【文档说明】四川省绵阳市盐亭中学2024-2025学年高二上学期10月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(15)页，626.200 KB，由小赞的店铺上传

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四川省盐亭中学高2023级2024年秋学期第一次月考物理试题时间：75分钟满分：100分第I卷（选择题，共48分）一、本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.关于电荷，下列说法正确的是（

）A.在国际单位制中，电荷量的单位是库仑B.元电荷e的数值，最早是科学家卡文迪什测得的C.电荷量很小的电荷就是元电荷D.物体所带的电荷量可以是任意的【答案】A【解析】【详解】A．在国际单位制中，电荷量的单位是库仑，故A正确；B．元电荷e的数值，最早是科学家密立根测得的，故B错误；C．元电荷是

最小的电荷量，即为e，元电荷不是带电体，电荷量很小的电荷不一定就是元电荷，故C错误；D．物体所带的电荷量是元电荷的整数倍，并不是任意的，故D错误。故选A2.如图所示，不带电的金属导体A和B放在绝缘支柱上并相互接触，带正电的小球C放置在导体A的左侧。下列操作

能让导体B最终带正电的是（）A.移走小球C后分开导体A、BB.移动小球C与导体A、B接触后移走小球C，再分开导体A、BC.将导体A接地后移走小球C，再分开导体A、BD.将导体B接地后移走小球C，再分开导

体A、B【答案】B【解析】【详解】A．移走小球C后，导体A、B的电荷重新分布，导体B不带电，故A错误；。B．小球C与导体A、B接触后，导体A、B整体带正电，移走小球C再分开导体A、B，导体B带正电，故B正确；CD．将导体A或B接地，导

体A、B整体带负电，移走小球C再分开导体A、B，导体B带负电，故CD错误。故选B。3.如图所示，abcde是半径为r的圆内接正五边形，在其顶点a、b、c、d处各固定电荷量为+Q的点电荷，在e处固定电荷

量为-3Q的点电荷，放置在圆心O处的电荷量为-q的点电荷受到的静电力的大小为（）A.24kQqrB.23kQqrC.22kQqrD.2kQqr【答案】A【解析】【详解】假设在a、b、c、d、e处均是电荷量为+Q的点电荷，由对称性可知此时圆心O处的电场

强度为零，可知a、b、c、d处的点电荷在圆心O处的电场强度方向由O指向e，大小为12kQEr=e处电荷量为-3Q的点电荷在圆心O处的电场强度方向由O指向e，大小为223kQEr=则圆心O处的合电场强度方向由O

指向e，大小为1224kQEEEr=+=可知放置在圆心O处的电荷量为-q的点电荷受到的静电力方向从e指向O，大小为24kQqFqEr==故选A4.如图所示，斜面绝缘，侧壁固定有带电体P，斜面上的物块B

通过绝缘细绳跨过斜面顶端O的光滑小定滑轮与带电小球A连接，系统处于静止状态。现因侧壁绝缘性能变差而引起带电体P缓慢漏电（未漏完，细绳OA段仍是倾斜状态），漏电过程中物块B保持静止，则此过程中（）A.细绳对物块B的拉力保持不变B.带电体

P对小球A的库仑力逐渐增大C.斜面对物块B的摩擦力可能一直增大D.斜面对物块B的摩擦力大小可能先减小后增大【答案】A【解析】【详解】A．对Ａ受力分析，由相似三角形可得AFmgTOPOAAP==库仑OA为绳长，AP为P与小球A的间距，因为OP、Amg、OA不变，所以T不变，细绳对物

块B的拉力保持不变，故A正确。B．因为AP减小，故F库仑减小，故B错误。CD．对物块B来说，其重力为Bmg，绳拉力为T，所以B始终静止，斜面对物块B的摩擦力不变，故CD错误。故选A。5.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运

动，其电势能pE，随位移x变化的关系如图所示，其。中20~x段是关于直线1xx=对称的曲线，23~xx段是直线，则下列说法正确的是（）A.1x处电场强度最小，但不为零B.粒子在20~x段做匀变速运动，23~xx段做匀速直线运动C.若1x、3x处电势为1、3，则13φφD.23~xx

