【文档说明】青海省西宁市大通回族土族自治县2021-2022学年高二下学期期末物理试题 含解析.docx，共(17)页，1.350 MB，由小赞的店铺上传

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2021~2022学年度第二学期大通县期末联考高二物理考生注意：1、本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间90分钟。2、答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3、考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题

目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4、本卷命题范围：人教版选修3-2，选修3-3，选修3-4。一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每

小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.根据热力学定律，下列说法正确的是（）A.空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量

等于向室外放出的热量B.科技的进步可以使内燃机成为单一热源的热机，将内能全部转化为机械能C.导体在光滑水平U形导轨上做切割磁感线运动，最后停下来，是自发的，但金属棒不会自发地将内能转化为棒的动能运动起来D.冰箱的使用说明热量可以自发地从低温

物体传递到高温物体【答案】C【解析】【详解】A．空调机在制冷过程中，压缩机要消耗电能，产生一部分内能，所以从室内吸收的热量小于向室外放出的热量，A错误；B．根据热力学第二定律，从单一热源吸收热量，全部用来对外做功而不引起其它变化

是不可能的，B错误；C．导体在光滑水平U形导轨上做切割磁感线运动，会产生感应电流，导体受到安培力作用最后停下来，是自发的，但金属棒不会自发地将内能转化为棒的动能运动起来，C正确；D．电冰箱正常工作时，通过对制冷系统做功，冰箱内的热量可以传到

冰箱外，使热量可以从低温物体传递到高温物体，D错误。故选C。2.弹簧振子的振动图像如图所示。在2s~3s的时间内，振子的动能Ek和势能Ep的变化情况是（）AEk变小，Ep变大B.Ek变大，Ep变小C.Ek、Ep均变小D

.Ek、Ep均变大【答案】B【解析】【详解】由图可知，在2s~3s的时间内，振子由负的最大位移运动至平衡位置，故振子的速度变大，则动能Ek变大，根据能量守恒可知，势能Ep变小。故选B。3.某种材料制成的三角形透明砖的截面图如图所示，AB边与AC边的

夹角为，某种颜色的光在AC边的入射角为45，折射光线DE在AB面上正好发生全反射，透明砖对此种颜色的光的折射率为2，则的值是（）A.10B.15C.25D.30【答案】B【解析】详解】根据折射定律sin452sinn==在A

C边发生折射的折射角为30=又.【1sinCn=临界角为45C=有几何关系得()()1809045309015=−−−+=故选B。4.一个单摆在地面上做受迫振动，其共振曲线（振幅A与驱动力频率f的

关系）如图所示，则（）A.此单摆的固有周期约为0.5sB.此单摆的摆长约为1mC.若摆长增大，单摆的固有频率增大D.若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动【答案】B【解析】【详解】A．由共振曲线可知，此单摆的固有频率约为0.5H

zf=所以，固有周期约为12sTf==故A错误；B．根据单摆周期公式2lTg=得()22229.82m1m443.14gTl=故B正确；CD．根据单摆周期公式得，若摆长增大，则单摆的固有周期增大，所以固有频率减小，共振曲线的峰将向左移动，故CD错误。故选B。5.

三只完全相同的灯泡L1、L2、L3，电阻可忽略的电感L和理想二极管D按如图所示接入电路中。闭合开关S，让三只灯泡都正常发光，接着突然断开开关S，下列判断最有可能的是（）A.L1、L2、L3均先变亮，然后逐渐熄灭B.L1逐渐熄灭，L2、L3均先变亮，然后逐渐熄

灭C.L2、L3立即熄灭，L1逐渐熄灭DL2立即熄灭，L1、L3逐渐熄灭【答案】D【解析】【分析】【详解】开关S从闭合状态突然断开时，原来通过L2和L3的电流立即消失；由于线圈L中产生自感电动势阻碍电

流的减小，则在L1和L3中形成新的回路，使得L1、L3均逐渐变暗，由于L2的电路中的二极管由单向导电性，电流不能从右向左通过二极管，所以L2立即熄灭。故选D。6.一个含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻10

R=。当原线圈接320V的交流电压时，原线圈中电流为2A，则变压器原、副线圈匝数比为（）A.2∶1B.1∶2C.4∶1D.1∶4【答案】C.【解析】【详解】输入功率等于输出功率，大小为11640WPUI==根据22

