【文档说明】四川省成都市石室中学2024-2025学年高三上学期10月月考物理试卷 Word版含解析.docx，共(16)页，977.116 KB，由小赞的店铺上传

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成都石室中学2024-2025学年度上期高2025届10月月考物理试卷考试时间：75分钟一、单项选择题：本题共7个小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合要求1.通过对α粒子散射实验研究，卢瑟福提出了原子的核式结构模型。如图为

实验的示意图，显微镜前端带有荧光屏，实验时，若将显微镜分别放在位置1、2、3、4，则能观察到α粒子出现最多的位置为（）A.位置1B.位置2C.位置3D.位置4【答案】D【解析】【详解】在α粒子散射实验中，绝大多数α粒子穿过金箔后，基

本上仍沿原来的方向前进，但有少数α粒子发生了大角度偏转，极少数偏转的角度甚至大于90°，所以荧光屏和显微镜放在4位置时，相同时间内观察到屏上的闪光次数最多。故选D。2.为了节能减排绿色环保，新能源汽车成为未来汽车发展的方向。为测试某款电动汽车的制动性能，使该电动汽车在平直公

路上以10m/s的速度行驶，t=0时刻撤去牵引力并踩下刹车，其速度v随时间t变化的关系图像如图所示，不计空气阻力，则在0~5s内，下列说法正确的是（）A.电动汽车的位移大小大于25mB.电动汽车的位移大

小等于25m的C.电动汽车受到的制动阻力越来越小D.电动汽车受到的制动阻力保持不变【答案】A【解析】【详解】AB．v-t图线与坐标轴所围面积表示位移，若汽车匀减速到零，则其位移为011105m=25m22xvt==电动汽车图线所围面积大于匀减速到零的

面积，故实际位移大于25m，A正确，B错误；CD．v-t图线切线的斜率表示加速度，图线斜率逐渐增大，故汽车加速度在增大，由牛顿第二定律知其制动阻力在增大，CD错误。故选A。3.如图所示是光线由空气射入半圆形或矩形玻

璃砖，再由玻璃砖射入空气中的光路图，O点是半圆形玻璃砖的圆心。关于下列图说法不正确．．．的是（）A.甲图中入射角大于折射角B.乙图中光的传播路线不发生偏折C.丙图中折射光线在玻璃砖的下界面发生全反射D.丁图中入射光线和出射光线平行【答案】C【解析】【详解】A．根据折射率可知，甲图中入射

角大于折射角，故A正确，不满足题意要求；B．乙图中光的入射方向与界面垂直，所以光的传播路线不发生偏折，故B正确，不满足题意要求；C．丙图中，根据几何关系可知，折射光线在玻璃砖的下界面的入射角等于上界面的折射角，所以不可能在下界面发生全反射，故C错误，

满足题意要求；D．丁图中，根据几何关系可知，折射光线在玻璃砖的下界面的入射角等于上界面的折射角，根据折射定律可知，光线在下界面的折射角等于上界面的入射角，所以入射光线和出射光线平行，故D正确，不满足题意要求。故选C

4.某国宇航局发射行星探测卫星，由于没有把部分资料中实际使用的单位制转换为国际单位制，造成重大。损失。国际单位制中力学有三个基本单位，用这三个基本单位导出功率单位—瓦特()W的表达形式为（）A.23kg

ms−B.32kgms−C.231kgms−D.23kgms−【答案】A【解析】【详解】由功率的定义式WPt=得，功率单位为223JNmkgm/smWkgmssss−====故选A。5.如图所示，手机平面与水平面夹角为θ（θ为锐角），手机

仅有两个侧面与手机夹接触，竖直面内缓慢转动手机夹过程中，手机始终静止在手机支架上。下列说法正确的是（）A.顺时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力变小B.顺时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力变大C.逆时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力与cosθ成正比D