段的电场强度大小、方向均不变【答案】D【解析】【详解】A．pEx−图像的斜率表示粒子所受电场力F，根据FqE=可知1x处电场强度最小且为零，选项A错误；B．粒子在20~x段切线的斜率发生变化，电场力发生变化，所以加速度也在变化，不是做匀变速运动，23~xx段

斜率不变，所以做的是匀变速直线运动，选项B错误；C．带负电的粒子从1x到3x的过程中电势能增加，说明电势降低，即13选项C错误；D．23~xx段斜率不变，所以这段电场强度大小、方向均不变，选项D正确。故选D。6.如图所示，在真空中水平放置一长方体，高

为2L，其上下两个面是边长为L的正方形，在顶点F、H处分别放置电荷量为－Q的点电荷，O1、O2分别是线段AC和线段FH的中点。下列说法正确的是（）A.该长方体的几何中心处场强为零B.B、D两点场强相同C.沿竖直方向从O1到O2，电势先减小后

增大D.将一电子从B点移到E点，电场力做负功【答案】D【解析】【详解】A．由等量同种点电荷的电场特点可知，F、H处放置的负电荷在长方体的几何中心处的场强方向平行于AE方向向下，大小不为零，故A错误；B．根据点电荷的场强方向及电场强度的叠加原理知，B、D两点的场强大小

相等，方向不同，故B错误；C．沿竖直方向从O1到O2，即沿着电场线方向，电势一直降低，故C错误；D．E点比B点离F、H处的两个点电荷都更近，所以将一电子从B点移到E点，F处和H处点电荷的电场均对电子做负功，则电场力对电子做负功，故D正确。故选D。7.如图所示，匀强电场中三

点A、B、C是一个三角形的三个顶点，30ABCCAB==，23mBC=，已知电场线平行于三角形ABC所在的平面，一个电荷量为6210Cq−=−的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加了51.210J−，由B移到C的过

程中静电力做功6610J−，下列说法正确的是（）A.B、C两点的电势差3VBCU=B.A点的电势低于B点的电势C.负电荷由C点移到A点的过程中，电势能增加D.A点电势高于C点的电势【答案】D【解析】【详解】A．B、C

两点的电势差为66610V3V210BCBCWUq−−===−−故A错误；B．负点电荷由A移到B的过程中，电势能增加，则电场力做负功，所以A、B两点的电势差为561.210V6V210ABABWUq−

−−===−ABABU=−即A点的电势高于B点的电势，故B错误；CD．由于6(3)V3VACABBCUUU=+=+−=即A点的电势高于C点的电势，所以负电荷由C点移到A点的过程中，电势升高，电势能减小，故C错误，D正确。故选D。8.如图所示，某带正电粒子仅在电场力作

用下由A点运动到B点，运动轨迹为实线，虚线O、P、Q为电场中的三个等势面，相邻两等势面之间的电势差相等，可以判定下列说法错误的是（）A.O、P、Q三个等势面中，O等势面的电势最高B.该粒子在A点具有的电势能比在B点具有的电势能大C.该粒子通过A点时的动能比通过B点时的大D.该粒子通

过A点时的加速度比通过B点时的大【答案】C【解析】【详解】A．带电粒子所受电场力指向轨迹内侧，即大致向右下方，由于带电粒子带正电，则电场线方向大致向右下方，根据沿电场线电势降低，可知O等势面的电势最高，A正确，不符题意；B．根据带电粒子受力情况可知，从A到B过程

中电场力做正功，电势能降低，A点电势能大于B点的电势能，B正确，不符题意；C．从A点到B点过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，A点的动能小于B点的动能，C错误，符合题意；D．根据等势线的疏密程度来确定电场强度的强弱，可知A点的等势线比B点的等势线更密，则A点的电场强度比B点的电场强

度更大，则带电粒子在A点所受的电场力比在B点所受的电场力更大，所以带电粒子通过A点时的加速度比通过B点时大，D正确，不符题意。故选C。二、本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.接

地导体球壳外固定放置着一个点电荷，空间电场线的分布如图所示，a、b为点电荷与球壳球心连线上的两点，a点在点电荷左侧，b点在点电荷右侧，a、b两点到点电荷的距离相等。下列说法正确的是（）A.该点电荷带负电B.a点的电场强度比b点的小C.b点的电势小于零D.导体球壳内的电场强

