【文档说明】吉林省白城市洮南市一中2022-2023学年高一上学期期末物理试题 含解析.docx，共(17)页，2.838 MB，由小赞的店铺上传

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洮南一中高一物理试题本试卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试用时75分钟。第Ⅰ卷选择题（48分）一、选择题（共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，每小题4分；第7-10题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

）1.在物理学的发展过程中，物理学家们提出了许多物理学的研究方法，以下关于物理学的研究方法的叙述中，说法正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体的方法叫等效替代法B.根据速度定义式xvt=，当t非常非常小时，xt就可以表示

物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了微元法C.加速度的定义vat=采用的是比值定义法D.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了类比的方法【答案】C【解析】【详解】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点

来代替物体的方法叫建立理想化模型法。故A错误；B．根据速度定义式xvt=，当t非常非常小时，xt就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法。故B错误；C．加速度的定义vat=采用的是比值定义法。故C正确；D．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持

质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量的方法。故D错误。故选C。【点睛】掌握物理方法的定义及内容。2.如图所示，一根粗糙水平横杆上套有A，B两个轻环，系在两环上的等长细绳拴住的书本处于静止状态，现将两环距离变小后书本仍处于

静止状态，则（）的A.杆对A环的力不变B.杆对A环的支持力变小C.B环对杆的摩擦力力变小D.与B环相连的细绳对书本的拉力变大【答案】C【解析】【详解】B．设书的质量为m，以A、B两个轻环及书系统为研究对象，根据平衡条件得N2Fmg=解得N12Fmg=杆对

A环的支持力始终等于书重力的一半，支持力不变，故B错误；C．设绳与竖直方向的夹角为，对B环受力分析如图所示对B环，根据平衡条件得fTsinFF=NTcosFF=解得fNtantan2mgFF==现将两环距离变小后，减小，tan减小，则B环受到的摩

擦力fF变小，所以B环对杆的摩擦力也变小，故C正确；A．由选项C分析，同理可得杆对A环的摩擦力变小，由于杆对A环的支持力不变，则二者的合力变小，所以杆对A环的作用力变小，故A错误；D．两绳的合力等于书的重力，两环距离变小

，两绳的夹角变小，根据平行四边形定则可知绳的拉力变小，故D错误。故选C。3.一本书重约8N，有422页，书本正面朝上。现将一张A4纸夹在106~107页间，A4纸能够覆盖几乎整个书页，如图所示。若要将A4纸抽出，至少需用约1N的

拉力。不计书皮及A4纸的质量，则A4纸和书之间的摩擦因数最接近（）A.0.25B.0.33C.0.56D.0.67【答案】A【解析】【详解】A4纸夹在106~107页间，A4纸上面的106页的重力约为18N2N4=可知A4纸受到的压力大小N2NF

=由于上下两个接触面都有滑动摩擦力，则有N2fF=解得0.25=故选A。4.如图，质量为2m的物块A与水平地面的摩擦可忽略不计，质量为m的物块B与地面的摩擦系数为μ。在已知水平推力F的作用下，A、B作加速运动。B

对A的反作用力为（）A.2Fmg+B.23mgF+C.3Fmg+D.23Fmg+【答案】D【解析】【详解】以A、B组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律得F−μmg=3ma以B为研究对象，由牛顿第二定律得T−μmg=m

a解得23FgTm=+根据牛顿第三定律，B对A的反作用力为'23FmgTT+==故选D。5.跳台滑雪是北京2022年冬奥会的比赛项目，如图所示为跳台滑雪的示意图，平台末端B点水平，运动员（可视为质点）从B点飞出后总能落到斜面上。在某次运动中，运动员以速度v从B点水平飞出，落到斜面上C点，B、

C两点间的竖直高度为h，斜面倾角为，忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A.运动员在空中运动的时间与v无关B.v越大，落地时瞬时速度与斜面的夹角越大C.若运动员以2v从B点飞出，则落地点到B点的竖直高度为2hD.不管在

B点以多大速度飞出，运动员落到斜面上时的速度方向均相同【答案】D【解析】【分析】【详解】AC．斜面倾角即为位移偏角，可得212tan2gtgtvtv==可知t与v成正比，若运动员以2v从B点飞出，落至斜面的时间为2t，下落的竖直高度为21(2)42hgth==A

