【文档说明】安徽省淮南第二中学2022-2023学年高二上学期10月月考 物理 含解析.docx，共(15)页，575.625 KB，由管理员店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-83d626be1a0ae8d73bdbbfbb306672a5.html

以下为本文档部分文字说明：

2022-2023学年安徽省淮南市田家庵区淮南二中高二（上）月考物理试卷（10月份）一、单选题（8小题，每题4分，计32分）1.电场强度的单位，如果用国际单位制基本单位的符号来表示,正确的是（）A.21kgmsA−−B.31kgmsA−−C.32kgmsA−−D.231kg

msA−−【答案】B【解析】【详解】电场强度的单位是N/C，又2Nkgm/s=CAs=所以有31N/CkgmsA−−=故选B。2.如图实线为一簇未标明方向的电场线，虚线为一带电粒子仅在静

电力作用下通过该区域时的运动轨迹，A、B是轨迹上的两点。下列说法正确的是（）A.A点的电势一定比B点低B.A点的电场强度比B点小C.带电粒子在A点的动能比B点大D.带电粒子在A点的电势能比B点高【答案】C【解析】【详解】ACD．根据粒子的运动轨

迹可知，粒子所受的静电力大致向右，若粒子从A运动到B，则静电力做负功，动能变小，电势能变大，即带电粒子在A点的动能比B点大，在A点的电势能比B点低，但是由于粒子的电性未知，则不能确定A、B两点电势的高低（若粒子从B运动到A，可得到同样的结论），故AD错误，C正确；B．由于A点的电场线较B点密

集，可知A点的场强大于B点的场强，故B错误。故选C。3.N（N>1）个电荷量均为q（q>0）小球，均匀分布在直径为L的圆周上，示意如图。若移动位于圆周上P点的一个小球，将其沿OP连线向右移动L的距离到F点处，若此时在O点放一个带电荷量为Q的正点电荷，则该点电荷Q受到的电场力大小为（）A.249kQ

qLB.2329kQqLC.23kQqLD.223kQqL【答案】B【解析】【详解】如果没移去小球之前，N（N＞1）个电荷量均为q（q＞0）的小球，均匀分布在直径为L的圆周上在圆心处场强为0，该点场强可以看成是移去的电荷和其余的电荷在该点场强的叠加，所以移去P

点小球后，在圆心O点处的电场强度与移去的电荷在该处的场强大小相等，方向相反，根据库仑定律得圆心O点处的电场强度大小为12242qkqEkLL==方向沿OP指向PP点的一个小球移到F点处，在O点的场强为2224932qkqEkLL==方向沿FO指向O；所

以O点的合场强大小为122329kqEEEL=−=则该点电荷Q受到的电场力大小为2329QkqFQEL==电故选B。4.如图所示，平行板电容器与电动势为E′的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电

荷量很少，可被忽略。一带负电的油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是（）的A.平行板电容器的电容将变小B.静电计指针张角变小C.带电油滴的电势能减少D.若将上极板与电源断开后再将下极板左移一小

段距离，则油滴所受电场力不变【答案】C【解析】【详解】A．将电容器的上极板下移后，极板间距减小，根据C=r4Skd电容器的电容变大，A错误；B．电容器始终与电源相连，两极板的电势差不变，所以静电计指针张角不变，B错误；C．电容器的电势差不变，

d减小，则电场强度E变大，P点与下极板间的电势差变大，即P点的电势增大，因为该油滴带负电，所以其电势能减少，C正确；D．若将电容器上极板与电源断开，则电容器的电荷量不变，当正对面积S减小时，电容器的电容变小，电势差增大，根据E=Ud电场强度变大，油滴所受电场力变大，D错误。故选C。5.如图所示

的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是（）A.当n1=n2时，电流为零B.当n1>n2时，电流方向从A→B，电流为12()nneIt−=C.当n1<n2时，电流方向从B→A，电流为21()nneIt−=

D.无论n1、n2大小如何，电流方向都从A→B，电流都为12()nneIt+=【答案】D【解析】【详解】由题意可知，流过容器截面上的电量q=(n1＋n2)e则电流为12()nneIt+=方向与正电荷的定向移动方向相同，故由A到B。故选D。6.如