.逆时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力与θ无关【答案】D【解析】【详解】由于手机仅有两个侧面与手机夹接触，则竖直面内缓慢转动手机夹过程中，手机所受的向下的重力与侧壁对手机的向上的的静摩擦力平衡，无论逆时针还是顺时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力均等于受力的重力不变，与

角无关。故选D。6.如图甲，MN是倾角θ=37°传送带的两个端点，一个质量m=5kg的物块（可看作质点）以4m/s的初速度自M点沿传送带向下运动。物块运动过程的v−t图像如图乙所示，取重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是（）A.t=2s时，

物块所受滑动摩擦力的方向平行传送带向下B.传送带的速度为2m/s，方向沿逆时针转动C.物块与传送带间的动摩擦因数为916D.物块在传送带上留下的划痕长度为12m【答案】D【解析】【详解】A．物块下滑时，根据摩擦力产生的条件和结合v−t图像可知，t=2s时物块相对传送带下滑

，做减速运动，滑动摩擦力方向平行传送带向上，故A错误；B．从图像可知，物体速度减为零后反向沿斜面向上运动，最终的速度大小为2m/s，方向沿斜面向上，所以没从N点离开传送带，从M点离开，并且可以推出传送带沿顺时针转动，速度

大小为2m/s，故B错误；C．速度图像中面积表示位移，可知物块沿传送带下滑时的加速度大小21.5m/svat==根据牛顿第二定律cos37sin37mgmgma−=解得1516=故C错误；D．0~4s物块运动图线与传送带速度图线围成的面积表示划

痕164m12m2s==故D正确。故选D。7.如图所示，轻弹簧的一端固定在倾角为θ的固定光滑斜面的底部，另一端和质量为m的小物块a相连，质量为35m的小物块b紧靠a静止在斜面上，此时弹簧的压缩量为0x。从

t=0时开始，对b施加沿斜面向上的外力，使b始终做匀加速直线运动。经过一段时间后，物块a、b分离，再经过同样长的时间，b距其出发点的距离恰好为0x。弹簧始终在弹性限度内，其中心轴线与斜面平行，重力加速度大小为g，小物块a、b均可视为质点。下列说法正确的是（）A.a、b分离

时，弹簧的压缩量为04xB.010sinxtg=时a、b分离C.物块b加速度的大小为1sin5gD.a、b分离后，对b施加沿斜面向上的外力大小恒为6sin5mg【答案】C【解析】【详解】A．由于初速度为0，最初两段相同时间间隔内位移之比为1213xx=且由题有120x

xx+=当物块a、b分离时弹簧压缩量2034xxx==故A错误；C．两物块刚好要分离时，a与b之间无相互作用力且加速度相同，对a由牛顿第二定律有03sin4kxmgma−=最初时有03()sin5mmgkx+=解得1sin5ag=故C正确；B．

分离时b的位移为04x，由2112xat=得052sinxtg=故B错误；D．a、b分离后，对b施加沿斜面向上的外力为恒力，对b有33sin55Fmgma−=得18sin25Fmg=故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四

个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分8.一水平软绳右端固定，取绳左端质点O为坐标原点，以绳所在直线为x轴、竖直方向为y轴建立坐标系，在绳上每隔0l选取一个质点。0t=时刻质点O开始沿y

轴不断振动，产生一列沿x轴传播的横波（可视为简谐波）。已知t=t0时刻的波形如图所示，下列说法正确的是（）A.该波的周期为2t0B.该波的波长为4l0C.t=t0时刻，4l0处的质点振动方向沿y轴负方向D.06tt=时刻，020xl=处的质点位移不为零【答案】AC【解析】【详解】A．由图

可知，t=t0时刻波源完成半个全振动，向右传播半个波长，则该波的周期为02Tt=故A正确；B．由图可知，该波的波长为0=8l故B错误；C．因t=t0时刻质点刚传到x=4l0处，此时该质点沿y轴负向振动，故C正确；D．t=6t0时刻，波向前