C错误；BD．速度偏角为tangtv=可得tan2tan=可知落地时瞬时速度与斜面的夹角保持不变，与v无关，B错误，D正确。故选D。6.近几年，极限运动越来越受到年轻人的喜欢，其中“反向蹦极”是一项比

蹦极更刺激的运动。如图所示，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者的身上，并与固定在地面上的力传感器相连，传感器示数为1400N。打开扣环，从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直发射”，经B点上

升到最高位置C点，在B点时速度最大。人与装备的总质量为70kg（可视为质点）。不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.在C点，人处于超重状态B.在B点，人所受合力方向向上C.打开扣环瞬间，人的加速度大小为220m/sD.从A点到B点上升过程中

，人的加速度不断变大【答案】C【解析】【详解】A．根据题意可知，B到C过程，体验者向上做减速运动，在最高位置C点时，速度为零，加速度向下，处于失重状态，A错误；B．在B点时人的速度最大，加速度为零，此时人

所受合力为零，B错误；C．打开扣环之前，传感器示数1400NT=设弹性绳的弹力为F，由平衡条件FTmg=+打开扣环后，由牛顿第二定律有Fmgma−=解得220m/sa=C正确；D．人从A点到B点过程，弹性绳的拉力大于人的重

力，随着人向上运动，弹性绳伸长量减小，弹力F减小，由于人所受合力FFmg=−合可知人所受合力减小，根据牛顿第二定律，加速度减小，到达B点时弹性绳的弹力与重力大小相等，合力为零，D错误。故选C。7.下列说法中正确的是（）A.在力学中，力是基本概念，所以力的单位“牛顿”是力学单位制中的基本单位B.因为

力的单位是牛顿，而21N1kgm/s=，所以牛顿是个导出单位C.若各物理量都采用国际制单位，则通过物理公式得出的最后的运算结果不一定为国际制单位D.物理公式不仅确定了物理量之间的数量关系，同时也确定了物理量间的单位关系【答案】BD

【解析】【详解】AB．在力学中，力的单位是牛顿，根据Fma=可得21N1kgm/s=可知牛顿是个导出单位，故A错误，B正确；C．若各物理量都采用国际制单位，则通过物理公式得出的最后的运算结果一定为国际制单位，故C错误；D．物理公式不仅确定了物理量之

间的数量关系，同时也确定了物理量间的单位关系，故D正确。故选BD。8.如图所示，倾角37=的斜面C置于水平地面上，一质量为m的小物块B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与一质量也为m的物体A相连接，连接B的一段细绳

与斜面平行。某一段时间内A匀速下降，C处于静止状态。已知重力加速度大小为g，sin370.6=，cos370.8=，则（）A.绳子的拉力大小为mgB.B与C之间的动摩擦因数大小为0.5C.C受到地面的摩擦力大小为0.6

mgD.若将细绳剪断，B最终将停在斜面上【答案】AB【解析】【详解】A．物体A匀速下降，根据受力平衡可知，绳子的拉力大小为Tmg=故A正确；B．物体B匀速上滑，根据受力平衡可得sincosmgmgT+=解得动摩擦因数为sin10.60.5

cos0.8mgmgmg−−===故B正确；C．把B、C看成一个整体，根据受力平衡可知，C受到地面的摩擦力大小为cos0.8fTmg==地故C错误；D．若将细绳剪断，由于sincosmgmg可知物体B不能停在斜面上，故D错误。故选AB。9

.在大众化的餐馆中，常见密绕在轴上的卷纸用两条轻绳拴着悬挂在墙壁上的A、'A点，方便用餐人员取用，如图所示。随着卷纸的使用，换了新的卷纸。不计墙壁和纸间的摩擦，新卷纸静止时受到墙壁的支持力和轻绳对卷纸轴的拉力的大小与快要用完的卷纸相比（）A.支持力增大B.支持力减小C.

