【文档说明】【精准解析】西藏日喀则市拉孜高级中学2019-2020学年高一下学期期末考试物理试题.doc，共(11)页，388.000 KB，由小赞的店铺上传

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日喀则市拉孜高级中学2019-2020学年第二学期高一期末考试（物理）试卷一、选择题1.下面说法中正确的是（）A.以卵击石，鸡蛋“粉身碎骨”，但石头却“安然无恙”是因为鸡蛋对石头的力小于石头对鸡蛋的力B.马拉车前进，马对车的拉力等于车对马

的拉力的大小C.物体间的作用力先出现的是作用力，其后的是反作用力D.人压弹簧时“人弱它就强”说明人与弹簧间的相互作用力不是等大的【答案】B【解析】【详解】A．以卵击石相互作用时，是作用力与反作用力，大小相等，方向相反，A错误；B．车被马拉动，是因为马拉

车的力大于车的阻力，马拉车的力与车拉马的力是作用力与反作用力，大小相等，方向相反，B正确；C．物体相互作用时，作用力与反作用力同时产生，同时变化，同时消失，C错误；D．作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上

，D错误。故选B。2.如图所示，质量为m的小球被水平绳AO和与竖直方向成θ角的轻弹簧系着处于静止状态，现将绳AO烧断，在绳AO烧断的瞬间，下列说法正确的是（）A.弹簧的拉力F＝cosmgB.弹簧的拉力F＝mgsinθC.小球的加速度为零D.小球的加速度a

＝gsinθ【答案】A【解析】【详解】根据共点力的平衡，求得弹簧的弹力mgFcos=，烧断绳子的瞬间，弹簧来不及发生形变，弹力不变；烧断前，绳子的拉力T=mgtanθ．烧断后的瞬间，弹簧弹力不变，弹力与重力的合力与烧断前的绳子拉力

等值反向，所以烧断后的瞬间，小球的合力为mgtanθ，根据牛顿第二定律，加速度a=gtanθ．故A正确，BCD错误．故选A．3.如图所示，小球从“离心轨道”上滑下，若小球经过A点时开始脱离圆环，则小球将做()A.自由落体运动B.平抛运动C.斜上抛运动D.竖直上抛运动【答案

】C【解析】【分析】【详解】小球在脱离轨道时的速度是沿着轨道的切线方向的，即斜向上。当脱离轨道后物体只受重力，所以物体将做斜上抛运动。故选C。4.如图所示，A、B为咬合传动的两齿轮，RA＝2RB，则A、B两轮边缘上两点的关系正确的是（）A.角速度之比为2：1B.向心加速度之比为1：2C.

周期之比为1：2D.转速之比为2：1【答案】B【解析】【详解】根据题意有两轮边缘上的线速度大小相等，即有vA=vBA．根据角速度ω和线速度v的关系v=rω得角速度与半径成反比：12ABBARR＝＝故A错误；B．根据向心加速度a与线速度v的关系2var＝且vA=vB得

：12ABBAaRaR＝＝故B正确；C．根据周期T和线速度v的关系2rTv＝且vA=vB得：21AABBTRTR＝＝故C错误；D．根据转速n和线速度v的关系v=2πnR且vA=vB得：12ABBAnRnR＝＝故D错误；故选B。5.如图所示，在倾角为θ的斜面上A点

，以水平速度v0抛出一个小球，不计空气阻力，它落到斜面上B点所用的时间为A.02sinvgB.02tanvgC.0sinvgD.0tanvg【答案】B【解析】【详解】设AB之间的距离为L，则：水平方向：0Lcosvt=竖直方向：Lsinθ=212gt

联立解得：t=02vtanθg,故B正确；ACD错误；综上所述本题答案是：B【点睛】解决平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．6.关于物体做匀速圆周运动的速度，下列说法中正确的是()A

.速度大小和方向都改变B.速度的大小和方向都不变C.速度的大小不变，方向改变D.速度的大小改变，方向不变【答案】C【解析】【详解】物体做匀速圆周运动的速度大小不变，但方向始终指向圆心，即方向时刻在变化，故C正确，ABD错误．7.2018年6月5日，

