【文档说明】河南省许昌市第三中学2019-2020学年高二上学期阶段性测试物理试卷含答案.doc，共(12)页，286.000 KB，由小赞的店铺上传

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高二物理试卷一、单选题（共20题；共40分）1.如图所示，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V、φ2=20V、φ3=30V。一个带电粒子只受电场力作用，按图中实线轨迹从A点运动到B点，由此可知（）A.粒子带负电B.粒子的速度变

小C.粒子的加速度变大D.粒子的电势能变大2.下列关于电磁感应的说法中正确的是（）A.只要闭合导体与磁场发生相对运动，闭合导体内就一定产生感应电流B.只要导体在磁场中做相对运动，导体两端就一定会产生电势差C.感应电动势的大小跟穿过回路

的磁通量成正比D.闭合回路中感应电动势的大小只与磁通量的变化情况有关而与回路的导体材料无关3.2020年5月5日晚18时，长征五号B运载火箭首发取得圆满成功。该火箭是中国近地轨道运载能力最大的新一代运载火箭，拉开我国空间站在轨建造阶段飞行任务的序幕，为后续空间站核心舱、实验舱发射奠

定了坚实基础。与我国空间站“天宫一号”、“天宫二号”的有关说法正确的有（）A.我国第一个目标飞行器“天宫一号”在370km高度飞行时速度等于B.“神舟十一号”载人飞船到达“天宫二号”同一轨道上加速后完成对接C.“天舟一号”货运飞船在低于“天宫二号”的轨

道上时速度比“天宫二号”小D.航天员王亚平在“天宫二号“中授课时相对空间站静止的水球处于完全失重状态4.如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A，B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则（）A

.A点场强方向一定沿直线向左B.A点的电势一定低于B点的电势C.该点电荷一定在A点的左侧D.该点电荷一定在A点的右侧5.建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是（）A.法拉第B.奥斯特C.赫兹D.麦克斯韦6.如图所示，三个同心圆是

同一个点电荷周围的三个等势面，已知这三个圆的半径成等差数列．A、B、C分别是这三个等势面上的点，且这三点在同一条电场线上．A、C两点的电势依次为φA=10V和φC=2V，则B点的电势是（）A.一定等于6VB.一定低于

6VC.一定高于6VD.无法确定7.如图为两电阻Ra和Rb的伏安特性曲线，由图可知，电阻Ra与Rb的大小关系为（）A.Ra＞RbB.Ra＜RbC.Ra=RbD.不能确定8.关于能量和能源，下列表述正确的是（）A.能量可以从一种形式转化为另一种形式

B.机械能守恒是自然界的普遍规律C.能量是守恒的，所以能源永不枯竭D.能源在利用过程中有能量耗散，这表明能量不守恒9.如果一个电子和一个中子的德布罗意波长相等，则它们的（）也相等．A.速度B.动能C.动量D.总能量10.如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流

表示数的变化，那么（）A.若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aB.若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接bC.若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aD.若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S无法确定应接a还是b11.如图所示，纸面

内有一矩形导体闭合线框abcd，ab边长大于bc边长，置于垂直纸面向里、边界为MN的匀强磁场外，线框两次匀速地完全进入磁场，两次速度大小相同，方向均垂直于MN，第一次ab边平行MN进入磁场，线框上产生的热量为Q1，通过线框导体横截面的电荷量为q1；第二次bc边平

行MN进入磁场，线框上产生的热量为Q2，通过线框导体横截面的电荷量为q2，则()A.Q1<Q2B.Q1=Q2C.q1>q2D.q1=q212.雷达是利用无线电波的回波来探测目标方向和距离的一种装置，雷达的天线

犹如喊话筒，能使电脉冲的能量集中向某一方向发射；接收机的作用则与人耳相仿，用以接收雷达发射机所发出电脉冲的回波．测速雷达主要是利用多普勒效应原理，可由回波的频率改变数值，计算出目标与雷达的相对速度．以下说法错误的（）A.雷达发射的是不连续的电磁波B

.雷达用的是微波波段的无线电波C.目标离雷达天线而去时，反射信号频率将高于发射信号频率D.目标向雷达天线靠近时，反射信号频率将高于发射信号频率13.下列说法中正确的是（）A.托马斯∙杨通过光的单缝衍射实验，证明了光是一种波B.在太阳

光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的衍射现象C.在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则干涉条纹间距变宽D.麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，后来由他又用实验证实电磁波的存在14.一定质量的气体在某一过程中，外界对气体做功0.7×105J

，气体内能减小1.3×105J，则此过程()A.气体从外界吸收热量2.0×105JB.气体向外界释放热量2.0×105JC.气体从外界吸收热量6.0×104JD.气体向外界释放热量6.0×104J15.利用传感器和计算机可以测

量快速变化的力的瞬时值，图乙所示是用这种方法获得的图甲中弹性细绳的拉力F随时间t变化的图线，实验时把小球举到悬点O处，然后放手让小球自由落下（同时开始计时），由图线所提供的信息可以判断（）A.绳子的最大长度为gt22