拉力增大D.拉力在减小【答案】AC【解析】【详解】设轻绳与墙壁夹角为，对卷纸受力分析如图所示则有sinTN=，cosTmg=解得cosmgT=，tanNmg=新卷纸与旧卷纸相比，角在变大，mg也变大，可知拉力

T变大，支持力N变大。故选AC。10.传送带以恒定速度v=4m/s顺时针运行，已知传送带与水平面的夹角θ=37°，现将质量m=2kg的小物块轻放在其底端（小物块可看成质点），平台上的人通过一根轻绳用恒力F=20N拉小物块，经过一段时间物块被拉到平台上，如图所示

，已知物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，传送带长6m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。则（）A.物体一直做匀加速运动B.物体先受滑动摩擦力，共速后受静摩擦力C.物体在传送带上运动的时间为1

.5sD.物体相对传送带滑行的距离为1m【答案】BD【解析】【详解】AB．开始时，物体受向上的拉力F=20N，向上的摩擦力cos8Nfmg==重力沿斜面向下的分力：1sin12NGmg==则物体向上做加速运动，当与传送带共速后，因F=G1+f（

此时摩擦力向下）可知物块匀速运动；即物体先做匀加速运动，后做匀速运动；物体先受向上滑动摩擦力，共速后受向下的静摩擦力，选项A错误，B正确；CD．物体加速运动时的加速度22120128m/s8m/s2FGfam−+−+===加速运动时间10.5svta==加速运动的位移1140

.5m=1m22vxt==做匀速运动的时间的的1261s=1.25s4Lxtv−−==则在传送带上滑行的总时间121.75sttt=+=物体相对传送带滑行的距离为1140.5m-1m1mxvtx=

−==选项C错误，D正确；故选BD。第Ⅱ卷非选择题（52分）二、实验题11.某学习小组用实验探究“平抛运动规律”。（1）在图1中用小锤敲击铁片，观察到A、B两个小球同时落地，则说明平抛运动在竖直方向上为________运动。（2）在图2中同时断电后P、Q两个小球同时沿着斜槽滚下，观察

到P、Q两个小球撞在一起，则说明平抛运动在________________方向上为________________运动。【答案】①.自由落体运动②.水平方向③.匀速直线运动【解析】【分析】【详解】（1）[1]因为图1中用小锤敲击铁片，观察到A、B两个小球同时落

地，则说明平抛运动在竖直方向为自由落体运动；（2）[2][3]因为图2中同时断电后P、Q两个小球同时沿着斜槽滚下，观察到P、Q两个小球撞在一起，这说明平抛运动在水平方向为匀速直线运动。12.小明用如图甲所示的装置来探究“在外力一定时，物体的加速度与其质量

之间的关系”。已知当地的重力加速度为g。（1）实验中，需要补偿阻力。在小车后面固定一条纸带，纸带穿过打点计时器，调节木板的倾斜度，接通打点计时器的电源，使小车在绳的拉力下运动，若纸带上的点迹间隔相等，则说明_______（选填“已”或

“未”）补偿好阻力。（2）保持槽码质量不变，改变小车上砝码的质量，如图乙所示是某次用打点计时器打下的一条纸带。已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，纸带上每两个相邻计数点之间还有4个打出的点未画出，根据纸带可求出小车运动时的加速度大小为______

_m/s2。（结果保留两位有效数字）（3）测出小车和车上砝码的总质量M及对应的加速度a，小明作出如图丙中实线所示的1aM−图线，图线偏离直线的主要原因是________。（4）1aM−图线的曲线将不断地延伸，那么该曲线所逼近的渐近线的方程为=a__。【答

案】①.未②.0.70③.未满足小车质量远大于槽码的质量④.g【解析】【详解】（1）[1]小车在绳的拉力下运动，若纸带上的点迹间隔相等，由牛顿第二定律可知sinTmgf+=说明小车做匀速直线运动，则小车没有平衡好阻力，应该让小车在没有绳子的作用下做匀速直线运

动。（2）[2]由于两个相邻计数点之间还有4个打出的点未画出，因此两个相邻计数点间的时间间隔为0.1sT=根据匀变速直线运动的推论公式2ΔxaT=可得220.70m/s4DECDBCABaT+−−==（3）[3]由牛顿第二定律可得mgTma−==TMa联立得mgaMm=