我国在西昌卫星发射中心成功发射“风云二号H星”。假设该卫星质量为m，在离地面高度为h的轨道上绕地球做匀速圆周运动。已知地球质量为M，半径为R，引力常量为G，则地球对卫星的万有引力大小为（）A.G2MmhB

.GMmRr+C.G2MmRD.G2()MmRh+【答案】D【解析】【详解】根据万有引力定律可知，地球对卫星的万有引力大小为2()MmFGRh=+故选D。8.对于做匀速圆周运动的物体，下列说法中不正确的是（）A.相等的时间内通过的

路程相等B.相等的时间内通过的弧长相等C.相等的时间内通过的位移相等D.在任何相等的时间里连接物体和圆心的半径转过的角度都相等【答案】C【解析】【详解】AB．做匀速圆周运动的物体，根据s=vt可知，相等的时间内通过的弧长相等，则路程相等，选项AB正确

，不符合题意；C．做匀速圆周运动的物体，相等的时间内通过的位移大小相等，但是方向不同，则位移不同，选项C错误，符合题意；D．做匀速圆周运动的物体，根据θ=ωt可知，在任何相等的时间里连接物体和圆心的半径转过的角度都相等，选项D正确

，不符合题意。故选C。9.下列关于能源开发和利用的说法中，正确的是（）A.能源利用的过程是内能转化成机械能的过程B.能量是守恒的，因此不需要节约能源C.能源利用的过程是一种形式的能向另外一种形式的能转

化的过程D.无论是节约能源还是开发能源，我国都要外国支援【答案】C【解析】【详解】AC、能源利用是将一种形式的能转化为另一种形式能的转化过程，并不是单纯的应用内能；故A错误，C正确；B、能量虽然是守恒的，但是能直接利用的能源越

来越少，因此需要节约能源，选项B错误；D、在能源利用上，要注意独立自主，不能单纯依赖外国；故D错误。故选C。10.下列关于机械能守恒的说法中正确的是（）A.做匀速运动的物体，其机械能一定守恒B.物体只受重力，机械能才守恒C.做匀速圆周运动的物体，其机械能一定守恒

D.除重力做功外，其他力不做功，【答案】D【解析】【详解】A．做匀速运动的物体，动能不变，但是重力势能可能变化，则其机械能不一定守恒，选项A错误；BD．物体除受重力外也受其他的力，但是其他力不做功，则物体的机械能也守恒，选项B错误，D正确；C．做匀速

圆周运动的物体，动能不变，但是重力势能可能变化，其机械能不一定守恒，选项C错误；故选D。11.关于超重和失重的下列说法中，正确的是（）A.物体具有向上的加速度时处于超重状态，物体具有向下的加速度时处于失重状态

B.地面附近的物体只在重力作用下的运动中处于完全失重状态C.超重就是物体所受的重力增大了，失重就是物体所受的重力减小了D.物体做自由落体运动时处于完全失重状态，所以做自由落体运动的物体不受重力作用【答案】AB【解析】【详解】由牛顿第二定律可知当物体得加速

度向上时NFmgma−=，因此物体处于超重状态；当加速度向下时有NmgFma−=，可知物体处于失重状态，A正确，当物体只受重力时处于完全失重，B正确，超重和失重是物体得支持力发生了变化，并不是重力发生了变化，因此C错误；物体自由落体时还受重力，D错误12.

如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点处．将小球拉至A处时，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点速度为v，AB间的竖直高度差为h，则A.由A到B过程合力对小球做的功等于mghB

.由A到B过程小球的重力势能减少212mvC.由A到B过程小球克服弹力做功为mghD.小球到达位置B时弹簧的弹性势能为212mghmv−【答案】D【解析】【详解】根据动能定理，可求合外力做功，212Wmv=合，故A错误；重力做功为mgh，故重力势能减少了mgh，所以

B错误；根据动能定理，212mghWmv+=弹，所以从A到B的过程中，弹力做功为212Wmvmgh=−弹，小球克服弹力做功为212Wmghmv−=−弹，所以C错误；再根据pWE弹−=可知，212PBPAEEmghmv−=−，又0PAE=，所以小球到达位置B时弹簧的弹性势能为212mgh

mv−，故D正确．二、非选择题13.如图，在用斜槽轨道做“探究平抛运动的规律”的实验时让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹．（1）为了能较准确地描出运动轨迹，下面列出了一些操作要求，正确的是（▲）A、通过调节使斜槽的末端保持水平B、每次释放小球的位置可

