳的位置不变，则在A点向上移动的过程中（）A.绳OB的拉力逐渐减小B.绳OB的拉力逐渐增大C.绳OA的拉力先

减小后增大D.绳OA的拉力先增大后减小【答案】AC【解析】【分析】本题中O点受到三个力作用处于平衡者状态，其中OB绳子上拉力方向不变，竖直绳子上拉力大小方向都不变，对于这类三力平衡问题可以利用“图解法”进行求解，即画出动态的平行四边形求解．【详解】以O点为研究对象，O处于平衡状态

，根据受力平衡，则AO上的力与BO上的力的合力与重力大小相等，方向相反，如图：由图可知，在A点向上移动的过程中，绳子OB上的拉力逐渐减小，OA上的拉力先减小后增大，故AC正确，BD错误．故选AC．【点睛】本题考查了动态平衡问题，要熟练掌握各种处

理动态平衡问题的方法，尤其是图解法和正交分解法．10.如图所示，自行车的大齿轮、小齿轮、后轮三个轮子的半径分别为R1、R2、R3，A、B、C是三个轮子边缘上的点．当三个轮子在大齿轮的带动下一起转动时，下列说法中正确的是（）A.A、B两点的线速度大小一定相

等B.A、B两点的角速度一定相等C.A、C两点的周期之比为R1∶R2D.B、C两点的向心加速度之比为R3∶R2【答案】AC【解析】【详解】A.B两点靠链条传动，线速度相等，根据v=rω知，A.B两点的半径不等，则角速度不等，故A正确，B错误．B.C两点共轴转动，角速度相等，周期相

等，A.B两点的角速度之比为R2：R1，则A.B两点的周期之比为R1：R2，所以A.C两点的周期之比为R1：R2．故C正确．由向心加速度a=ω2R知，B.C向心加速度之比为R2：R3．故D错误．故选AC.【点睛】此题考查了学生对线速度、角

速度及向心加速度的理解；解决本题的关键知道共轴转动的点，角速度相等，靠传送带传动轮子边缘上的点，线速度大小相等，知道线速度、角速度、向心加速度之间的关系，并能灵活运用．11.质量分别为2kg和3kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今用大小为20FN=作用在

A上使AB相对静止一起向前匀加速运动，则下列说法正确的是()A.弹簧的弹力大小等于8NB.弹簧的弹力大小等于12NC.突然撤去F瞬间，A的加速度大小为0D.突然撤去F瞬间，B的加速度大小为42/ms【答案】BD【解析】【详解】AB、对整体分析，整体的加速度22abF20am/s4m/s

mm23===++，隔离对B分析，则弹簧的弹力BFma34N12N弹===，故A错误，B正确；C、撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，则A的加速度22AaF12am/s6m/sm2===弹，故C错误；D、撤去F的瞬间，弹簧弹力不变，则B的加速度22BbF12am/s4m/sm3===弹，故D正确

．故选BD．【点睛】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析求出弹簧的弹力；撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律求出A、B的加速度大小．12.如图所示，质量不等的木块A和B的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上．当水平力F

作用于左端A上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1.当水平力F作用于右端B上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F2，则（）A.在两次作用过程中，物体的加速度的大小相等B.在两次作用过程中，12FFF+C.在两次作用过程中，12FFF+=D.在两次作用过

程中，1122FmFm=【答案】AC【解析】【详解】两次作用过程，对整体分析，整体的加速度为：12aFmm=+，故A正确；隔离分析，第一种情况，A对B的作用力为：21212mFFmamm==+，第二中情况，A对B的作用力为：12212mFFmamm==+

，则有：F1+F2=F，故B错误；C正确；以上数据可知，1221FmFm=，故D错误．二、实验题13.在验证牛顿第二定律的实验中，某学习小组使用的实验装置如图甲所示：（1）由于没有打点计时器，该小组让小车由静止开始运动，发生位移x，记录时间t，则小车的加速

度的表达式为a＝________。（用题目所给字母表示）（2）指出该实验中的一个明显疏漏：____________。（3）纠正了疏漏之处后，保持小车的质量M不变，改变砂桶与砂的总重力F，多次实验，根据得到的数据，在a—F图象中描点(如图乙所示)。结果发现右侧

若干个点明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________。A．轨道倾斜不够B．轨道倾斜过度C．砂桶与砂的总重力太大D．所用小车的质量太大【答案】(1).22xt(2).没有平衡摩擦力(3).C【解析】【详解】(1)[1]根据212xat=

，可以求得加速度为：22xat=；(2)[2]由于木板存在摩擦力，所以本实验疏漏了平衡摩擦力的步骤；(3)[3]本实验是用沙桶的总重力代替绳子的拉力的，但此结论有一个重要条件是沙和桶的总质量远小于物体的质量，但随着拉力变大（增大沙和桶的重力），已不满足上述条件，

整体的加速度变小，向下偏直线，C正确。14.在“研究平抛物体运动”的实验中，可以测出小球经过曲线上任意位置的瞬时速度，（1）实验简要步骤如下：A．让小球多次从__________位置上滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置.B．安装好器材，注意__________，记下斜槽末端O点和过O点的竖直线.