传播24l0，020xl=处的质点在平衡位置，位移为零，故D错误。故选AC。9.在学校组织的运动会期间，某同学参加定点投篮比赛。如图所示，篮球两次出手和进框的位置相同，在空中的运动轨迹分别对应同一竖直平面内的a、b两条曲线。不计空气阻力，则关于该两次投篮下列说法正确的是（）A.轨迹为a的篮

球在任意相等时间间隔内，上升过程与下降过程中的速度变化量大小相等方向相反B.轨迹为b的篮球经最高点的速度较大C.轨迹为b的篮球先超重后失重D.从出手到进框，两次投篮的平均速度的方向相同【答案】BD【解析】【详解】AC．篮球在空中均受重力作用，加速度均为重力加速度，故任意相等时间内速度变化量大

小相等方向相同，篮球在空中都是完全失重，故AC错误；B．篮球做斜抛运动，水平方向上为匀速直线运动，故运动到最高点的速度即为水平方向上的分速度。两次投篮水平位移相同，但轨迹a高度更高，运动时间较长，篮球在轨迹a中最高

点的速度小于篮球在轨迹b中最高点的速度，故B正确；D．两次篮球的位移相同，故平均速度的方向相同，故D正确。故选BD。10.如图是货物输送装置示意图，载物平台M架在两根完全相同、轴线在同一水平面内的平行长圆

柱上，平台重心与两圆柱等距，货物m放在平台正中间。两圆柱以角速度20rad/s=绕轴线做相反方向转动。现沿平行于轴线的方向给平台施加10NF=的恒力，使平台从静止开始沿轴线运动。已知平台质量4kgM=，平台与两圆

柱间的动摩擦因数均为10.2=，货物质量1kgm=，与平台间的动摩擦因数20.3=，圆柱半径4cm=r，取重力加速度g=10m/s2。下列说法正确的是（）A.货物与平台一起做匀加速直线运动B.货物受到平台的摩擦力逐渐减小C

.当平台速度0.6m/sv=时，货物加速度为20.8m/sD.只有当F>μ1（m+M）g时，平台才能开始运动【答案】BC【解析】【详解】A．根据对称性可知平台与两个圆柱表面的摩擦力相等，大小均为()115N2fMmg

=+=沿平行于轴线的方向给平台施加10NF=的恒力，使平台从静止开始沿轴线运动，初始时刻，平台受到两圆柱的摩擦力刚好平衡，以平台和货物为整体，加速度大小为22022m/s3m/sFagMm===+圆柱表面

点转动的线速度大小为0.8m/svr==设平台运动的速度大小为v，如图所示的可知，平台受到两个圆柱表面对平台沿平行于轴线的方向的摩擦力大小均为cosxff=根据牛顿第二定律可得22cos()xFfFfMma−=−=+可知随着平台速度的v逐渐增大，θ逐渐减小，co

s逐渐增大，加速度逐渐减小，所以货物与平台不是一起匀加速直线运动，故A错误；B．货物一直受静摩擦力=fma故f一直在减小，故B正确；C．当平台速度0.6m/sv=时，则有22220.6cos0.60.60.8vvv===

++2cos()FfMma−=+可得加速度大小为20.8m/sa=故C正确；D．开始时平台受两圆柱的摩擦力平衡，所以开始运动是加速度大小为FaMm=+即使F较小，平台也运动，故D错误。故选BC。三、实验题∶本题共2个小题，共15分1

1.在测量电源电动势和内阻的实验中，实验室提供了如下器材和参考电路“甲”“乙”：电压表V1（量程3V，内阻约6kΩ）电压表V2（量程1V，内阻约6kΩ）电流表A1（量程0.6A，内阻约0.1Ω）电流表A2（量程2mA，内阻约1Ω）滑动变阻器R1（最大阻值3kΩ）滑动

