【文档说明】辽宁省重点高中协作体2023-2024学年高二下学期4月阶段考试 物理 PDF版含解析.pdf，共(10)页，4.119 MB，由管理员店铺上传

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gCIAIJAARhCQQ2ACEGQkBEAAAoOhFAEsAAAyBFABAA=}#}{#{QQABZQyQogCIAIJAARhCQQ2ACEGQkBEAAAoOhFAEsAAAyBFABAA=}#}2023—2024学年度下学期高二年级4月阶段考

试物理第二版参考答案1.C2.B【解析】小球和弹簧组成的系统固有的频率为4Hz，周期为0.25s。圆盘转动的频率为10Hz，周期为0.1s，圆盘转动使小球做受迫振动，振动的周期与驱动力周期一致，与固有周期无关，所以B答案正确。圆

盘转速为900r/min时，驱动力频率增加，与固有频率相差更大，振幅减小，圆盘转速为300r/min时，频率减小到和固有频率相差减小，振幅增大，故CD答案错误，正确答案B。3.C【解析】由磁场方向，右手螺旋定则确定电流向右经过电流表，A错误；上极板带正电，电流向右经过电

流表，则电容器正在充电，电荷量增加，电流减小，B、D错误；磁场能正在减小，电场能增大，正确答案C。4.D【解析】红光在水流中发生了全反射，所以A、B答案错误；水位越高水流弯曲越小，光入射到水流和空气的侧

面入射角越大越容易发生全反射，所以C错误；蓝光比红光的折射率大临界角小，同样方向入射时越容易发生全反射，D答案正确。5.C【解析】由P=UI1得输电线上电流UPI1，根据电流与匝数反比关系得，输电线上电

流UPkI12，A错误；线路损失功率222122UrPkrIP，则降压变压器的功率2221`2UrPkPP，且原副线圈功率相同，B错误；将滑动变阻器的触头向下移动，电阻变大，降压变压器副线圈总电阻R变大，等效电阻RkR22等变大，所以输电线上I2变

小，则降压变压器副线圈中电流I3变小，原线圈电压rIkUU213变大，副线圈电压U4变大，灯泡L1电流变大，灯L1变亮，副线圈L2电流减小，灯L2变暗，C正确；输电线上损失功率rIP22变小，D错误。正确答案C。6.C【解析】A

．薄膜干涉是前后两个面的反射光叠加产生的，应该从入射光的同侧观察，故A错误；B．由于薄膜不是均匀增厚的，从上到下薄膜增厚的越来越快，所以明暗相间的条纹是不等间距的，而是上疏下密，故B错误；C．任意两相邻亮条纹处对应的薄膜厚度之差是

半倍的波长，不变，故C正确；D．如果换成红光照射，则波长变长，相邻条纹间距变大，故D错误，正确答案C。7.D【解析】由图甲乙可知，周期为)(412ttT，则A错误；由)(412ttTv，则B错误；由图乙可知t1时刻速度负向最大，经过平衡位

置，位移为0，加速度为0，则C错误；M点坐标4Mx,P点在0时刻速度为0.5v1速度越来越大，结合波的传播速度方向，可以确定P点的坐标nx1211P，当n=0时，M、P的间距3241211-PMxx，则D正确，

正确答案D。8.AC【详解】连接接线柱后会形成闭合回路，所受的安培力起到阻碍作用，使指针摆动变缓，A正确；乙虽然是有竖直裂缝的铝管，但是强磁小圆柱在铝管中下落时，在侧壁也产生涡流，对小圆柱产生向上的阻

力，所以强磁体不是做自由落体运动，则B错误；图（c）中这种动圈式扬声器，若有声音使得纸盆振动，从而带动线圈振动切割磁感线产生感应电流，所以这样的扬声器也能当作话筒，选项C正确；当转动铜盘时，导致铜盘的一部分切割磁感线，从而产生感应电流，此时机械能转化为电能最终转化为内能；把铜盘换成塑料盘，

不会产生感应电流，则不会消耗机械能，即不会看到同样的现象，选项D错误，正确答案AC。{#{QQABZQyQogCIAIJAARhCQQ2ACEGQkBEAAAoOhFAEsAAAyBFABAA=}#}9．BD

【解析】根据楞次定律可以判断0时刻电流方向M-L-K-N-M，故A错误；当t=3时，线框与磁场垂直，电动势为0，B正确；角速度增大，频率增大，电容器阻碍作用减小，电感线圈阻碍作用增大，所以灯泡L1将比L2更亮；若从图示位置开始计时，由交流电产生原理