图是某品牌电动汽车的标识牌，以下说法正确的是（）整车型号CH830BEV最大设计总质量1800kg动力电池容量60A·h驱动电机额定功率30kW驱动电机型号WXMP30LO车辆设计代号VINLVFAD1A344000000

3A.该电池的容量为60A·hB.该电池以6A电流放电，可以工作5hC.该电池以6A的电流放电，可以工作60hD.该电池充完电可贮存的电荷量为60C【答案】A【解析】【详解】ABC．从题图标识牌可知电池

的容量为60A·h，即以6A的电流放电可工作10h，A正确，BC错误；D．该电池充完电可贮存的电荷量5603600C=2.1610Cq=的D错误；故选A。7.如图所示，将横截面积之比为12：，长度相同的两段同种均匀材料做成的柱状导体a和b并联接人电路中，忽略温度对电阻的

影响，则下列说法正确的是（）A.a和b电阻之比为12：B.通过a和b电流之比为21：C.a和b中自由电荷定向移动速率之比为11：D.相等时间内流过a和b中横截面的电荷量之比为11：【答案】C【解析】【详解】A．由题知a和b的长

度，横截面积之比为12：，由导体电阻定律lRs=得a和b电阻之比2∶1，故A错误；BD．由电路图可知a和b并联，则由并联电路中电流与电阻成反比得：通过a和b电流之比为1∶2；由电流的定义式可得：相等时间内流过a和b中横截面的电荷

量之比也为1∶2，故BD错误；C．由电流的微观表达式Inesv=得a和b中自由电荷定向移动速率之比为1∶1，故C正确。故选C。8.如图所示，一电荷量为q、质量为m的带电粒子以初速度v0由P点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直。粒子从Q点射出电场时，其速度方向与电场线成30°角。已知

匀强电场的宽度为d，不计重力作用。则匀强电场的场强E大小是（）为A.2032mvqdB.203mvqdC.2032mvqdD.20332mvqd【答案】B【解析】【详解】带电粒子在电场中做类平抛运动，根据运动的合成与分解得到0

03tan30yvvv==分方向方程0dvt=yEqvtm=联立方程得203mvEqd=ACD错误，B正确。故选B。二、多选题（4小题，每题4分，计16分）9.真空中某区域存在一静电场，其电场线分布如图所示，M、N、Q是以直

电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线垂直于MN，下列说法正确的是（）A.O点电势与Q点电势相等B.O、M间的电势差大于N、O间的电势差C.M点场强与N点场强相同D.在Q点释放一个电子，电子将沿圆弧QM运动【答案

】B【解析】【详解】C．电场线的疏密表示电场强度的大小，M点的场强大于N点的场强，选项C错误；B．因为OM=ON，ON处的电场强度小于OM处的电场强度，所以O、M间的电势差大于O、N间的电势差，选项B正确；A．沿电场线

方向，电势逐渐降低，等势面与电场线垂直，所以O点的电势高于Q点，选项A错误；D．根据电子在电场中的受力方向与运动方向的关系可知，在Q点释放一个电子，电子不沿圆弧QM运动，选项D错误。故选B。10.如图所示，在两平行板间接直流

电源，位于A板附近的带电粒子在电场力作用下，由静止开始向B板运动，关于粒子在两板间的运动，下列说法正确的是（）A.粒子到达B板时的速率与两板间距离和电源电压均有关B.若电源电压U与粒子的电荷量q均变为原来的2倍，则粒子到达B板时的速率变为原来的4倍C.两板间

距离越大，粒子运动的时间越长D.粒子到达B板时的速率与两板间距离无关，与电源电压有关【答案】CD【解析】【详解】AD．对粒子由动能定理有212qUmv=解得2qUvm=则粒子到达B板时的速率与电源电压有关，与两

板间距离无关，选项A错误，D正确；B．粒子到达B板时的速率2qUvm=，当U和q均变为原来的2倍时，到达B板时的速率变为原来的2倍，选项B错误；C．由牛顿第二定律可知FqEqUammmd===又212dat=则2mtdqU=可知两板间距离越大，粒子运动的时间越长，选项C正确；故选CD。11.如图所

