【文档说明】新疆喀什地区莎车县第一中学2021-2022学年高二上学期期中考试 物理试题 含解析.docx，共(20)页，1.269 MB，由管理员店铺上传

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莎车县第一中学2021-2022学年度第一学期期中考试高二物理试题一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列各图中，已标出电流I、磁感应强度B的方向，其中符合安培定则的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】【详解】

A．根据安培定则可知，该图中的磁场方向应该是逆时针方向，选项A错误；B．根据安培定则可知，该图中的磁场方向是导线的右侧向里，左侧向外，选项B错误；C．根据安培定则可知，该图中的磁场方向正确，选项C正确；D．

根据安培定则可知，该图中的磁场方向应该是向右，选项D错误；故选C。2.下列物理量中F、q、E、U、r和d分别表示静电力、电荷量、电场强度、电势差及距离,①F=122qqkr②2QEkr=③FEq=④UEd=（）A.它们都只对点电荷或点电荷

的电场成立B.①②③只对点电荷或点电荷电场成立，④对任何电场都成立C.①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场成立D.①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立【答案】C【解析】【分析】【详解】①②只对点电荷成立；

③是电场强度的定义式，对任何电场都成立；④只对匀强电场成立。故选C。3.关于家庭电路，下列说法正确的是（）A.电灯与电灯是串联的B.保险丝熔断后，可用铜丝或铁丝代替C.开关与被控制的电灯是串联的D.标有“110V25W”和“110V60W”的两盏白炽灯，串联后接入220V电路中可正常发光【答案

】C【解析】【分析】【详解】A．家庭电路中，各个电灯是并联的，A错误；B．铜丝或者铁丝的电阻率小、熔点高，用铜丝或铁丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路，所以保险丝熔断后，不能用铜丝或铁丝代替，B错误；C．控制电灯的开关与电灯串联，C正确；D．根据公式，即2URP=可知，

“110V25W”电灯的电阻大于“110V60W”电灯的电阻，串联时接在220V电路中，“110V25W”电灯分担的电压大于“110V60W”电灯分担的电压，超过110V，所以不能正常发光，D错误。故选C。4.假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的伏安特性曲线如图所示。图像上A点

与原点的连线与横轴成á角，A点的切线与横轴成â角，则（）A.白炽灯的电阻随电压的增大而减小B.在A点，白炽灯的电阻可表示为tanâC.在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I2D.在A点，白炽灯的电阻可表示为021UII−【答案】C【解析】【分析】【详解】A．由图像可知，白炽灯的电阻随电压的增大

而增大，选项A错误；BD．在A点，白炽灯的电阻可表示为02URI=选项BD错误；C．在A点，白炽灯的电功率可表示为P=U0I2选项C正确。故选C。5.用电场线能直观、方便地比较电场中各点的场强大小和方向，还可以间接地比较电势的高低。如图是静电除

尘板与放电极间的电场线，关于电场中A、B两点的电场强度AE、BE和电势A、B，以下正确的是（）A.ABEE=B.ABEEC.ABD.AB【答案】D【解析】【分析】【详解】AB．根据电场线的疏密程度表示电场强度的大小，知A处电场

线比B处密，则ABEE故AB错误；CD．根据等势面与电场线垂直，沿着电场线电势逐渐降低可知，A点的电势低于B点的电势，即AB故D正确，C错误。故选D。6.有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（）A.如图甲，汽车通过拱桥最高点时

对桥的压力大于重力B.如图乙，A、B两小球在同一水平面做圆锥摆运动，则A的角速度较大C.如图丙，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨和轮缘间会有挤压作用D.如图丁，同一小球在固定且内壁光滑的圆锥筒内先后沿A、B圆做水平匀速圆周运动，则小球在A处运动的线速度较大【答案】D【解析】【分析

】【详解】A．如图甲，汽车通过拱桥最高点时有2vmgNmR−=则汽车对桥的压力小于重力，A错误；B．如图乙，A、B两小球在同一水平面做圆锥摆运动，由于高度相同，则有2tantanmgmh=解得gh=则A、B的角速度相同，B错误；C．如图丙，火车转弯超过规定速度行驶时，外轨和轮

缘间有挤压作用，而内轨和轮缘间没有挤压作用，C错误；D．如图丁，同一小球在固定且内壁光滑的圆锥筒内先后沿A、B圆做水平匀速圆周运动，有2tanvmgmr=解得tanvgr=则轨道半径越大的线速度越大，所以小球在A处运动