B.t1～t2时间内小球处于失重状态C.t2时刻小球处于超重状态D.t2时刻小球处于完全失重状态，小球不受任何力的作用16.某形状不规则的导体置于静电场中，由于静电感应，在导体周围出现了如图所示的电场分布，图中虚线表示

电场线，实线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点．下列说法正确的是（）A.A点的电势高于B点的电势B.将电子从A点移到B点，电势能减小C.A点的电场强度大于B点的电场强度D.将电子从A点移到C点，再从C点移到B点，电场力做功为零17.按经典的电磁理论，关于氢原子光谱的描述应该是（）A.线状谱B

.连续谱C.吸收光谱D.发射光谱18.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v－t图象如图3所示．两图象在t＝t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S.在t＝0时刻，乙车在甲车前

面，相距为d.已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，则下面四组t′和d的组合可能的是()A.t′＝t1，d＝SB.t′＝t1，d＝SC.t′＝t1，d＝SD.t′＝t1，d＝S19.一简谐横波沿x轴正向传播，图甲是t=0时刻的波形图，图乙是介质中某质点的振动图象，则该质点的x坐标值合

理的是（）A.0.5mB.1.5mC.2.5mD.3.5m20.空间有平行于纸面的匀强电场，一电荷量为﹣q的质点（重力不计），在恒定拉力F的作用下沿虚线由M匀速运动到N，如图所示，已知力F和MN间夹角为θ，MN间距离为d，则（）A.MN两点的电势差为B.匀强电场的

电场强度大小为C.带电小球由M运动到N的过程中，电势能减少了FdcosθD.若要使带电小球由N向M做匀速直线运动，则F必须反向二、填空题（共4题；共6分）21.如图所示，x为放射源，L为一纸板，纸板与计数器之间有强磁场B．当强磁场移开时，计

数器的计数率不变，说明放射源中没有________（选填“α”、“β”或“γ”）粒子；将纸板L移开，计数器计数率大幅度上升，这表明放射源中有________（选填“α”、“β”或“γ”）粒子．22.某同学要

测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的长度，用10分度的游标卡尺测量其长度如图所示，可知其长度为________mm；23.如图1、2所示为某课外活动小组用螺旋测微器铜丝的直径为________mm、用多用

电表的欧姆×1挡别测量铜丝的电阻约为________Ω；24.水平绝缘杆MN套有质量为m，电荷量为+q的带电小球，小球与杆的动摩擦因数为μ，将该装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B，给小球一水平初速度v0，则小球的最

终速度可能为________．三、计算题（共2题；共10分）25.多少个电子的电荷量等于﹣3.2×10﹣5C？干燥的天气一个人脱了鞋在地毯上走，身上聚集了﹣4.8×10﹣5C的电荷．此人身上有多少个剩余电子？他的质量增加了多少？（电子质量me=9.1×

10﹣31kg，电子电荷量e=1.6×10﹣19C）26.一水电站，水流的落差为20m，水流冲击水轮发电机后，水流能有20%转化为电能，若发电机的功率为200kw，则每分钟的水流量是多少？（g取）四、解答题（共2题；共10分）27.一圆筒形汽缸

静置于地面上，如图所示。汽缸筒的质量为M，活塞及活塞上的手柄的质量为m，活塞的横截面积为S，大气压强为p0，现用力将活塞缓慢向上提，求汽缸刚离开地面时汽缸内封闭气体的压强。（忽略汽缸壁与活塞间的摩擦）28.甲乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x轴正向和

负向传播，波速均为v=25cm/s，两列波在t=0时的波形曲线如图所示．求：（i）t=0时，介质中偏离平衡位置位移为16cm的所有质点的x坐标；（ii）从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为﹣16cm的质点的时间．五、

实验探究题（共2题；共9分）29.某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω的电阻Rx的阻值．（1）现有电源（4V，内阻可不计），滑动变阻器（0～50Ω，额定电流2A），开关和导线若干，以及下列电表：A．电流表（0～3A，内阻约0.025Ω）B

．电流表（0～0.6A，内阻约0.125Ω）C．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）D．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）为减小测量误差，在实验中，电流表应选用________，电压表应选用________（选填器材前的字母）；实验电路应采用图中的________（选填“甲”或“乙”）（2）

接通开关，改变滑动变阻器画片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U．某次电表示数如图丙所示，可得该电阻的测量值=________Ω（保留两位有效数字）．（3）若在（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是________

；若在（1）问中选用乙电路产生误差的主要原因是________．（选填选项前的字母）A．电流表测量值小于流经Rx的电流值B．电流表测量值大于流经Rx的电流值C．电压表测量值小于Rx两端的电压值D．电压表测量值大于Rx两端的电压值．30.A、B两物体在水平

面上相向运动，其中物体A的质量为mA=4kg，两球发生相互作用前后的运动情况如图所示．则：（1）由图可知A、B两物体在________时刻发生碰撞，B物体的质量为mB________kg．（2）碰撞过程中，系统的机械能损失________J．六、综合题（

