【文档说明】江浙皖高中（县中）发展共同体2024-2025学年高三上学期10月联考物理试卷（江皖卷） Word版含解析.docx，共(16)页，1.418 MB，由管理员店铺上传

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绝密★考试结束前2024学年第一学期江浙皖高中（县中）发展共同体高三年级10月联考（江皖卷）物理考生须知：1．本卷满分100分，考试时间75分钟；2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场、座位号及准考证号并核对条形码

信息；3．所有答案必须写在答题卷上，写在试卷上无效，考试结束后，只需上交答题卷；4．参加联批学校的学生可关注“启望教育”公众号查询个人成绩分析。一、单项选择题（共10题，每题4分，共40分，每题只有一个选项最符合题意。）1.空旷处的较高的

建筑物在雷雨天气中容易遭到雷击。带负电的云层靠近建筑物时（）A.建筑物可以看成导体，顶部带负电B.建筑物可以看成导体，顶部带正电C.建筑物可以看成绝缘体，顶部带正电D.建筑物可以看成绝缘体，顶部带负电【答案】B【

解析】【详解】雷雨天气中，建筑物导电性增强，可以看成导体，与云层发生静电感应，顶部带正电。故选B。2.如图所示，顶角45A=的等腰三棱镜ABC，一束单色光与AB成30角射入三棱镜，恰能垂直AC射出，则三棱镜的折射率为（）A.332B.3C.2D.62【答案】D【解析】【详解】做

出光路图，如图所示由图可知，入射角为60，折射角为45，根据折射定律可知，折射率为sin606sin452n==故选D。3.在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验过程中，下列说法正确的是（）A.将一滴油酸酒精溶液滴入量筒并读出其体积B.滴入油酸酒精溶液，再撒入痱子粉C.配制的油

酸酒精溶液浓度过低会形成如图所示的油膜D.若按图示的油膜计算，油酸分子的直径测量值将偏大【答案】D【解析】【详解】A．通过测量1ml溶液有多少滴，从而得一滴油酸酒精溶液的体积，故A错误；B．应先撒入痱子粉，再滴入油酸酒精溶液，故B错误；C．形成如图所示的油膜是由于痱子粉太厚造成的，故C错误

；D．如图所示的油膜没有充分展开，并不是单分子油膜，油膜面积偏小，根据VdS=测量结果编大，故D正确。故选D。4.下图为某温度报警的电路图。蜂鸣器M两端的电压超过某一数值时会鸣响，热敏电阻tR的阻值随着温度的升高而减小，0R为定值电阻，电源E的内阻不能忽略。某温度下蜂鸣器不响，

温度升高时（）A.电压表的示数增大B.电源输出功率一定增大C.电源的总功率一定减小D.温度升高到某一温度时，蜂鸣器可能会鸣响【答案】D【解析】【详解】A．温度升高时，热敏电阻的阻值减小，干路电流增大，电压表示数UEIr=−减小，故A错误；B．由于不知道外电阻与内阻的关系，无法判断输出功率如

何变化，故B错误；C．干路电流增大，电源的总功率P=EI增大，故C错误；D．当tR减小时，0R两端的电压00UIR=增大，当其达到蜂鸣器的域值时，蜂鸣器就会鸣响，故D正确。故选D。5.我国“天和号”空间站在距离地面的高度为h的

低空圆轨道上运动。已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，不考虑地球的自转。下列说法正确的是（）A.空间站的周期2324()RhTgR+=B.空间站的向心加速度比同步卫星的向心加速度小C.空间站运行的线速度

介于11.2km/s和16.7km/s之间D.根据题中信息可以求出空间站的质量【答案】A【解析】【详解】A．根据2MmGmgR=()2224()MmGmRhRhT=++可知2324()RhTgR+=故A正确；B．根据

2MmGmar=2GMar=空间站轨道半径比同步卫星小，加速度较大，故B错误；C．第一宇宙速度7.9km/s有两种别称，分别是航天器最小发射速度和航天器最大运行速度。空间站运行的线速度小于7.9km/s，故C错误；D．根据题中条