的线速度较大，D正确。故选D。7.目前许多国产手机都有指纹解锁功能，用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。指纹的凸起部分叫做“嵴”，凹下部分叫做“峪”，传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和与之正对的皮肤表面就形成了

大量的小电容器，由于距离不同，所以这些小电容器的电容不同。此时传感器给所有的小电容器充电达到某一电压值，然后开始放电，其中电容值较小的小电容器放电较快，于是根据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹的图象数据。根据以上信息，下列说法中正确的是（）A.在峪处形成的小电容器

电容较小B.在峪处形成的小电容器放电较慢C.在嵴处形成的小电容器充电后带电量较小D.潮湿的手指对指纹识别没有任何影响【答案】A【解析】【分析】【详解】A．在峪处形成的小电容器，极板与指纹间距离d较大，所以根据电容的决

定义可知，电容较小，A正确；B．在峪处形成的小电容器，极板与指纹间距离d较大，所以根据电容的决定义可知，电容较小，所带电荷量较小，则放电较快，B错误；C．在嵴处形成的小电容器，极板与指纹间距离d较小，所以根据电容的决定义可知，电容较大

，充电后带电量较大，C错误；D．潮湿的手指与传感器之间有水填充，改变了原来匹配成平行板电容器的电容，所以对指纹识别会产生影响，D错误；故选A。8.匀强电场中的三点A、B、C是一个直角三角形的三个顶点，∠A=30°，B

C的长度为1m，D为AB的中点，如图所示。已知电场线的方向平行于△ABC所在平面，A、B、C三点的电势分别为4V、0V和2V，设场强大小为E，一电量为1×10-6C的正电荷从B点移到D点电场力所做的功为W，则（）A.W=2×10-6J，E>4V/mB.W=-2×10-6J，E>2V/mC.

W=2×10-6J，E＜4V/mD.W=-2×10-6J，E＜2V/m【答案】B【解析】【分析】【详解】由题意可知A4V=，B0V=因为匀强电场中D为AB的中点，所以D=2V一电量为1×10-6C的正电荷从B点移到D点电场力

所做的功为()()66BDBD=11002J210JWqUq−−=−=−=−在匀强电场中CD是一条等势线，电场线与等势线垂直，B点到CD的距离BC3sin60m2dL==场强大小为243V/mV/m332UEd===故B正确，ACD错误。故选B。9.质量为2kg的物体

以10m/s的初速度，从起点A出发竖直向上抛出，在它上升到某一点的过程中，物体的动能损失了50J，机械能损失了5J，设物体在上升、下降过程空气阻力大小恒定，重力加速度g=10m/s2，则该物体再落回到A点时的动能为（）

A.40JB.60JC.80JD.100J【答案】C【解析】【分析】【详解】物体上升过程中，重力、空气阻力均做负功，根据动能定理有W合=ÄEk空气阻力做功对应着机械能的变化，则有Wf=ÄE代入数据可得W合=-50J，Wf=-5J可知合外力做功总是阻力做功的10倍，即W合=10Wf物体的

初动能为Ek0=2012mv=100J物体从A点到最高点的过程中，动能减小了100J，可知合力做的功W合上=-100J空气阻力做功为Wf上=-10J即机械能损失了10J，由于空气阻力大小恒定，所以下落过程机械能也损失了10J，则物体落回A点时的动能为Ek1=100J-2×10J=80J故选C。1

0.下列关于电场强度的说法中，正确的是（）A.公式FEq=只适用于真空中点电荷产生的电场B.由公式FEq=得，某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的静电力成正比C.在公式122QQFkr=中，12Qkr是点电荷1Q产生的电场在点电荷2Q

处的电场强度大小D.在静电场中场强越大的地方电场线越密，所以电势也就越高【答案】C【解析】【分析】【详解】A．公式FEq=为电场强度的定义式，适用于所有的电场，故A错误；B．公式FEq=是比值定义法，电场强度的大小至于电场

本身有关，与试探电荷和试探电荷在电场中该点所受的静电力无关，故B错误；C．在公式122QQFkr=中，12Qkr是点电荷1Q产生的电场在点电荷2Q处的电场强度大小，故C正确；D．电势与电场强度没有必然的联系，电场强度大的地方，电势可以为0，电势很高的

地方，电场强度可以为0，故D错误。故选C。二、实验题，共15分11.为了测量一待测电阻Rx的阻值，准备了以下器材：A.多用电表B电流表G1（0~100mA，内阻约5Ù）C.电流表G2（0~50mA，内阻r2=10Ù）D.定值电阻

