【文档说明】【精准解析】广西北流市实验中学2019-2020学年高二下学期期中考试物理试卷.doc，共(16)页，1.058 MB，由小赞的店铺上传

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广西北流市实验中学2019-2020学年高二（下）期中考试理科综合物理试题二、选择题(本大题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14一18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不

全的得3分，有选错或不选的得0分。请选出符合题目要求的一项或多项填入答题卷中。)1.现在的核电站都是利用铀235核裂变发生链式反应，释放巨大能量进行发电。广西防城港核电站目前正运营，其反应堆的核反应方程为2351448919256360U+XBa+Kr+3n。其同位素铀238自然界含量大却不适

用，一般发生衰变，半衰期为44.7亿年。则下列说法中正确的是（）A.该反应中X是电子B.高温高压可以缩短半衰期C.14456Ba中有88个中子D.14456Ba的结合能比23592U的结合能大【答案】C【解析】【详解】A．根据核反应过程中质量数和电荷

数守恒，可得X的质量数为：1448932351，电荷数为：5636920，因此X应为中子，故A错误；B．半衰期不会因为物理或化学条件而改变，B错误；C．根据质量数为质子数与中子数之和，得

14456Ba中的中子个数为：1445688，C正确；D．根据组成原子核的核子数越多，原子核的结合能越大，可得14456Ba的结合能比23592U的结合能小，故D错误。故选C。2.自行车是绿色出行的一种重要交通工具，曾经流行通过车自身前进带

动小发电机为车灯供电。图（甲)为发电机结构简图，若100匝矩形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的中心轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化曲线如图（丙)所示。外接车灯的阻值R=4Ω，线圈的电

阻r=1Ω，则下列说法正确的是（）A.线圈转动频率为50HzB.0.01s末穿过线圈的磁通量最大C.用电流表测得线圈回路的电流值为1AD.R消耗的热功率为2W【答案】D【解析】【详解】A．由图乙可知，交流电的周期0.04sT，故线圈转动的频率为125HzfT，故A错误；B．0.01s末产生

的感应电动势最大，此时线圈平面与中性面垂直，穿过线圈的磁通量为零，故B错误；C．线圈的电流最大值：5A1A41mmEIRr电流表测得有效值：2A22mII故C错误；D．R消耗的热功率为：22WPIR故D正确。故选D。3.手机无线充

电装置的技术已较为成熟，充电原理如图。充电板接交流电源，板内的送电线圈可产生交变磁场，从而使手机内的受电线圈产生交变电流，再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电，下列说法正确的是（）A.手机外壳用金属材料制作能够加快充电速度，降低能耗B.受电线圈中交变电流的频率与发射

线圈中交变电流的频率相同C.如果图示方向的磁场在变强，受电线圈中c点的电势高于d点的电势D.在送电线圈电压不变的情况下，增加送电线圈匝数可以提高受电线圈的电压【答案】B【解析】【详解】A．外壳不能使用金属材

料，若使用金属材料外壳也会发生电磁感应，形成回路，消耗能量，同时金属壳屏蔽受电线圈，无法充电，故A错误；B．据电磁感应原理，接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同，故B正确；C．通过楞次定律结合右手螺旋法则，知电流由d流出，相当于电源正

极，d点电势高于c点，故C错误；D．在送电线圈电压不变的情况下，增加送电线圈匝数不改变送电线圈的电流和周围的磁场，不可以提高受电线圈的电压，故D错误。故选B。4.前段时间热播的电视剧《冰糖炖雪梨》中棠

雪与夏梦欢进行了一次试验，甲、乙两人静止在光滑的冰面上，甲推乙后，两人向相反的方向滑去，已知甲的质量为45kg，乙的质量为50kg。关于分开后两人的动量和速率，下列说法正确的是（）A.两人的总动量增加B.甲与乙两人的速率之比为10：9C.质量大的