件，无法求出空间站质量，故D错误。故选A。6.郑钦文在巴黎奥运会网球女单比赛中夺冠，创造了历史。如图所示，她发球时将网球斜向下击出，不计空气阻力（）A.落地前，网球处于超重状态B.落地前，在相同时间内，网球的动量变化相同C.落地前，在相同时间内，网球的动能变化相同D.若仅增大

击球的初速度，网球在空中飞行的时间不变【答案】B【解析】【详解】AB．落地前，网球做斜下抛运动，加速度为重力加速度，方向竖直向下，网球处于失重状态，根据pmgt=可知在相同时间内，网球的动量变化相同，故A错误，B

正确；C．落地前，竖直方向网球做加速运动，在相同时间内，网球下落的高度不相等，重力做功不相等，则网球的动能变化不相同，故C错误；D．若仅增大击球的初速度，则网球竖直向下分初速度增大，根据2012yhvtgt=+可知网球在空中飞行的时间变少，故D错误。故选B。

7.如图所示，把一根匝数较多的弹簧悬挂起来，弹簧下端和圆柱形水银槽底圆心相连。现给弹簧通入方向如图的较大恒定电流，水银槽不离开桌面。稳定后槽中水银的状态为（）A.水银面保持静止B.水银面上下振动C.自上向下看顺时针转动D.自上向下看逆时针转动【答案】C【解析】【详解】根据安培定则，螺线管内部的磁

场竖直向上，水银中的电流从圆心向外流动，根据左手定则，水银受到安培力的方向为顺时针。故选C8.如图所示，用一个活塞把一部分空气密封在开口竖直向上、导热良好的气缸内。打开阀门放出一些空气后，重新达到平衡状态。环境温度不变，气缸内壁光滑。与原来的状态相比（）A.分子的平均动能减小B

.单位体积内分子个数变少C.单位时间内撞击在活塞上的分子个数不变D.小速率区间分子数占总分子数的百分比增大【答案】C【解析】【详解】AD．环境温度不变，分子的平均动能不变，小速率区间的分子数占总分子数的百分比不变，故AD错误；BC．放出一些空气后，气体压强不

变，单位时间内撞击在活塞上的分子个数不变，单位体积内分子个数不变，故B错误，C正确。故选C。。的9.如图所示，金属棒垂直放在足够长的、倾斜的U形光滑导轨底端，整个装置处在与导轨平面垂直的匀强磁场中。在0t=时刻，给金属棒沿导轨向上的初速度。除导体棒外，其余电阻不计。

在导轨上运动过程中，导体棒的动能kE与位移x、时间t变化关系图像可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】AB．根据动能定理kk0FxEE=−合解得kk0EFxE=+合可知kEx−图像中图线各点切线的斜率为合力，金属棒上升过程中，速度变小，电流减小，安培

力减小，合力减小，下降过程中，速度变大，电流增大，安培力增大，合力减小。故A错误；B正确。CD．根据WPt=合合联立，解得kk0EPtE=+合可知kEt−图像中图线各点切线的斜率为合力的功率，上升过程中，合力的功率一直减小，下降过

程中合力的功率先增加后减小，最终的动能小于初动能。故CD错误。故选B。10.如图所示，两根原长相同的轻质弹簧，下端固定在光滑斜面的底部。质量分别为12mm、的物块1、2静止在两弹簧上端时，两物块处于同一高度，

以此处为零重力势能面，已知12mm。分别用外力将两物块缓慢沿斜面向下压相同的距离后，撤去外力。从撤去外力到物块离开弹簧后上升到最高点的过程中（）A最大速度12vv=B.最大加速度12aaC.经历的时间12ttD.最大重力势