UPR=输出电压为280VU=则变压器原、副线圈匝数比为1212::4:1nnUU==故选C。7.如图所示，用轻绳将一条形磁铁竖直悬挂于O点，在其正下方的水平绝缘桌面上放置一铜质圆环。现将磁铁从A处由静止释放，经过最低处B，

再摆到左侧最高处C，圆环始终保持静止，则（）A.A、C两点处在同一水平高度B.从A到B的过程中，圆环对桌面压力大于圆环重力C.从A到B的过程中，圆环受到摩擦力方向水平向左D.从B到C的过程中，圆环受到摩擦力方向水平向左【答案】B【解析】【详解】A．根据

题意可知，磁铁运动过程中，穿过线圈的磁通量变化，圆环中产生感应电流，产生焦耳热，根据能量守恒定率可知，磁铁的机械能减小，则C点低于A点，故A错误；BC．从A到B的过程中，穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可知，圆环有远离磁铁的

趋势，则磁铁对圆环的作用力有向下和向左的分力，则圆环对桌面压力大于圆环重力，圆环受到摩擦力方向水平向右，故C错误，B正确；D．从B到C的过程中，穿过线圈的磁通量变小，由楞次定律可知，圆环有靠近磁铁的趋势，则磁铁对圆环的作用力有向上和向左的分力，则圆环受到摩擦力方向水平向右

，故D错误。故选B。8.一水平长绳上系着一个弹簧和小球组成的振动系统，小球振动的固有频率为2Hz，现在长绳两端分别有一振源P、Q同时开始以相同振幅A。上下振动了一段时间，某时刻两个振源在长绳上形成波形如图所示，两列波先后间隔一段时间经过

弹簧振子所在位置，观察到小球先后出现了两次振动，小球第一次振动时起振方向向上，且振动并不显著，而小球第二次发生了共振现象，则（）A.由Q振源产生的波先到达弹簧振子处B.两列波可能形成干涉C.由Q振源产生的波的波速较接近4m/sD.绳上不会出现振动位移大小为2A的点【答案】C【解析】【详解】A．因为

小球第一次振动时起振方向向上，根据P、Q振源产生波的波形可知，由P振源产生的波先到达弹簧振子处，故A错误；BC．由题意可知，P、Q两振源的频率不等，所以不能形成干涉。其中Q的频率比较接近小球振动的固有频率2Hz，所以由Q振源产生的波的波速较接近于=4m

/sPvf=固故B错误，C正确；D．虽然两列波的频率不同，不会产生稳定的干涉，但根据波的叠加原理，在绳上一定会有这两列波的波峰与波峰相遇、波谷与波谷相遇的位置，此位置质点振动位移大小为2A，故D错误。故选C

。9.下列说法正确的是（）A.一电器设备标示有“220V300W”，此电压值为有效值B.用交流电流表和电压表测得的数值是平均值C.照明电路电压为220V指的是有效值D.所有交变电流的有效值和最大值之间均存在m2UU=和m2II=的关系【答案】AC【解析】【详解】A．一电器

设备标示有“220V300W”，此电压值为有效值。A正确；B．用交流电流表和电压表测得的数值是有效值。B错误；C．照明电路电压为220V指的是有效值。C正确；D．只有正弦式交变电流的有效值和最大值之间均存在m2UU=和m2II=的关系，

其他交变电流不满足此关系。D错误。故选AC。10.如图所示，一定质量的理想气体，由状态a等容变化到状态b，再从状态b等压变化到状态c，a、c两状态温度相等。下列说法正确的是（）A.从状态b到状态c的过程中气体

放热B.气体在状态a的内能等于在状态c的内能C.气体在状态b的温度高于在状态a的温度D.从状态b到状态c的过程中气体对外做正功【答案】BD【解析】【详解】B．a、c两状态温度相等，则气体在状态a的内能等于在状态c的内能，故B正确；C．根据pVCT=从状态a到状态

b为等容过程，压强减小，温度降低，故C错误；D．从状态b到状态c等压过程，体积增大，气体对外做正功，故D正确；A．从状态a到状态b，温度降低，内能减小，气体对外不做功；从状态b到状态c的过气体对外做正功，内能减小，而

a、c两状态内能相同，说明从状态b到状态c的过程中气体吸热，故A错误。故选BD。11.如图所示，一定强度的激光（含有两种频率的复色光）沿半径方向入射到半圆形玻璃砖的圆心O点，经过玻璃砖后有A、B、C三束光射出，下列说法正确的有（）为A.B光穿过玻