共2题；共25分）31.如图所示，在NOQ范围内有垂直于纸面向里的匀强磁场Ⅰ，在MOQ范围内有垂直于纸面向外的匀强磁场Ⅱ，M、0、N在一条直线上，∠M0Q=60°，这两个区域磁场的磁感应强度大小均为B，离子源中的离子带电荷

量为+q，质量为m，通过小孔O1进入两板间电压为U的加速电场区域(可认为初速度为零)，离子经电场加速后由小孔02射出，再从0点进入磁场区域I，此时速度方向沿纸面垂直于磁场边界MN，不计离子的重力．（1）若加速电场两板间电压U=U，求

离子进入磁场后做圆周运动的半径R；（2）在OQ上有一点P，P点到0点距离为L，若离子能通过P点，求加速电压U和从0点到P点的运动时间．32.一质量为m、带电荷量为q的粒子以速度v0从O点沿y轴正方向射入磁感应强度为B的有界匀强磁场区域，磁场方向垂直

于纸面．粒子飞出磁场区域后，再运动一段时间从b处穿过x轴，速度方向与x轴正方向夹角为30°，如图所示．不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径；（2）b点到O点的距离；（3）粒子从O点到b点的时间．答

案解析部分一、单选题1.【答案】A2.【答案】D3.【答案】D4.【答案】D5.【答案】D6.【答案】B7.【答案】B8.【答案】A9.【答案】C10.【答案】A11.【答案】D12.【答案】C13.【答案】C14.【答案】B15.【答案】C16.【答案】A17.

【答案】B18.【答案】D19.【答案】C20.【答案】A二、填空题21.【答案】；22.【答案】23.623.【答案】1.596；1324.【答案】v0和0三、计算题25.【答案】解：每个电子电荷量为q=1.6×10﹣19C；则﹣3.2×10﹣5

C的电量需要的电子为n==2×1014（个）；干燥的天气一个人脱了鞋在地毯上走，身上聚集了﹣4.8×10﹣5C的电荷．此人身上有电子为n′==3×1014（个）；电子质量me=9.1×10﹣31kg，所以他的质量增加m=3×1014×9.1×10﹣31kg=2.73×10﹣16kg．26

.【答案】根据题意得：解得：根据机械能守恒定律得：解得：所以四、解答题27.【答案】解：以活塞为研究对象，受重力、向上的拉力、外界大气向下的压力和封闭气体向上的压力，由平衡条件得：F+PS=mg+P0S以活塞和汽缸整体为研究对

象，受重力、向上的拉力，由平衡条件得：F=（M+m）g联立①②得：P=28.【答案】解：（i）t=0时，在x=50cm处两列波的波峰相遇，该处质点偏离平衡位置的位移为16cm，两列波的波峰相遇处的质点偏离平衡位置的位移均为

16cm从图线可以看出，甲、乙两列波的波长分别为：λ1=50cm，λ2=60cm…①甲、乙两列波的波峰的x坐标分别为：x1=50+k1λ1，…②x2=50+k2λ2，…③③式得，介质中偏离平衡位置位移

为16cm的所有质点的x坐标为：x=（50+300n）cmn=0，，，…④（ii）只有两列波的波谷相遇处的质点的位移为﹣16cm．t=0时，两波波谷间的x坐标之差为：△x′=[50+（2m2+1）]﹣[50+（2m1+1）]…⑤式中．m1和m2均为整数，将①

式代入⑤式得：△x′=10（6m2+5m1）+5由于m1和m2均为整数，相向传播的波谷间的距离最小为：=5cm从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为﹣16cm的质点的时间为：t=代入数值得：t=0.1s答：（i）t=0时，介质中偏离平衡位置位移为16cm的所有

质点的x坐标为（50+300n）cmn=0，，，（ii）从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为﹣16cm的质点的时间为0.1s五、实验探究题29.【答案】（1）B；C；甲（2）5.2（3）B；D30.【答案】（1）2s；6（2）30六、综合题31.【答案】（1）解：若加速电

场两板间电压U=U0，根据动能定理可得，，则粒子进入磁场时的速度为，根据洛伦兹力提供向心力可有：，计算得，=（2）解：若P点到O点距离为L，根据几何关系可知粒子半径（其中n=1、2、3、、、）根据和，联立可

得（其中n=1、2、3、、、）由题意可知每次在磁场中转过的圆心角为60°，则运动时间为，因为，所以从O点到P点的运动的时间为t=（其中n=1、2、3、、、）32.【答案】（1）解：洛伦兹力提供向心力，qv0B=m，得：R=．（2）解：设圆周运动的圆心为a，则：ab==2R，Ob=R+ab=3．（

3）解：圆周运动的周期T=，在磁场中运动的时间t1=T=．离开磁场后运动的距离s=Rtan60°=，运动的时间t2==．由O点到b点的总时间t=t1+t2=（+）．