能p1p2EE=【答案】A【解析】【详解】ABC．根据0sinmgkx=两物块的质量与对应弹簧的劲度系数成正比，离开弹簧前，根据kxam=可知物体的加速度时刻相等，从撤去外力到物块离开弹簧后上升到最高点的过程中经历的时间也相等，最大速度相等。A正确、BC错误。D．物块将上升相同的高度，但质

量不同，最大重力势能不相等，D错误。故选A。二、非选择题（共5题，共60分。其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。）11.利用如图装置可以

测量滑块与木板之间的动摩擦因数。长木板水平放置，力传感器固定在墙上，通过绕过两滑轮（分别固定在长木板和滑块上）的轻绳与重物相连，重物离地面足够远。调节两滑轮的位置使轻绳与长木板平行，不计轻绳与各滑轮之间的摩擦，让重物牵连滑块由静止开始运动，记录传感器

读数F以及根据纸带信息求出加速度a。改变重物质量，重复上述步骤，测量出5组a、F的值，并作出a-F图像。已知传感器的量程和轻绳耐拉力足够大，重力加速度为g。.（1）安装纸带时，有图2（甲）、（乙）两种穿法，正确

的是______（选填“甲”或“乙”）；（2）打出一条纸带如图3。纸带上相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，可以算出滑块的加速度a=______2m/s（保留3位有效数字）。（3）实验中得到的aF−图像如图4所示。图线的斜率为0k，图线在纵轴上的截距绝对值

为0a，则测得滑块与木板之间的动摩擦因数为___________。（4）关于上述实验，下列说法正确的是___________A.实验中应先释放滑块，再接通打点计时器电源B.纸带与打点计时器间有摩擦，这

给实验带来偶然误差C.随着重物质量的增大，aF−图像末端可能发生弯曲D.无论重物质量多大，滑块的加速度也不可能超过2g（5）将物体X固定在滑块上，重复上述实验，根据数据再作出aF−图像。利用以上实验的图像能不能求得物体X的质量，如果能，还需要测出什么

量？并请写出质量的表达式（可以用00kag、、和你测出的量表示结果）；如果不能请说明理由。___________【答案】（1）乙（2）2.01（3）0ag（4）D（5）能，测量图像斜率k，X022mkk=−【解析】【小问1详解

】纸带要穿过限位孔并放在复写纸下方，故纸带穿法正确的是乙。【小问2详解】相邻两计数点间的时间间隔为1550.02s0.10sTf===由逐差法可知，滑块的加速度为22222(10.618.616.594.61)10m/s2.0

1m/s(2)40.1CEACxxaT−−+−−==【小问3详解】对滑块受力分析，由牛顿第二定律2FMgMa−=化简可得2aFgM=−根据图像可知0ga=，02kM=滑块与木板之间的动摩擦因数为0ag=【小问4详解】A

．实验中应先接通打点计时器电源，再释放滑块，故A错误；B．纸带与打点计时器间有摩擦，这给实验带来系统误差，故B错误；C．根据关系式2aFgM=−可知，随着重物质量的增大，a−F图像末端不可能发生弯曲，故C错误；D．对重物受力分析，由牛顿第二定律

mmgFma−=随着重物质量的增加，重物的加速度mag根据滑块的加速度与重物加速度的关系可知122Mmgaa=故D正确。故选D。小问5详解】对滑块和物体X受力分析，由牛顿第二定律XX2()()FMmgMma−+=+化简可得X2()aFgMm=−+如果已知图像的斜率

k，即可求出物体X的质量，所以X2kMm=+联立解得物体X的质量为X022mkk=−12.如图甲所示，x轴上ab、两质点相距6m，一列简谐横波沿x轴负方向传播，11mx=处的a点和27mx=处的b点的振动图像分别如图乙、丙所示。已知该波的波长大于6m。求：（1）这列波的波长；（2）这

列波的波速。【答案】（1）8m（2）2m/s【解析】【小问1详解】由图乙、丙可知，b质点从a质点多振动34T，即ab之间的距离为34abl=【解得波长8m=【小问2详解】由图可知，波的周期4sT=波速2m/svT==13.嫦娥六号除了太