人动量数值大D.甲与乙两人的速率之比为1：1【答案】B【解析】【详解】AC．甲乙组成的系统，初状态总动量为零，由于推动过程中动量守恒，所以甲乙的总动量大小始终为零，与甲乙的质量无关，故AC错误；BD．甲、乙两人组成的系统动量守恒，以两人组成的系统为研究对象，以

甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：0mvmv甲甲乙乙解得5010459vmvm甲乙乙甲B正确，D错误。故选B。5.如图所示，接线柱a、b接在电压u=311sin314t（V）的正弦交流电源上，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制

成的传感器，电阻随着温度的升高而减小，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻，若原副线圈匝数比为n1：n2。当传感器R2所在处出现火警时，以下说法中正确的是（）A.副线圈的电阻增大B.ab端的

输出功率不变C.电流表A1示数增大，电压表V2示数减小D.n1：n2=U1：U2（U1、U2分别为V1、V2示数）【答案】C【解析】【详解】ABC．当传感器2R所在处出现火警时，2R的电阻减小，导致副线圈电路的总电阻减小，则副线圈的输出电流增大，根据变流比可知，原线圈的输入电流增

大，电流表1A测量的是原线圈的输入电流，则电流表1A示数变大，由于电源的电压不变，则原线圈输入电压不变，匝数比不变，根据变压比可知，副线圈输出电压也不变，所以电压表1V的示数不变，由于副线圈中电流增大，3R的两端电压变大，则电压表2V的示数变小，

即1R的两端电压变小，根据欧姆定律可知，电流表2A的示数变小，副线圈功率P=2UR并，知功率增大，ab端的输出功率变大，故AB错误，C正确；D．原、副线圈匝数比等于原、副线圈两端电压之比，故D错误。故选C。6.光电效应由赫兹于1887年发现，爱因斯坦首先成功解释此现象并获得了1921年诺

贝尔物理学奖。假若用频率为ν的某单色光照射锌板，光电子逸出锌板表面的最大初动能为Ek，普朗克常量为h。则下列判断正确的是（）A.若增加该单色光的光照强度，则逸出电子的最大初动能也增大B.若单色光的频率变为2ν，则逸出电子的最大初动能为2EkC.金属锌的逸出功可表

示为hν−EkD.能使锌产生光电效应的单色光的最低频率为khE【答案】CD【解析】【详解】A．根据爱因斯坦光电效应方程可知kEhW即逸出电子的最大初动能与入射光的频率有关，与入射光的强度无关，若增加该单色光的光照强度，则逸出电子的最大初动能不变，故A错误；B．若单色光的频

率变为2ν，金属的逸出功W不变，则逸出电子的最大初动能kk22EhWE故B错误；C．根据光电效应方程可知，金属锌的逸出功为kWhE故C正确；D．能使锌发生光电效应的单色光的最低频率为金属锌的极限频率k0EWhh故D正

确。故选CD。7.上海迪士尼的游玩经历会让你流连忘返，旋转木马是一个不错的娱乐项目。假设一个质量为20kg的木马在最低点由静止开始运动，竖直向上为正方向，合力F随时间t按如图所示的规律变化。下列说法正确的是（）A.0~4s内，木马完成一个周期的上下运动B.第2s末，木马

的动量为20kg·m/sC.第3s末，木马的加速度大小为0.1m/s2D.第4s末，木马的速度为零【答案】BD【解析】【详解】A．0~2s木马向上做加速运动，2~4s木马向上做减速运动，整个过程一直向上运动，未完成一个上下周期运动，A错误；B

．F-t图象与坐标轴围成的面积表示合力的冲量。由动量定理得，第2s末的动量202kgm/s20kgm/s2PFtB正确；C．第3s末，木马的加速度为21m/sFam负号表示方向与速度方向相反，C错误；D．0~4s内，木马的所受合力冲量为零，

动量变化量为零，由于初动量为零，因此末动量一定为零，即4s末，木马的速度为零，D正确。故选BD。8.如图所示，等腰直角三角形金属框abc右侧有一有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，ab边与磁场两边界平行，磁场宽度大于bc边的长度。现使框架沿bc边方向匀速穿过磁场区域，t=0时，c点恰好达到磁场左