C．测出曲线上某点的坐标x、yD．取下白纸，以O为原点，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛轨迹.（2）上述实验步骤的合理顺序是___________.（3）如图所示，是一个小球做平抛运动的闪光照相相片的一部

分，图中方格的边长均为5cm，如果取g=10m/s2，则小球运动中水平分速度的大小是_______m/s。【答案】(1).同一(2).斜槽的末端切线水平(3).BADC(4).1.5m/s【解析】【详解】(1)[1]让小球从斜槽的同一位置由静止滚下，保证小球

平抛运动的初速度相同；[2]安装好器材，注意让斜槽末端切线水平，保证初速度水平，做平抛运动；(2)[3]实验过程为，先安装实验装置，然后让小球多次滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置，然后取下白纸画轨迹，最后根据轨迹

求解，故顺序为BADC；(3)[4]在竖直方向上有：2hgT=，其中：()535cm10cm0.1mh=−==，代入求得：0.1s0.1s10T==，水平方向匀速运动，有0svt=，其中315cm0.15msl===，t=T=0.1s，代入解得：00.151.5m/s0.1v==。三

、计算题15.汽车在高速公路上行驶的速度达20m/s，司机的反应时间是0.5s，在反应时间内汽车做匀速运动；刹车时加速度的大小为4m/s2，若司机发现前方有障碍物后刹车，则从发现到停下来需要多长时间？若要不与障碍物相撞，距障碍物的

最短距离是多少？【答案】5.5s；60m【解析】【详解】(1)汽车从刹车到停止运动的时间：010205s4vta−−===−−，司机的反应时间是t2=0.5s，故从发现到停下来需要时间为t=t1+t2=5.5s，(2)在0.5s的反应时间内，汽车仍做匀速直线运动，位移为：10

2200.5m10mxvt===刹车制动后，汽车做匀减速直线运动，由2202tvvax−=得位移为：2202020m50m22(4)vxa−−===−若要不与障碍物相撞，距障碍物的最短距离是x=x1+x2=60m

。16.如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为θ=37°的固定粗糙斜面上。用平行于斜面向上的推力F1=10N作用于物体上，使其能沿斜面匀速上滑，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求物体与斜面之间的动摩擦因数；

（2）如图乙所示，若改用平行于斜面向下的推力推力F2=5N作用于物体上，问物体能否平衡，若不能，求其加速度a的值。【答案】（1）0.5；（2）7m/s2【解析】【详解】(1)将力沿斜面和垂直于斜面正交分解：cosNm

g=，fN=，1sinFmgf=+，解得：0.5=，(2)将力沿斜面和垂直于斜面正交分解，cosNmg=，fN=，2sinFmgfma+−=，解得：a=7m/s2，加速度不为零，即说明物体不能平衡。17.如图所示，半径为R、内径很小

的光滑半圆管竖直放置，两个质量均为m的小球A、B以不同速率进入管内，A通过最高点C时，对管壁恰好无压力，B通过最高点C时，对管壁下部的压力为0.75mg。求：（1）A球通过C点时的速度？（2）A、B两球平抛运动的

时间？（3）A、B两球飞出C落到面上落点间的距离。【答案】（1）gR（2）4Rg（3）R【解析】【详解】(1)A、B两球在圆管中做圆周运动，因为A通过最高点C时，对管壁恰好无压力，即重力完全充当向心力，故对A球有：2AmvmgR=，解得：AvgR=；(

2)A、B两球平抛运动的时间为t，在竖直方向上做自由落体运动，与质量和平抛初速度无关，故有：2122Rgt=，解得两球做平抛运动的时间为：4Rtg=；(3)两球平抛落点间的距离为L，在轨道内最高点，研究B球有：20.75BmvmgmgR−=，解得B球平抛运动的初速度为：2

BgRv=，两球离开轨道后做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，故：()ABLvvt=−，解得：LR=。18.如图所示，质量m=1kg的物体静止在粗糙水平地面上A点。物体在斜向上与水平方向夹角α=37°的恒

力F作用下，从A点开始运动，到达B点时立即撤去拉力F，物体最后滑到C点静止。物体开始一段时间及隔一段时间后的v-t的图象如图。g取10m/s2，sinα=0.6，cosα=0.8。求：（1）动摩擦因数μ；（2）恒力F的大小（

保留2位有效数字）；（3）0~1.8s内物体位移s的大小。【答案】（1）0.5；（2）9.1N；（3）7.3m【解析】【详解】(1)B到C过程水平方向仅受摩擦力作用，设加速度为a2，由图可知221.03.

0m/s2.62.2vat−==−=-5m/s2，由牛顿第二定律2mgma−=，解得动摩擦因数：μ=0.5；(2)A到B过程加速度为a1，1vat==5m/s2，根据牛顿第二定律可得：1cos(sin)FmgFma−−=，故恒力F的大小F=1

0011N≈9.1N；(3)加速运动到B的时间为t1，到B点时速度为vB，所以有加速：110Bvat−=，减速：213.02.2Bvat−=−，得：11.4st=，vB=7m/s0-1.4s及1.4s-1.8s内位移之和：2112111()()22BBsvtvttatt=+−

+−，0~1.8s内物体的位移大小为：s=7.3m。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com