璃砖所用的时间比C光穿过玻璃砖所用的时间长B.入射光的入射角从0开始增大，C光比B光先消失C.做双缝干涉实验时，用B光要比用C光条纹间距小D.B光比C光更容易发生衍射现象【答案】BD【解析】【详解】A．根据光的折射定律sinsininr=由图可知，A光发生全反射，B光和C光发生折射，且C光

在空气中的角度大于B光在空气中的角度，所以B光的折射率小于C光的折射率；根据光在介质中的速度与折射率的关系cvn=可知，B光在介质中的传播速度大于C光的传播速度，所以B光穿过玻璃砖的时间小于C光穿过玻璃砖

的时间，故A错误；B．根据折射率与临界角的关系1sinnC=由于B光的折射率小于C光的折射率，所以B光的临界角大于C光的临界角，当入射角增大时，C光比B光先消失，故B正确；C．由于B光的折射率小于C光的折射率，所以B光的波长比C光的波长长，根据条纹间距公式lxd=B光要比C光条纹间距大

，故C错误；D．由于B光的波长比C光的波长长，所以B光比C光更容易发生衍射现象，故D正确。故选BD。12.如图所示，边长为L的正方形金属线框abcd自宽度也为L的水平有界匀强磁场上方自由释放，ab边刚进入磁场时线框恰能匀速下落。已知线框在下落过程

中始终保持竖直且ab边始终水平，以沿abcd的方向为电流的正方向，则线框通过匀强磁场过程中的电流I、ab边的电势差abU随时间t的变化关系可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】BD【解析】【详解】AB．因线框匀速进入磁场，故通过磁场的过程中一直匀速运动，由EBLv=知

线框的电动势大小不变，由EBLvIRR==知线框中的电流大小不变，由楞次定律可知，ab边刚进入磁场时，线框中的电流沿adcb方向，cd边进入后，线框中的电流沿abcd的方向，故电流先沿负方向后沿正方向，故A错误，B正确；CD．ab边刚进入磁场时，ab为电源，由右手定则可知，a端电势高于b

端，故abU为正，此时34abUE=cd边进入磁场后，ab为外电路的一部分，a端电势仍高于b端，故abU也为正，此时14abUE=故C错误，D正确。故选BD。二、实验题（本题共2小题，共15分）13.在“用油膜法估测分子的大小”实验中，将6mL的油酸溶于酒精，制成10L的油酸酒精溶液

，测得1mL的油酸酒精溶液有75滴。现取1滴该油酸酒精溶液滴在水面上，待水面稳定后，将带有网格线的透明塑料盖板放在浅盘上，用彩笔在塑料盖板上描出油膜的轮廓，其形状和尺寸如图所示，塑料盖板上的小方格边长为1cm。则：（1）油酸膜的

面积是___________2cm；（2）1滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是___________mL；（结果保留一位有效数字）（3）按以上实验数据估测出油酸分子的直径约为___________m；（结果保留一位有效

数字）（4）某同学在实验中最终得到的计算结果比大部分同学的结果偏大，对出现这种结果的原因，下列说法可能正确的是___________。（填字母）A.错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算B.计算油酸膜面积

时，错将不完整的方格作为完整方格处理C.计算油酸膜面积时，只数了完整的方格数D.水面上痱子粉撒得较多，油酸膜没有充分展开【答案】①.115##21.1510②.6810−③.10710−④.ACD【解析】【详解】（1）[1]大于半格的算作一格，小于半格的舍去

，根据油酸膜形状得知，油酸膜的面积为2221151cm1.1510cm=（2）[2]1滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是6416mL810mL75110V−==（3）[3]油酸分子的直径约为681022810mL710cm710m1

.1510cmVdS−−−===（4）[4]A．将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积，导致油酸体积V偏大，根据VdS=可知，会导致计算的油酸分子直径偏大，故A正确；B．计算油酸膜面积时，错将不完整的方格作为完整方格处理，会导致油酸膜面积S偏大，根据VdS=可知，会导

致计算的油酸分子直径偏小，故B错误；C．计算油酸膜面积时，只数了完整的方格数，会导致油酸膜面积S偏小，根据VdS=可知，会导致计算的油酸分子直径偏大，故C正确；D．水面上痱子粉撒得较多，油酸膜没有充分展开，会导致油酸膜面积S偏小，根据VdS=可知，会导致计算的油酸分子直径偏大，故D正确。故选

ACD。14.用如图所示的装置做“用单摆测量重力加速度”的实验。（1）实验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的____A.长约1m的细线B.长约1m的橡皮绳C.直径约2cm的均匀铁球D.直径