变阻器R2（最大阻值10Ω）定值电阻R3（阻值为0.8Ω）开关，导线若干（1）胡同学想要测量马铃薯电池的电动势（约1.0V）和内阻（约几千欧）。选用合适器材后，应选择参考电路中的最优电路____（填写“甲”或“乙”）进行测量；（2）董同学想要测量一节新干电池的电动势和内阻（内阻较小）。选

用合适器材后，选择了“甲”“乙”中的最优电路进行测量，将测得的数据在坐标纸上画出U-I图像如丙图所示，并求出电动势E为____V，内阻r为____Ω（结果保留2位小数）。【答案】（1）甲（2）①1.50②.0.20【解析】【小问1详解】马铃薯电池的电动势较小，内阻较大，题图乙中电压表分流，所

以电流表测量的干路电流偏小，则电动势测量值偏小；题图甲测量的干路电流I准确，根据闭合电路欧姆定律EUIr=+可知，当I=0时，断路电压即为电动势，所以甲图能准确测量马铃薯的电动势，内阻测量偏大，为电流表和马铃薯内阻之和，但因为马铃薯内阻远大于电流表内阻，所以误差较小，故选甲。【小问2详解】[1]

[2]新的干电池内阻较小，所以需要给电池串联一个定值电阻R3，方便测量，而题图D中测量的内阻为电流表内阻、电源内阻和定值电阻R3之和，因为干电池内阻较小，所以内阻的测量会存在较大误差，所以选乙，根据闭合电路欧姆定律可得.UEIr=−则图像纵截距即为电源电动势，由U-

I图可知1.50VE=3Δ1.501.000.80Ω0.20ΩΔ0.50UrRI−=−=−=12.在探究加速度与物体所受合力和质量间的关系时，采用如图甲所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度a可通

过小车拖动的纸带由打点计时器打出的点计算得出。（1）第一组同学先保持盘及盘中砝码的质量m一定，探究小车的加速度a与其质量M的关系，以下做法正确的是（）A.平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在

小车上B.当M≫m时才可以认为细绳对小车拉力大小与盘和盘中砝码的重力大小相等（2）第一组同学在某次实验时，接通频率50Hz的交流电源，开启打点计时器，释放小车。多次重复后选择点迹清晰的一条纸带，如图乙所示。图中的点为计数点（每两个相邻的计数点间还有4个点未画出），可以计算小车

的加速度a=____m/s2（结果保留2位小数）（3）第二组同学保持小车及车中的砝码质量M一定，探究小车的加速度a与其所受外力F的关系，在木板水平及倾斜两种情况下分别做了实验，得到了如图丙所示的两条平行的a-F图线，取重力加速度g=10m/s2，根据图线可求出小车与木板之间的动摩擦因数为μ=___

_（结果保留2位小数）【答案】（1）B（2）1.97（3）0.20【解析】【小问1详解】A．平衡摩擦力时，不能将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上，故A错误；B．当M≫m时，认为细绳对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力，故B正

确。故选B。【小问2详解】两个相邻计数点之间的时间间隔为的15s0.10s50T==小车的加速度为2222(76.3931.83)(31.835.00)10m/s1.97m/s(30.1)a−−−−==【小问3详解】

设小车和钩码的总质量为M，由牛顿第二定律可知，木板水平时有FMgMa−=则有1aFgM=−木板倾斜时有sincosFMgMgMa+−=则有1(sincos)aFggM=+−由题意得，木板水平时是图像

②，并且两图线平行，则有20.2m/sg=解得0.02=四、解答题：本题共3个小题，共42分13.如图所示，导热性能良好的圆筒形汽缸开口向上放置在水平地面上，质量为m=2kg、横截面积S=10cm2的活塞在汽缸内封闭了一定质量的理想气体，开始

的封闭气柱的长度为L1=15cm，环境温度T1=300K，大气压强始终为p0=1.0×105Pa。取重力加速度g=10m/s2，不计活塞厚度，汽缸内壁光滑，足够长且不漏气。求：（1）活塞稳定时，封闭气柱的压强p；（2）将环境温度缓慢升高至T2=400K，当