阳能板之外，还带了一块"核电池"，将放射性元素衰变放出的能量转化电能，为设备供电。某核电池中一个21084Po原子核释放一个粒子变为Pb核，放出的核能为E。已知21084Po核的质量为1m，42He核的质量为2m，真空中的光

速为c。（1）写出该衰变的核反应方程；（2）Pb核的质量为多大？【答案】（1）210420684282PoHePb→+（2）122Emmc−−【解析】【小问1详解】根据质量数守恒和电荷数守恒可得该衰变的核反应方程210420684282PoHePb→+【小问2详解】损失的质量12Δmmmm=

−−根据质能方程2ΔEmc=联立可得122Emmmc=−−14.如图所示，一粒子源持续发射某种带电粒子，这些粒子恰能沿竖直线通过平行金属板CD、，两板间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为1B，两板间的电压为0U，距离为d。在粒子源的正下方足

够远处，有一个长为4L的水平粒子收集板EF，板的中点有一小孔O。EF板的下方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为2B。粒子恰能击中OF的中点。不计粒子重力及其相互间作用力。（1）判断CD、板哪个电势高，并求粒子的速度。（2）求该粒子的比荷；（3）EF板绕过O点、

垂直于纸面轴顺时针转动180过程中，分别求出OEOF、上被粒子击中的范围。【答案】（1）D板，01UvBd=（2）0122qUmBBLd=（3）OF侧，距O点0L范围内，OE侧，距O点2LL范围内【解析】【小问1详解】粒子恰能击中OF的中点，可知粒子带正电，粒子恰能沿竖直线通过平行金属板

CD、，则D板电势高，洛伦兹力等于电场力，即01UqvBqd=得01UvBd=【小问2详解】粒子在EF板下方的磁场做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供的22vqvBmr=2Lr=联立得0122qUmBBLd=【小问3详解】EF板未转动前，粒子恰能击中

OF的中点，此时粒子击中OF侧距离O最远处，转动过程中，OF间均有粒子击中，所以OF侧，被粒子击中的范围为距O点0L范围内。EF板转动90后，粒子不能再击中OF侧，随着继续转动，当粒子恰好击中E点时，EF板需转动到某一角度，当转动180后，粒子击中距离O点L处，所以整个过程中O

E侧，粒子击中范围是距O点2LL范围内。15.如图甲所示，一光滑水平轨道悬在水平传送带的正上方，轨道与传送带之间的距离忽略不计，图乙为俯视图。物块A以06m/sv=的速度垂直于传送带方向从轨道上滑到传送带上时恰好与随传送带一起运动的物块B

发生碰撞。碰撞后物体A的速度立即变为0。已知传送带的速度4m/sv=，A、B的质量分别为10.5kgm=、21.0kgm=，A、B与传送带之间的动摩擦因数0.5=。不计A、B的大小、碰撞时间，传送带足够大。求：

（1）A相对于传送带滑动的时间；（2）碰撞过程中损失的机械能；（3）最终A、B之间的距离。【答案】（1）0.8s（2）4.5J（3）337m10【解析】【小问1详解】碰撞后，对A物体，根据牛顿第二定律有mgma=解得25m/sa=根据速度时间公式有1vat=

解得10.8st=【小问2详解】碰撞过程中垂直于传送带方向动量守恒，则有1022xmvmv=物体B沿传送带方向速度不变，则有2yvv=由能量守恒定律可知()222212222111Δ4.5J222xyEmvmvmvv=+−+=【小问3详解】碰撞后，A物体与传送

相对静止之前，A物体的位移1112yvt=传送带的位移01yvt=A相对于传送带的位移为01Δyxx=−物体B沿传送带方向与传送带相对静止，相对于传送带的运动方向垂直于传送带方向。物体B相对传送带的位移22Δ2xvxa=两者的相对距离22ΔΔsxy

=+解得337m10s=