边界。线框中产生的感应电动势大小为E，感应电流为I（逆时针方向为电流正方向），bc两点间的电势差为Ubc，金属框的电功率为P。图中上述各量随时间变化的图像可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】BC【解析】【详解】A．根据导体棒切割磁场产生的动生电动势为EBlv可知，第一阶

段匀速进磁场的有效长度均匀增大，产生均匀增大的电动势，因磁场宽度大于bc边的长度，则第二阶段线框全部在磁场中双边切割，磁通量不变，线框的总电动势为零，第三阶段匀速出磁场，有效长度均匀增大，产生均匀增大的电动势，故Et图像的第三阶段画错，故A错误；B．根据闭合电路的欧姆

定律EiR，可知第一阶段感应电流均匀增大，方向由楞次定律可得为顺时针(负值)，第二阶段电流为零，第三阶段感应电流均匀增大，方向逆时针(正值)，故it图像正确，故B正确；C．由部分电路的欧姆定律bcbcUiR，可知bcUt图像和it图像

的形状完全相同，故C正确；D．金属框的电功率为2PiR，则电流均匀变化，得到的电功率为二次函数关系应该画出开口向上的抛物线，则Pt图像错误，故D错误。故选BC。第二卷非选择题部分9.学校物理实验室的老师用如图所示的实验装置为同学们验

证动量守恒定律。气垫导轨上安装了两个光电门，气垫导轨左端装一个弹射装置，滑块可被弹射装置向右弹出，质量为m1的滑块甲和质量为m2的滑块乙上装有宽度相同的挡光片。开始时，滑块甲靠在已被锁定的弹射装置处，滑块乙静置于两个光电门之间，滑块甲弹出后通过光电门1再与滑块乙发生碰撞，碰撞后要使两个滑块能够通

过光电门2。(1)下列选项中不属于本实验要求的是______（请填写选项前对应字母）；A．气垫导轨应调节水平B．滑块甲的质量一定要等于滑块乙的质量C．滑块甲的质量应大于滑块乙的质量(2)某次记录滑块甲通过光电门1的时间为1t，滑

块乙通过光电门2的时间为2t，滑块甲通过光电门2的时间为3t。若等式_________（用对应物理量的符号表示）成立，可说明碰撞过程中系统动量守恒；(3)若实验室停电了仍然使用这套器材，会导致测得的系统碰撞前总动量____（选填“大于”、“等于”或“小于

”）碰撞后的总动量。【答案】(1).B(2).121123mmmttt(3).大于【解析】【详解】(1)[1]A．为了保证系统在水平方向动量守恒定律，气垫导轨应调节水平，故A不符合题意；BC．碰撞后要使两个滑块能够通过光

电门2，需要满足甲的质量大于乙的质量，否则碰撞后甲会静止或被反弹，如果滑块甲的质量等于滑块乙的质量，碰撞后甲会静止，故B符合题意，C不符合题意。故选B。(2)[2]碰撞前甲的速度11dvt碰撞后乙的速度22dvt甲的速度33dvt如果满足能量守恒定律

，碰撞前后动量守恒定律112132dddmmmttt即121123mmmttt(3)[3]滑块与导轨间的摩擦，会导致甲乙碰撞前的速度比甲通过光电门时的速度小，则系统碰撞前的总动量大于碰撞后的总动量。10.1831年法拉第进行了大量的实验研究电磁

感应现象，器材比现在的要简陋许多。我们现在的实验室使用如下图器材探究感应电流产生的条件，其中包含电池组、滑动变阻器、线圈两个、灵敏电流计、导线、开关。（1）下列说法中正确的是________。A．开关闭合

瞬间，电流计指针不会发生偏转B．开关断开，线圈A放在线圈B中，或线圈A插入和拔出线圈B，两种情况电流计都会偏转C．开关闭合，线圈A插入或拔出线圈B的过程中会产生感应电流，且速度越大，电流计指针偏转越大D．开关闭合，滑动变阻器的滑片D匀速滑动时，电流计指针不会发生偏转（2）在实验