+只有当mM时，1aM−成线性关系，所以呈现如图所示的图像，所以是因为未满足小车质量远大于砂和砂桶的质量，属于系统误差。（4）[4]由牛顿第二定律可得mgTma−==TMa联立得mgaMm=+当1M→即0M→时ag=三、计算题13.跳伞运动员做

低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当距离地面125m时打开降落伞，伞张开后运动员就以14.3m/s2的加速度做匀减速运动，到达地面时速度为5m/s，问：（1）运动员离开飞机时距地面的高度为多少?（2）离开飞机后，经过多少时间才能到达地面?（g=10m/s2

）【答案】（1）305m；（2）9.85s【解析】【分析】【详解】（1）由222122vvah−=−可得运动员打开伞时的速度为160m/sv=运动员打开伞前做自由落体运动211180m2vhg==运动员离开飞机时距地面高度12305mHhh=+=（2）自由落体运动的时间为116

svtg==打开伞后运动的时间2123.85svvta−==−离开飞机后运动的时间129.85sttt=+=14.一个同学在“探究平抛运动的规律”的实验中，只画出了如图所示的一部分曲线，于是他在曲线上取水平距离x相等的三点A、B、C，量得0.4mx=，又量出它们之间的竖直距离分别为h1=0.

1m，h2=0.5m。g取10m/s2，求：（1）物体从A到B所用的时间；（2）物体抛出时的初速度大小；（3）物体经过B点时速度大小【答案】（1）0.2s；（2）2m/s；（3）2.5m/s。【解析】【详解】（1）在竖直方向上，根据2hgt=，可得物体从A到B所用的时间210.

50.10.2s10hhhtgg−−====（2）物体抛出时的初速度00.4m/s2m/s0.2xvt===（3）经过B点时的竖直分速度120.10.5m/s1.5m/s220.2Byhhvt++===物体经过B点的速度222201.52m/s2.5m/sBByvv

v=+=+=15.如图所示，在粗糙水平面上依次放有两块质量分别为m1=15kg、m2=10kg平板A、B，长度均为L=2m，一个质量为m3=20kg的小滑块C以v0=6m/s的水平初速度滑上平板A的上表面。A与地面之间的动摩擦因数为μ1

=0.3，B与地面之间的动摩擦因数为μ2=0.2，滑块C与平板A、B之间的动摩擦因数相同，设为μ3。（假设最大静摩擦力与相对应的滑动摩擦力大小相等，g=10m/s2）（1）若小滑块C滑上平板A时，平板均不动，而滑上平板B时，平板B开始滑动，求μ3应满足的条件；（2）若μ3=0.5，求滑块

C从开始滑上平板A到最终相对地面静止时，运动的时间。【答案】（1）30.30.625；（2）26s15【解析】【详解】（1）若滑上平板A时，平板不动对A、B系统有3311322()mgmmgmg++解得30.625若滑上平板B

时，B开始滑动，对B进行受力分析有33223()mgmmg+解得的30.3故3应满足的条件为30.30.625（2）若30.5=，可知当C在A上滑动时，A不动；当C滑上B时，B开始向右滑动。

设C在A上做匀减速运动的加速度大小为1a，则有321335m/smgma==设C滑到A末端的速度为1v，则有221102aLvv−=−解得14m/sv=设C在A上运动时间为1t，则有01110.4svvta−==此后，C滑上B，C做初速度为1v、加速度为2

15m/sa=的匀减速运动，B做初速度为0的匀加速运动；设B的加速度2a，根据牛顿第二定律有3322322()mgmmgma−+=解得224m/sa=经过时间2t，C、B具有相同速度2v，可得211222vvatat=−=联立解得24

s9t=，216m/s9v=当C、B达到相同速度2v时，C相对于B的位移大小为212228m229vvstvtL+==−可见，此时C仍在B上，此后一起向右做匀减速运动直至停止，设加速度大小为3a，根据牛顿第二定律有22323

3()()mmgmma+=+解得232m/sa=此过程C运动时间为2338s9vta==所以C运动总时间为12348260.4ssss9915tttt=++=++=