示，闭合开关S并调节滑动变阻器滑片P的位置，使A、B、C三灯亮度相同。若继续将P向下移动，则三灯亮度变化情况为（）A.A灯变亮B.B灯变亮C.B灯变暗D.C灯变亮【答案】ACD【解析】【详解】A．将变

阻器滑片P向下移动时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流IA增大，则A灯变亮，故A正确；BC．并联部分的电压U并=E-IA（RA+r）E、RA、r不变，IA增大，U并减小，IB减小，B灯变暗，故B错误，C正确；D．通过C灯的电流CABIII=−

IA增大，IB减小，则IC增大，C灯变亮，故D正确。故选ACD。12.如图所示，经过精确校准的电压表V1和V2，分别用来测量某线路中电阻R两端a、b间的电压时，读数依次为12.7V和12.3V，则（）A.a、b间的实际电压略大于12.7VB.a、

b间的实际电压略小于12.7VC.电压表V1的内阻大于V2的内阻D.电压表V1的内阻小于V2的内阻【答案】AC【解析】【详解】AB．由于电压表不是理想电表（内阻不是无穷大），当a、b两端接入电压表后，电阻R与电压表的并联电阻小于电阻R，即总电阻偏小，由U

IR=总可知干路电流增大，由V'UUIR=−可知，接电压表后，a、b两端的电压减小，即a、b两端实际电压将大于电压表的示数，即a、b间的实际电压略大于12.7V，故A正确，B错误；CD．根据欧姆定律可知，若电压表的内阻越大，电压表与R的并联电阻就越大，干路电流就越小，电

阻'R上的电压就越小，电压表两端的电压就越大，电压表的示数也越大，即电压表V1的内阻大于V2的内阻，故C正确，D错误。故选AC。三、实验题（每空2分，计16分）13.某实验小组利用如图1所示的电路图“

观察电容器的充、放电现象”。（1）若将开关S打到1，电容器上极板带______（选填“正”或“负”）电，再将S打到2，通过电流表的电流方向向______（选填“左”或“右”）；（2）实验中所使用的电容器如图2所示电容为0.47F，当电容器两端电压为额定电压5.5V时，电容器正极板带电

荷量为______C（结果保留2位有效数字）；（3）下列关于电容器放电时电容器所带的电荷量Q与两极板间的电压U的关系、电容器放电时电路中的电流I与时间t的关系正确的是______。A．B．C．D．【答案】①.正②

.左③.2.6④.D【解析】【详解】（1）[1][2]将开关S打到1，电容器上极板与电源的正极相接，则上极板带正电，再将S打到2，电容器放电，正电荷向左定向移动，所以通过电流表的电流方向向左。（2）[3]电容器的额定电压为5

.5V，电容C=0.47F，则当电容器两端电压为额定电压时，电容器极板上所带电荷量为Q=CU=0.47×5.5C=2.6C（3）[4]AB．电容器放电过程中，随着电荷量的减少，电压也减少，最终为零，故A

B错误；CD．电容器放电时电流肯定减小，且减小得越来越慢，故C错误，D正确故选D。14.某同学将一量程为250A的微安表改装成量程为1.5V的电压表。先将电阻箱R1与该。微安表串联进行改装，然后选用

合适的电源E、滑动变阻器R2、定值电阻R3、开关S和标准电压表对改装后的电表进行检测，设计电路如图所示。（1）微安表铭牌标示内阻为0.8kΩ，据此计算R1的阻值应为___________kΩ。按照电路图连接电路，并将R1调为该阻值。（2）开关闭合

前，R2的滑片应移动到___________端。（3）开关闭合后，调节R2的滑片位置，微安表有示数，但变化不显著，故障原因可能是___________。（填选项前的字母）A．1、2间断路B．3、4间断路C．3、5间短路（4）排除故障后，调节R2的滑片位置，当标准电压表的示

数为0.60V时，微安表的示数为98μA，此时需要___________（填“增大”或“减小”）R1的阻值，以使改装电表的量程达到预期值。【答案】①.5.2②.2③.A④.减小【解析】【详解】(1)[1]微安表的内阻g0.8kΩR=，满

偏电流6g250μA25010AI−==，串联1R后改装为1.5VU=的电压表，所以满足gg1()IRRU+=代入数据解得1g6g1.5Ω0.8kΩ6kΩ0.8kΩ5.2kΩ25010URRI−=−=−=−=(2)[2]开关闭合前，将滑动变阻器2R的滑片移动到2端，这样测量电路部分的分压