中，我们可以知道产生感应电流的条件有：________、_________。【答案】(1).C(2).闭合电路(3).磁通量发生变化【解析】【详解】（1）[1]A．开关闭合瞬间，线圈A电流由无至有，线圈B中磁通量由无至有，发生变化，则引起电流计指针偏转，故A错误；B．开关断开，不能形成回路

，不满足产生感应电流的条件，故B错误；C．滑动变阻器的滑片D滑动越快，穿过线圈的磁通量的变化率越大，产生的感应电动势越大，感应电流越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故C正确。D．滑动变阻器的滑片D匀速滑动时，穿过线圈的磁通量发生变化，则电流计指针会发生偏转，故D错误；故选C。

（2）[2][3]产生感应电流的条件有：必须是闭合回路且穿过闭合回路的磁通量发生变化。11.如图所示，电阻Rab=0.1Ω，质量m=0.2kg，长度为l=0.5m的导体棒ab沿导线框向右做匀速运动，它们的动摩擦因数为μ=0.2，线框中接

有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，导轨间距L=0.4m，运动速度v=10m/s，g=10m/s2，线框的电阻不计。（1）电路abcd中相当于电源的是哪部分？其两端哪点的电势高？（2）使导体ab向右匀速运动所需的外力的大小和方向？（3）撤去

外力后导体棒继续向前再滑行了0.8m，求这个过程中通过导体棒横截面的电荷量？【答案】（1）ab棒相当于电源，a端电势较高；（2）0.432N，方向向左；（3）0.064C【解析】【详解】（1）电路abcd中ab棒切割磁感线，产生感应电动势，相当于电

源，由右手定则判断可知：ab中感应电流方向由ba，则相当于电源的正极是a端，电势较高。（2）运动过程中导体棒的感应电动势为EBLv①感应电流为abEIRR②ab杆所受的安培力为AFBIL③由左手定则得知，安培力F的方向向左，棒做匀速直线运动，则棒受到的拉力大小为AFFf④其中

fmg；联立以上各式解得0.432NF方向向左。（3）撤去外力后设经时间t导体棒停止运动，该过程产生的平均电动势为Et⑥平均电流为abEIRR⑦这个过程中通过导体棒横截面的电荷量为qIt⑧联立上式解得0.064Cq1

2.如图所示，某货场需将质量为m=20kg的货物（可视为质点）从高处运送至地面，为避免货物与地面发生撞击，现利用光滑倾斜轨道MN、竖直面内圆弧形轨道NP，使货物由倾斜轨道顶端距底端高度h=4m处无初速度滑下，两轨道相切于N点，倾斜轨道与水平面夹角为θ=60°，弧形轨道半径R=4m，末端切线水平。

地面上紧靠轨道放着一块木板，质量为M=30kg，长度为L=10m，木板上表面与轨道末端P相切，若地面光滑，货物恰好未滑出木板，木板获得的最大速度为v=4m/s，不考虑货物与各轨道相接处能量损失、最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2，求：（1）

货物到达倾斜轨道末端N点时所用的时间t；（2）在圆弧轨道上NP滑动过程中，摩擦力对货物做的功Wf；（3）为避免木板在地面上滑行的距离过大，在地面上涂了防滑涂料，使木板与地面间的动摩擦因数μ0=0.2，判断货物是否会

滑出木板。【答案】（1）t415s；（2）Wf=-200J；（3）S=16.7m＞L，所以滑出木板【解析】【详解】（1）货物在倾斜轨道上滑动sinmgma21sin2hatθ可得；t415s（2）木块最终未滑出木板，则0()mvMmv由动能定理201(1cos)2fmg

hmgRWmv可得Wf=-200J（3）参考答案①22011()22mgLmvMmv木块滑上木板后，因为0()mgMmg所以，木板相对地面未滑动2012mgSmv可得：S=16.7m＞L所以滑出木板参考答案②地面粗糙相比于地面光滑，木板与货物间相对加