可知D选项正确，故正确答案BD。10.BC【解析】波长4m，由vT得，T=4s，t=2s时，P点振动半个周期，位移为-2cm，则A错误；由波形图可以判断出波源M与N起振方向相反，当两波叠加后，x=3m处质点到两个波源的波程差为0，则振动减弱，振幅等于2cm，所以最大位移

2cm，B正确；经t1=4s，a波到达x=2m，b波经过t2=6s到达x=2m，所以此质点参与a波振动路程cmAs8211，叠加后，此质点振动加强，振幅为A=A1+A2=10cm，又振动5s，路程cmAAs50)5212（，

共振动路程S=S1+S2=58cm，所以C正确；MN间波程差最小为0，最大为18m，波程差2)12(nx,共有10个振动加强点，则D错误，正确答案BC。11.（6分，每空2分）（1）AB；（2）R2（3）左【解析】（1）天亮时，光照强，电阻小，电流大

，衔铁被吸住，触点与C接通，则灯应该接AB；（2）电流为2mA时，回路中电阻为3kΩ，而光强为1.0（lx）时光敏电阻组织2kΩ，则应选择R2；（3）光暗时，光敏电阻阻值变大，电路中电流减小，而题中电

流大于等于2mA衔铁才能吸合，因此为使天色较暗时才点亮路灯，应适当减小滑动变阻器的电阻，向左移动。12.（8分，每空2分）(1)C2cosαsinβ(3)不变（4）偏小【解析】(1)玻璃砖左右表面不平行，不影响折射率的测定，所以选项A错误。大头针���₄必须挡住���₃和���₂、

���₁的像，而且���₁���₂、���₃���₄之间的距离适当大些，才能作出正确的光路图，以提高实验精度，所以选项B是错误的，为了提高实验的精确度，可以适当增大入射角，而α与入射角互余即可以适当减小α，所以选项C是正确的。（2)折射率���=sin90°−���sin

���=cos���sin���（3）玻璃砖放错位置画出的光路图如图所示，可知所作的折射光线与实际的折射光线平行，所以在入射角和折射角测量准确的情况下，测得的折射率将不变。(4)由于������'画歪，造成作图时，错误的把θ作为折射角，因

为���<���,故折射率变小。13.（10分）（1）31vm/s（2）mxP38（3）)36sin(20txcm（1）P质点t=0时刻沿y轴正方向运动，结合图甲可知：波沿x轴负方向传播（1分）m4由Tv（1分）31vm/s（注：用小数表示也给分）（1分）（2）

vt=px43（1分）由乙图得t=1s（1分）{#{QQABZQyQogCIAIJAARhCQQ2ACEGQkBEAAAoOhFAEsAAAyBFABAA=}#}解得，mxP38（注：用小数表示也给分）（1分）（3）A233

10Py，A=20cm（1分）T2,解得srad/6（1分）设P质点的振动方程)sin(0tAx，t=0时，310Pycm，且沿y轴正向方向运动则30（1分）P质点的振动方程)36sin(20txcm（1分）14.（12分）【详解】(1)由

几何关系及全反射临界角公式得：1sinnC（1分）120°范围的光线才能在进入导光柱后不被折射出侧面，光线射到侧面时临界角为300（1分）012sin30n（1分）(2)从E点射入导光柱的光传播时间最短（1分）cn（1分）在导光柱中传播

的距离minxLR（1分）minmint（1分）min2()LRLRt=c（1分）时间最长的光线是与AB夹角为300光线（1分）在导光柱中传播的距离0max0sin302sin30LRxLR（1分）maxmax2(2)xLRtc（1分）maxmin2Lt

ttc（1分）15【答案】（1）B=���1������+������2sin���；（2）������=������������04���+14������02(1)I=0，所以PQ与R组成回路中磁通量不变，即���

1���22=������(���2+���)(2分)因为I=0，所以金属棒受安培力为0棒：mgsinθ=������，(1分)3030sinR{#{QQABZQyQogCIAIJAARhCQQ2ACEGQkBEAAAoOhFAEsAAAyBFAB

AA=}#}匀加速位移：���=12������2sin���(1分)解得：���=���1������+������2sin���；(1分)sin0gLt(1分)(2)①倾斜轨道内变化磁场产生的感生电动势2kLtE(1分)此时金属棒与R串联，���总=2���

(1分)���=������22���(1分)���=���2���(1分)解得：P=���2���44���(1分)②金属棒从���0减速到0，对棒列动量定理，以向右为正���安=0−（−������0）(1分)���安=2���������(1分)解得：���=������02������(1

分)从���0进入磁场到第一次速度为零的过程中，对棒和R由能量守恒：���q+12������02=���总（2分）������=12���总(1分)������=������������04���+14������02(1分)

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