度等于零【答案】BD【解析】【详解】A．电场线由正电荷出发，可知点电荷带正电，故A错误；B．电场线越密，场强越大，a点的电场强度比b点的小，故B正确；C．因球壳接地，则球壳处的电势为零，沿电场线方向电势降低，则b点的电势大于零，C错误；D．由静电

屏蔽知，导体球壳内的电场强度处处为零，故D正确。故选BD。10.下列关于电容的说法正确的是（）A.电容器A电容比B的大，说明A所带的电荷量比B多的的B.电容是反映电容器储存电荷本领的物理量C.电容在数值上等于使两极板间的电势差为1V时，电

容器需要带的电荷量D.由公式C=QU知，若电容器两极板间电压为10V，每个极板所带电荷量为2×10－5C，则电容器电容大小为4×10-6F【答案】BC【解析】【详解】A．电容器A的电容比B的大，只能说明电容器A容纳电荷的本领比B强，与带的电荷量多少无关，故A错误；B

．电容反映电容器储存电荷本领的大小，故B正确；C．由QCU=知，电容在数值上等于使两极板间电势差为1V时，电容器需要带的电荷量，故C正确；D．电压为10V，电荷量为5210−C时，则电容6210FQCU−==故D错误。故选BC。11.反射式速调管

是常用的微波器件之一，其内部真空，有一个静电场的方向平行于x轴，其电势随x的分布如图所示，0x=处电势为6V。一个带负电粒子（重力不计）从3cmx=处由静止释放，下列说法正确的是（）A.该静电场可以由两个负电荷产生B.2cmx=−的电场强度小于2cmx

=处的电场强度C.该粒子在0x=处的电势能最大D.该粒子将沿x轴负方向运动，运动到的最远位置为4.5cmx=−【答案】BD【解析】【详解】AB．根据x−图像的斜率表示电场强度，由图可知6cm0x−区域的电场强度大小为126V/m100V/m6

10E−==方向沿着x轴负方向；04cmx区域的电场强度大小为226V/m150V/m410E−==方向沿着x轴正方向；可知2cmx=−的电场强度小于2cmx=处的电场强度，且此静电场不可能由两个负电荷产生，故A错误，B正确；C

．0x=处电势最高，根据pEq=可知该负电荷的粒子在0x=处的电势能最小，故C错误；D．带负电粒子（重力不计）从3cmx=处由静止释放，受到向x轴负方向的电场力，当运动到0x区域后，受到x轴正方向的电场力，根据动能

定理可得22110qExqEx−=可得14.5cmx=则该粒子将沿x轴负方向运动，运动到的最远位置为14.5cmxx=−=−故D正确。故选BD。12.如图所示，一带负电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N仅在电场力作用下先后在电场中运动的轨迹，a、b

、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。下列说法正确的是（）A.M带负电荷，N带正电荷B.M在a点的动能小于它在b点的动能C.N在d点的电势能等于它在e点的电势能D.N在从c点运动到d点的过程中电场力做正功【答案】CD【解析】【

详解】A．根据题意，由粒子的运动轨迹可知，O点的负电荷与带电粒子M相互吸引，则M带正电荷，O点的负电荷与带电粒子N相互排斥，则N带电荷，故A错误；B．M从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则b点的动能小于在a点的动能，故B错误；C．d点和e点在同一等势面上，电势相等，则N在d点的电

势能等于在e点的电势能，故C正确；D．N在从c点运动到d点的过程中，电场力方向与速度方向夹角为锐角，则电场力做正功。故D正确。故选CD。第II卷（非选择题，共52分）三、本大题2小题，13题每空2分，14题每空2分，共14分。

13.如图所示，将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球，两个导体开始时互相接触且对地绝缘。（1）为了使两球带上等量异号电荷，应_______。A．先移走棒，再把两球分开B．先把两球分开，再移走棒（2）先使甲球

瞬时接地，再移走棒，导体甲的带电情况是________电导体乙的带电情况是________电。（填“正”、“负”或“不带”）。（3）先使乙球瞬时接地，再移走棒，导体乙的带电情况是________电。（填“正”、“负”或“不带”）。【答案】①.B②

.正③.正④.正【解析】【详解】（1）[1]根据静电感应可知，将带负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球时，在两个导体球上分别感应出等量的异种电荷，此时先把两球分开，再移走棒，就会使两球带上等量异号电荷；若先移走棒，再把两球分开，两球将不带电。故