速度减小，则当相对位移等于木板长度时，相对末速度不为零，则一定会滑出参考答案③用图像法可知，当地面粗糙时，木板的加速度小于地面光滑时，其v-t图像如虚线所示，则相对位移等于木板长度时一定不能获得共同速度，所以一定滑出（二）选考题:共45分。请考生从给出的2道物理

题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多答，则每科按所答的第一题计分。13.下列说法正确的是()A.“破镜不能重圆”说明分子间存在着斥力B.不同温度下，液体的扩散速度可能与固体扩散速度相同C.气体对容器的压强是大量气体分子对器壁的碰撞引起的D.液体与大气接触的表面层内分子的

势能比液体内部的小E.高山上煮饭很难熟透，是因为气压低，水的沸点降低了【答案】BCE【解析】【详解】A．当分子间距的数量级大于-910m时，分子力已微弱到可以忽略，碎玻璃不能拼在一起，是由于分子间距离太大，不存在作用力，故A错误；B．在相同温度下则液体比固体的扩散速度快，而

在不同温度下，液体的扩散速度可能与固体扩散速度相同，故B正确；C．气体压强由大量分子撞击容器壁引来起的，类似于雨滴打在雨伞上产生压力一样，故C正确；D．液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离，分子表现为引力，分子势能随着分子距离的增大而增大，所以液

体表面层的分子有更大的分子势能，故D错误。E．高海拔地区气压较低，水的沸点降低了，没到100度就已经沸腾，而米饭至少要到100摄氏度左右才能够被煮熟，故E正确。故选BCE。14.如图，气缸左右两侧气体由绝热活塞隔开，活

塞与气缸光滑接触．初始时两侧气体均处于平衡态，体积之比V1:V2=1:2，温度之比T1:T2=2:5．先保持右侧气体温度不变，升高左侧气体温度，使两侧气体体积相同；然后使活塞导热，两侧气体最后达到平衡．求：(1)两侧气体体

积相同时，左侧气体的温度与初始温度之比；(2)最后两侧气体的体积之比．【答案】（1）2；（2）54【解析】【详解】（1）设初始时压强为p左侧气体满足：111pVpVTkT右侧气体满足：2pVpV解得:22VkV（2）活塞导热达到平衡左侧气体满

足：1111pVpVkTT右侧气体满足：222pVpVTT平衡时12TT解得:122154VTVkT15.如图甲为一列沿x轴正向传播的简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象。则由图可知该波。A.波长为4mB.波

速为18m/sC.频率为5HzD.t=0.1s时，P点在平衡位置向y负方向振动E.t=0.45s时，P点位于波谷位置【答案】ACE【解析】【详解】ABC．根据图甲可知，λ=4m，根据图乙可知，T=0.2s，频率f=5Hz，则波速为20m/svT故B错

误，AC正确；CD．由乙图可知，t=0.1s时P点由平衡位置向y轴正向振动，在t=0.45s时，即214tT周期，可由图判断P点位于波谷位置，故D错误，E正确。故选ACE。16.如图所示,玻璃三棱镜ABC的截面为等腰直角三角形,∠

A=∠C=45°，一束单色光线从AB上的O点射入三棱镜,光线与AB边的夹角θ=30°,折射光线恰好通过AC边的中点D.已知该玻璃的折射率3n,AB边长为a,光在真空中的传播速度为c.求:光线从O点到D点的传播时

间.【答案】ac【解析】【分析】由折射定律求出夹角，根据几何关系得到光传播的距离，即可求出传播时间.【详解】设光线在玻璃中的折射角为α，由折射定律sin(90)sinn解得：30可知，60AOD设OD的距离为d，由正弦定律得：=sin45sin60d

AD22ADa解得：33da又光在玻璃中的传播速度cvn光线从O点到D点的传播时间dtv联立解得：atc【点睛】本题是几何光学问题，其前提是明确光路图，根据几何知识确定入射角与折射角．