R0（20Ù）E.滑动变阻器R1（0~5Ù）F.滑动变阻器R2（0~100Ù）G.直流电源（3.0V，内阻不计）H.开关一个及导线若干(1)滑动变阻器应选______（填仪器前的序号）；(2)若是用G2表测Rx两端电压，请在图乙对应的虚线框中完成实验电路设计______；（要求：滑动变阻器便于调

节，电表读数不得低于量程的13）(3)补全实验步骤：a.按图乙所示电路图连接电路，将变阻器滑动触头移至最______端（选填“左”或“右”）；b.闭合开关S，移动变阻器滑动触头至某一位置，记录G1、G2表的读数I

1、I2；c.多次移动变阻器滑动触头，记录相应的G1、G2表的读数I1、I2；d.以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线如图丙所示，则待测电阻Rx的阻值为______Ù（保留两位有效数字）。【答案】①.E②.③.左④.10【解析】【分析】【详解】(1)[1]多用电表用欧姆表

盘的读数乘以倍率即为待测电阻阻值91Ω9Ω=滑动变阻器采用分压式接入电路，所以选择阻值较小的滑动变阻器便于调节分压，即选E。(2)[2]电路中没有电压表，电流表2G的内阻已知，可作为电压表使用，电流表1G采用外接方式可以

消除系统误差，使测量结果更精确，定值电阻0R串联在分压电路上，起到保护电路的作用，电路图如图。(3)[3]滑动变阻器的触头在开始实验前，需要滑到最左端保护电路，使电表的示数都从0开始变化。[4]根据电路

图结合欧姆定律的分流规律可得2212xIrIIR=+整理得1x2x2RIIRr=+结合图像的斜率3xx23x2x137.5100.510Ω7510RRIRrRI−−====++解得x10ΩR=三、解答题，共45分12.如图所示，x轴上A、B两点固定两个等量带负电的点电荷，电

荷量均为91210Cq−=−。在y轴上C点有一个带正电的点电荷，电荷量为92210Cq−=，质量为122210kgm−=，已知三点的坐标分别为()10cm,0A−、()10cm,0B、()0,10cmC，静电力常量9229.010N

mCk=，不计重力，求给C点的正点电荷什么样的初速度（初速度大小和方向），可以使其在空间内做匀速圆周运动。【答案】300msv=，方向垂直于纸面向里或向外【解析】【分析】【详解】AC之间的距离()()222m10ACLOA

OC=+=BC之间的距离()()222m10BCLOBOC=+=AC处两电荷之间的库仑力61221.810NACACkqqFL−==BC处两电荷之间的库仑力61221.810NBCBCkqqFL−==C处电荷受两个库仑力，合力沿y轴负方向，大

小为2269210N5ACBCFFF−=+=C处电荷要做匀速圆周运动，根据等量同种电荷分布特点，C处电荷只能以坐标原点为圆心，以OC为半径0.1mOCR=由于不计重力，则2OCvFmR=代入数据得300msv=方向垂直于纸面向里或向

外。13.如图所示，虚线MN左侧有一场强为1EE=的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为22EE=的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场2E平行的屏。现将一电子（电荷量为e，质量为

m，重力不计）无初速度地放入电场1E中的A点，最后电子打在右侧的屏上，A点到MN的距离为2L，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：（1）电子到MN的速度大小；（2）电子从释放到打到屏上所用的时间；（3）电子刚射出电场2E时的速度方向与AO连线夹

角的正切值tan；（4）电子打到屏上的点P到点O的距离x。【答案】(1)eELm；(2)3mLeE；(3)2；(4)3L【解析】【分析】【详解】(1)电子从A运动到MN的过程中，根据动能定理得2122LqEmv=解得eELvm=(2)电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线

运动，设加速度为a1，时间为t1，则1eEam=由11vat=，得11vmLtaeE==从MN到屏的过程中运动时间222LmLtveE==运动的总时间123=+=mLttteE(3)设粒子射出电场E2时平行电场方向的速度为

vy，由牛顿第二定律得：电子进入电场E2时的加速度为222==eEeEamm电子在电场E2中运动时间3Ltv=则y23vat=电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角的正切值为ytanvv=解得tan2=(4)带电粒子在电场中的运动轨迹如图所示设电子打到屏上的点

'P到O点的距离x，根据上图有几何关系得tan2xLL=+解得3xL=14.如图所示，水平放置的平行板电容器MN的电容61.510FC−=，带电荷量0.9CQ=，N板带正电，M板带负电，M、N两金属板间距148.75cmd=，上金属板A处开有小孔