以不同C、每次必须由静止释放小球D、小球运动时不应与木板上的白纸(或方格纸)相接触（2）下图中A、B、C、D为某同学描绘的平抛运动轨迹上的几个点，已知方格边长为L．则小球的初速度v0=""▲；B点的速度大小vb=""▲．（重力加速度为g)【答案】（1）ACD（2）2gL、4lg2L【解析】【详解

】（1）[1]A.只有斜槽的末端保持水平，小球才具有水平方向初速度，其运动才是平抛运动，故A正确B、每次释放小球的位置必须相同，以保证小球有相同的水平初速度，故B错误；C、每次由静止释放小球，是为了使小球有相同的初速度，故C正确；D、小球运动时不应与木板上的白纸(或方格纸)

相接触，如果小球在运动与木板上的白纸相接触就会改变它的运动轨迹，使其不能做平抛运动，故D正确．（2）[2]根据平抛运动的特点在竖直方向上：2LhgT==在水平方向上：02Lvt=联立解得：02vgL=[3]根据平均速度可以求出b点竖直方向

的速度，即55==22bLvgLt竖根据合成可知b点的合速度为：2204l=g2BvvvL=+竖14.如图为“验证机械能守恒定律”的实验装置示意图。(1)为完成此实验，除了图中所示器材，还必需的器材有______；A.刻度尺B.

秒表C.天平D.交流电源(2)实验中，如下哪些操作是正确的______A.要用秒表测量时间B.重物的质量应尽可能大些C.先接通电源，后释放纸带D.先释放纸带，后接能电源【答案】(1).AD(2).BC【解析】【详解】(1)[1]为完成此实验，除了图中所示器材，还必

需的器材有刻度尺和交流电源；不需要秒表测量时间；由于要验证的关系是212mghmv=两边可消掉m，则不需要测量重物的质量，不需要天平。故选AD。(2)[2]A.此实验用打点计时器，则不需要用秒表测量时间，选项A错误；B.重物的质量应尽可能大些，体积尽量小些，以减小重物下落时阻力的影响，选

项B正确；C.实验时要先接通电源，后释放纸带，选项C正确，D错误。故选BC。15.如图所示，质量为25kg的小孩静止坐在秋千板上时，小孩离拴绳子的横梁2.5m。如果秋千板摆到最低点时，速度为3m/s，求此时小孩对秋千板压力的大小。（g取10m/s2）【答案】340N【解析】【详解】在

最低点对小孩受力分析，由牛顿第二定律得FN－mg＝m2vr代入数据解得FN＝340N由牛顿第三定律知小孩对秋千板的压力大小为340N.16.如图所示，一轨道由半径为2m的1/4竖直圆弧轨道AB和长度可调的水平直轨道BC在B点平滑连接而成.现有一质量为0.2

kg的小球从A点无初速释放，经过圆弧上B点时，传感器测得轨道所受压力大小为3.6N，小球经过BC段所受的阻力为其重力的0.2倍，然后从C点水平飞离轨道，落到水平地面上的P点，P、C两点间的高度差为3.2m.小球运动过程中可视为质点且不计空气阻力.(1)求小球运动至B点时的速度大小;(2)求

小球在圆弧轨道上克服摩擦力所做的功;(3)为使小球落点P与B点的水平距离最大，求BC段的长度.【答案】（1）4/ms（2）3.36/ms【解析】【详解】(1)在B点,由牛顿运动定律2BNvFmgmR=

−,解得vB=4m/s.(2)小球从A到B的过程,有重力和摩擦力做功,设克服摩擦力做功为Wf,由动能定理2102fBmgRWmv−=−解得Wf=2.4J.(3)设到C点时的速度为vc.B至C的过程,由动能定理得22112

2BCCBkmgLmvmvv−=−离开C后做平抛运动,运动时间为2hg,所以B至P的水平距离为2222144245BcCccvvhLvvvkgg−=+=−+,由二次函数的单调性可得，当vc=1.6m/s时，B至P的

水平距离最大，由此可得LBC=3.36m.