为0，便于检测改装后的电表。(3)[3]开关闭合，调节滑动变阻器2R，电表示数变化不明显，说明分压电路未起作用，可能是1、2之间断路，整个电路变为限流线路，滑动变阻器的阻值远小于检测电表的电路部分的电阻，所以微安表示数变化

不明显；若是3、4间断路，电路断开，微安表无示数，若是3、5之间短路会导致微安表的示数变化比较明显。故选A。(4)[4]标准电压表的示数为0.6V，若改装电压表也为0.6V，此时微安表的示数为g10.6V0.6100μA6k

ΩIRR===+但此时微安表示数为98μA，说明1R的阻值偏大，所以应该减小1R的阻值。四、解答题（计36分）15.如图所示，某匀强电场的电场强度42.010N/CE=，A、B为同一条电场线上的两点。（1）现将电荷量82.010Cq

−=−的检验电荷放在电场中的A点，求该检验电荷在A点所受静电力F；（2）若A、B两点相距0.10md=，求B、A两点间的电势差BAU。【答案】（1）44.010N−，与电场强度方向相反；（2）32.010V−【解析】【详解】（1）电场力为44.010NFEq−==与电场强

度方向相反。（2）B、A两点间的电势差为432.0100.10V2.010VBAUEd=−=−=−16.如图所示，灵敏电流计的内阻g90ΩR=，满偏电流g1mAI=。当使用a、b两个端点时，是量程为I的电流表；当使用a、c两个端点时，是量程为U的电压表。已知电阻110ΩR=

，21410ΩR=。求：（1）量程I的值；（2）量程U的值。【答案】（1）10mA；（2）14.19V【解析】【详解】（1）当使用a、b两个端点时，R1两端电压与电流计两端电压相等，则()ggg1IRIIR=−电流表量程为10mAI=（2）当使用a、c两个端点时

，R2两端电压与电流表两端电压之和等于量程。则电压表量程为gg214.19VUIRIR=+=17.如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的绝缘轨道，其中AB部分为倾角30=的倾斜轨道。BCD部分是圆心为O、半径为R的四分之三圆弧轨道（两部分轨道相切于B点），C为圆弧轨

道的最低点，空间存在方向水平向右的匀强电场，使质量为m、电荷量为q的带正电小滑块（视为质点）静止在斜面上到B点距离为32R的A点。现将滑块由静止释放、结果滑块经过D点后，落在斜面轨道上的F点（图中未画出）。

匀强电场的电场强度大小为3mgq（g为重力加速度大小），不计一切摩擦及空气阻力。求：（1）滑块经过C点时对轨道的压力大小N；（2）滑块沿圆弧轨道运动过程中的最大速度maxv；（3）B、F两点间的距离x。【答案】（1）9mg；（2）10gR；（3）12R【解析】【详解】（1）滑块从A点到C点

，根据动能定理有()2331sin301cos30cos30sin30222CmgRREqRRmv+−++=解得22CvgR=在C点，根据牛顿第二定律有2NCvFmgmR−=解得N9Fmg=根据牛顿第三定律可得滑块经过C点时对轨道的压力大小N9NFmg==；（

2）将滑块受到重力和电场力合成一个力，等效成一个新的“重力”，其大小为()()222FmgEqmg=+=设其与水平方向夹角为，则有3tan3mgEq==解得30=即滑块沿圆弧轨道运动过程中的最大速度的位置是图中的M点，如图所示从C点到M点，根据动能

定理有()22m11cos301sin3022CEqRmgRmvmv−−=−解得m10vgR=（3）根据对称性原理，可知D点为等效的最高点，从C点到D点，根据动能定理有()2211cos301sin3022DCEqRmgRmvmv−−+=−的解得2DvgR=粒子从D到F点做类平抛运动，沿半径方

向做匀加速直线运动，垂直半径方向做匀速直线运动，根据几何关系可知，垂直半径方向的位移为R，则有DRvt=沿半径方向，根据牛顿第二定律有2Fagm==则沿半径方向的位移为212yat=解得12yR=故B、F两点间的距离12xRyR=−=