约2cm的均匀木球（2）用停表测量单摆的周期。当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为1，单摆每经过最低点计一次数，当数到n时停表，秒表的示数为t，该单摆的周期是T＝_______（3）某同学测量出多组周期T、摆线长l的数值后，画出l-T2图线如图所示，

此图线斜率为k，纵轴上截距为a，则重力加速度为______，小球半径为________；（4）测得的重力加速度数值小于当地的重力加速度的实际值，造成这一情况的原因可能是____。A．开始摆动时振幅较小B．小球的质量m较大C．开始计时时，过早按下秒表D.测量周期时，误将摆球n次全振动的时间

记为（n+1）次全振动的时间【答案】①.AC#CA②.21tn−（）③.24πk④.a⑤.C【解析】【分析】【详解】（1）[1]实验中摆线的长度应保持不变，而橡皮筋的长度会发生变化，所以选项A正确、B错误。摆球应选质量大、体积小的物体，所以选项C正确、D错误。故选AC。（2）[2]摆球的

摆动次为12n−，所以周期为2112ttTnn==−−（3）[3]设摆球的半径为r，根据单摆的周期公式2πlrTg+=得224πglTr=−所以有2=4πgk得24πgk=[4]小球半径为r=a（4）[5]A．只要摆

角符合要求，振幅对周期没有影响，选项A错误；B．小球质量m大小对周期没有影响，选项B错误；C．开始计时时，过早按下秒表，测得的周期偏大，根据单摆周期公式计算得到的重力加速度值就会偏小，选项C正确；D.测量周期时，误将摆球n次全振动的时间记为（n+1）次全振动的时间，

测得的周期偏小，根据单摆周期公式计算得到的重力加速度值就会偏大，选项D错误。故选C。【点睛】的三、计算题（本题共3小题，共计37分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计

算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.如图甲，100匝的线圈（图中只画了2匝）两端A、B与一个电压表相连。线圈内有指向纸内方向的磁场，线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化。（1）电压表的读数应该等于多少？（2）请判断感应电流的方向；（3）A、B两端，哪端应该与电压表标+号的

接线柱（或红接线柱）连接？【答案】（1）50V；（2）逆时针方向；（3）A端【解析】【详解】（1）根据法拉第电磁感应定律得ΔΦ0.150.1100V50VΔ0.1Ent−===则电压表读数为50V。（2）由楞

次定律判定，感应电流方向为逆时针方向（3）因为电流的方向为逆时针方向，故A端就与电压表上标+号的接线柱连接16.如图所示，某种气体在状态A时的压强为2×105Pa，体积为1m3，温度为200K．（1）它在等温过程中由状态A变为状态B，状态B的体积为2m3．求状态B的压强

．（2）随后，又由状态B在等容过程中变为状态C，状态C的温度为300K．求状态C的压强．【答案】(1)105Pa(2)1.5×105Pa【解析】【详解】（1）气体的状态参量：5210ApPa=，31AVm=，32BVm=，由玻意耳定律得：AABBpVpV=，代入数据解

得：5110BpPa=；（2）气体的状态参量：5110BpPa=，200BATTK==，300CTK=，由查理定律得CBBCppTT=，代入数据解得：51.510CpPa=；点睛：本题考查了求气体的压

强，分析清楚气体状态变化过程，求出气体的状态参量，应用玻意耳定律与查理定律即可正确解题．17.一简谐横波在均匀介质中沿x轴传播，a、b为x轴正方向上的两个点（且a更靠近坐标原点），如图甲所示，t=0时刻开始计时，a、b两点的振动图象如图乙所示，a与b间的距离为5m。求：（1）处在平衡位置

的b质点从t=0开始到第三次处于波峰位置时，a质点在振动过程中通过的路程；（2）该简谐横波的波长和波速。【答案】（1）0.77m；（2）若波沿x轴正方向传播有：()20m0,1,243nn==+，()5m/s0,1,243vnn==+；若波沿x轴负方向传播有：()20m0,

1,241nn==+，()5m/s0,1,241vnn==+【解析】【详解】（1）由题意知a点振动了11T4，则a质点通过的路程为11477cm0.77m4sA===（2）若波沿x轴正方向传播有()35m0,1,24nn+==，vT=联立得()20m0,1,24

3nn==+()5m/s0,1,243vnn==+若波沿x轴负方向传播有()15m0,1,24nn+==，vT=联立得()20m0,1,241nn==+()5m/s0,1,241vnn==+获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxu

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