选B。（2）[2][3]先使甲球瞬时接地，会使两球瞬间与大地连为一体，此时导体球上感应出的负电荷会导入大地，再移走棒，两球均带正电荷。。（3）[4]先使乙球瞬时接地，会使两球瞬间与大地连为一体，此时导体球上感应出的负电荷会导入大地，再移走棒，两球均带正电荷。14.在“研究影响平行板电

容器电容大小的因素”的实验中，把电容器的两极板A，B分别与静电计的金属球和外壳相连，并使B板接地。先使电容器带上一定的电荷量，静电计指针偏转一定的角度（如图）。（1）实验中有一步操作是：保持两极板的间距和正对面积不变，在两极板间插入有机玻璃板。在这一步操

作中，可看到静电计指针偏转的角度______（填“增大”“减小”或“不变”），这表明平行板电容器的电容随两极间电介质的______的增大而增大。（2）实验中如果不小心手碰触了一下B板，静电计指针偏转的角度将_______（填“

增大”“减小”或“不变”）。【答案】（1）①.减小②.介电常数（2）不变【解析】【小问1详解】[1][2]实验会发现指针的偏角变小，则电容器的电势差减小，根据公式Q=CU可得电容增大，表明平行板电容器的电容随两极间电介质的

介电常数增大而增大。【小问2详解】实验中B板接地，实验中如果不小心手碰触了一下B板，则极板间的电荷量不变，则电势差不变，静电计指针偏转的角度不变。四、本大题3小题，共38分，要求写出必要的文字说明、主要的

计算步骤和明确的答案。15.如图所示，一带电量为87.510Cq−=的小球用绝缘绳悬挂，匀强电场方向水平向右。小球的质量为0.2gm=，平衡时小球偏离竖直方向的夹角为37=。（重力加速度g取210m/s。sin370.6=，cos370.8=）求：（1）电场强度E的大小？（2）某

时刻剪断细线，小球加速度多大？【答案】（1）4210N/CE=（2）212.5m/sa=【解析】【小问1详解】对小球受力分析，由平衡条件得tanqEmg=解得4210N/CE=【小问2详解】某时刻剪断细线时，小球所受的合力为cosmgF=合由牛顿第二定律可知cosm

gma=可得小球的加速度大小为212.5m/scosga==16.如图所示，一对平行金属极板相距为3cm，两板间电压为24V，两板间匀强电场方向向上，其中下极板接地（零电势），A点距上板为1cm，B点距下板为0.5cm。求：（1）两金属板之间

的电场强度大小E；（2）A、B两点的电势差UAB；（3）电荷量为191.610C−的带正电的粒子在B点的电势能pE。【答案】（1）800N/C；（2）12V−；（3）196.410J−−【解析】【详解】（1）两金属板之间的电场强度大小为224N/

C800N/C310UEd−===（2）A、B两点的电势差2800(310.5)10V12VABBABAUUEd−=−=−=−−−=−（3）根据208000.510V4VBBEd−−===可得B点的电势为4VB=−带正电的粒子在B点的

电势能1p919(4)J6.4J1.61010BEq−−−−===17.如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，电场的方向与△ABC所在的平面平行，AB⊥AC，∠ACB＝30°。将电荷量91.010Cq−=−的点电荷从A点移动到B点，静电力做功82

.010JABW−=−；将该电荷从B点移动到C点，电势能增加了84.010J−。设C点的电势C0=，A、B的距离L＝4cm，求：（1）A与B、C两点间的电势差ABU、ACU；（2）A、B两点的电势A、B和B点的电势能EPB；（3）电场强度E的大小。【答案】（1）20V，60V（

2）60V，40V，84.010J−−（3）1000V/m【解析】【小问1详解】由题可知ABABWqU=解得20VABABWUq==电荷从B点移动到C点，电势能增加了84.010J−，说明在此过程中，电场力也是做负功，同理可得40V

BCBCWUq==根据电势差的关系可得60VACABBCUUU=+=【小问2详解】根据上述分析可知CBCBU−=0C=所以，B点的电势40VB=8p4.010JBBEq−==−同理可得−=ABABU解得，A点的电势60VA=【小问3详解】

沿AB方向的电场强度1500V/mABUEL==沿AC方向的电场强度25003V/mtan30ACUEL==所以电场强度22121000V/mEEE=+=