，小孔到上面竖直金属板E、F的距离相等。已知E、F两金属板间距210cmd=，金属板长120cmL=，板间电压41.010VEFU=。在小孔的正下方N板上的B处由静止释放一个质量51.010kgm−=的带正电小球（可以看成点电荷），小球的电荷量91.010Cq−=，

重力加速度g取210m/s，不计空气阻力。（1）求小球运动到小孔A处的速度是多大；（2）若小球能飞出电场，求小球飞出电场的位置；若小球不能飞出电场，求小球打在金属板的位置距M板的距离。【答案】（1）10.5msAv=；（2）1.00m【解析】【分析】【详解】（

1）根据电容器电容的定义式QCU=得56.010VNMQUC==在B处静止释放，从B到A根据动能定理2112NMAqUmgdmv−=代入数据得10.5m/sAv=（2）假设小球不能飞出电场，小球在金属板EF之间，水平方向上向右做初速度为0的匀加速直线运动，金属板EF之间电场

的电场强度521.010V/mEFUEd==水平方向加速度210m/sqEam==设小球在EF之间运动时间为t，则由运动学公式22122dat=代入数据得0.1st=小球在金属板EF之间，竖直方向做竖直上抛，初速度10.5m/sAv=加速度g取210m/s，根据运动学公式212Axvtgt=−

代入数据得1.00m120cmxL==故小球不能飞出电场，小球打在金属板的位置到M板的距离是1.00m。15.如图所示，绝缘传送带AB固定在竖直平面内，与水平面间的夹角37=，传送带两端A、B之间的距离1.8mL=，整个空间存在匀强电场，场强大

小52.010N/CE=，方向垂直传送带表面斜向上.现将一质量为0.5kgm=、电荷量为52.00C1q−=−的小物块P无初速地放到传送带上A处，物块与传送带间的动摩擦因数0.4=，传送带以恒定速度沿顺时针方向传动，重力加速度g取210m/s.（1）若物

块P从A运动到B的时间最短，求传送带的速度v至少多大；（2）若传送带的速度01.0m/sv=，求物块P从A运动到B的过程中摩擦力对物块所做的功W。【答案】（1）1.2m/s；（2）5.65JW=【解析】【分析】【详解】（1）设物块沿传送带向

上加速运动过程中的加速度大小为a，则有(cos)sinmgqEmgma+−=当物块一直加速到B点时，所用时间最短，设此时到达B点速度为Bv，则22BvaL=联立解得1.2m/sBv=则传送带的速度v至少

为1.2m/s.（2）因为01.0m/s1.2m/sBvv==所以物块P从A运动到B的过程中先加速后匀速，到达B点的速度为1.0m/s.该过程中摩擦力对物块所做的功等于物块机械能的增加量，则2kP01sin2WEEmvmgL=+=+解

得5.65JW=16.质量为m的小球，从A点以初速度0v竖直向上抛出，同时受到恒定的水平向左的风力作用，经过一段时间到达最高点C，此过程水平方向的分位移与竖直方向的分位移之比为3：4。已知小球在B点时速度最小，重力加

速度为g，求：（1）小球所受合力的大小及合力与水平方向间夹角的正切值；（2）小球在B点的速度大小与在C点的速度大小的比值及从A到B的运动时间。【答案】（1）54mg，43；（2）45，01625vg【解析】【分析】

【详解】(1)设小球从A到C的运动时间为t，竖直方向做竖直上抛运动，到达C点时，竖直方向的速度正好为0，可得212ygt=设风力为F，由牛顿第二定律，水平方向的加速度xFam=小球从A到C，水平方向做初速度为0的匀加速直线运动，

则2x12xat=由题意34xy=综合可得x34ag=，34Fmg=由力的合成，小球的合力()2254FmgFmg=+=合设F合与水平方向的夹角为，由几何关系可得4tan3mgF==(2)由匀变速直线运动的速度时间关系可得Cxv

at=，0vgt=解得小球在C点的速度0C34vv=把小球在A点的初速度0v，分别沿着F合的反方向和垂直F合的方向分解，沿着F合的反方向的分速度10sinvv=垂直F合的方向的分速度20cosvv=由数学知识可得4sin5=，3cos5=可以把小球的运动看成垂直F合的方向以2v做

匀速直线运动，沿着F合的反方向做初速度为1v的匀减速直线运动，加速度为54Fgam=−=−合当小球在F合方向的分速度为零时，速度最小为20cosvv=正好运动到B点，可得2C45vv=沿着F合的反方

向，由匀变速直线运动的规律，小球由A运动到B的时间01AB16025vvtag−==获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com