活塞再次稳定后，封闭气柱的长度L2。【答案】（1）1.2×105Pa（2）20cm【解析】【小问1详解】对活塞列平衡方程0mgpSpS+=故气柱压强51.210Pap=【小问2详解】将环境温度缓慢升高至2400KT=过程中气体进行等压变化，则根据盖吕萨

克定律可知1212=LSLSTT解得220cmL=14.2024年4月24日，我国自主研发水陆两栖飞机“鲲龙”AG600在湖北荆门漳河机场完成了着水救援和空投救援水上救援演示验证，试验过程中飞机与水面救援力量配合良好，救援实施过程流畅

。某次演练中，该飞机在水面上由静止开始匀加速直线滑行并汲水，速度达到v1=80m/s时离开水面，该过程滑行距离11600mL=，飞机汲水之后的总质量为m=5×104kg。离开水面后，飞机保持该速率攀升到某一高度，由于任务

紧急，飞机需要沿水平方向加速飞行（此过程视为匀加速直线运动），经过位移L2=180m时，速度达到v2=100m/s。取重力加速度g=10m/s2。求：（1）飞机在水面汲水滑行阶段的加速度a的大小及滑行时间t；（2）不

计空气阻力，飞机攀升后沿水平方向加速飞行，受到的推力F。【答案】（1）2m/s2，40s（2）52×105N，方向与水平方向夹45°【解析】【小问1详解】水平方向的匀加速直线运动2112aLv=解得22m/s

a=根据速度时间关系有1vat=故时间40st=【小问2详解】根据几何关系，飞机第二阶段的运动2222212aLvv=−则2210m/sa=故推力225()()5210NFmgma=+=方向与水平方向夹45°。15.如图所示，质量为M=4.5kg的长木板置于光滑水

平地面上，质量为m=1.5kg的小物块放在长木板的右端，在木板右侧的地面上固定着一个有孔的弹性挡板，孔的尺寸刚好可以让木板无接触地穿过。现使木板和物块以v0=4m/s的速度一起向右匀速运动，物块与挡板碰撞后立即以碰前的速率反向弹回，而木板穿过挡板上的孔继续向右运动，整个过程中物块不会从长木板上滑

落。已知物块与挡板第一次碰撞后，物块离开挡板的最大距离为x1=1.6m，重力加速度g=10m/s2.(1)求物块与木板间的动摩擦因数；(2)求物块第一次与挡板碰撞到再次与木板相对静止所需的时间；(3)若物块与挡板

第n次碰撞后，物块离开挡板的最大距离为xn=6.25×10−3m，求n。【答案】(1)0.5；(2)1.2s；(3)5【解析】【详解】(1)物块与挡板第一次碰撞后，物块向左减速到速度为0的过程中只有摩擦力做功，由动能定理得210102mgxmv−=−解

得0.5=(2)物块与挡板碰后，物块与木板组成的系统动量守恒，取水平向右为正方向。第一次碰撞后，物块反弹后瞬间速度大小为v0，设再次相对静止时的共同速度为v1，由动量守恒定律得()001MvmvMmv−=+解得10012MmvvvMm−==+物块第一次与挡板碰撞到再次与木板相对静止过程，根

据动量定理有()10mgtmvmv=−−解得1.2st=(3)第二次碰撞后，物块反弹后瞬间速度大小为v1，经一段时间系统的共同速度为221012MmvvvMm−==+第三次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为v2，经一段时间系统的共同速度为332012MmvvvMm−==

+……第n−1次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为vn−2，经一段时间系统的共同速度为112012nnnMmvvvMm−−−−==+第n次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为vn−1，物块与挡板第n次碰撞后，物块向

左减速到速度为0的过程中，由动能定理得21102nnmgxmv−−=−解得5n=