【文档说明】辽宁省鞍山市普通高中2022-2023学年高二上学期期中测试 物理 试题（A卷）答案.docx，共(16)页，1.222 MB，由envi的店铺上传

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2022-2023学年度上学期期中考试高二物理（A）时间：75分钟满分：100分考试范围：必修三第11、12、13章：选择性必修二第1章，第二章前2节第Ⅰ卷（选择题共46分）一、选择题（本题共10小题。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每个小题4分：第8~10题有多项

符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分）1.现在人们可以利用无线充电板为手机充电，如图所示为充电原理图。充电板接交流电源。对充电板供电，充电板内的送电线圈可产生交变磁场，从而使手机内

的受电线圈产生交变电流，再经整流电路转变戒直流电后对手机电池充电。电磁感应的发现者为（）A.奥斯特B.法拉第C.特斯拉D.楞次【答案】B【解析】【详解】电磁感应是英国科学家、化学家法拉第于1831年10月17日首次发现的。故选B。2.如图所示，磁场中的通电导线所受安培力方向正确的是（）A.B.

C.D.【答案】C【解析】【详解】根据左手定值可知，A图中的安培力应该垂直磁感线水平向右；B图中安培力应垂直磁感线向下；C图中安培力应垂直电流向下；D图电流与磁场方向平行，不受安培力。故选C。3.“探究影响感应电流方向

的因素”的实验装置如图所示，某实验小组在实验中判断出电流从电流计正极（右）流入时，指针向右偏转。现将磁铁从线圈上方某位置向上拔出线圈时，发现电流计的指针向右偏转，则（）A.条形磁铁上极是N极B.线圈内磁通量逐渐减小，感应电流的磁场与原磁场的方向相反C.磁铁在竖直拔出过程中，感应电流在线圈内部

磁场的方向向下D.若将磁铁竖直向下插入线圈，电流计指针仍向右偏转【答案】C【解析】【详解】ABC．电流计的指针向右偏转，根据螺线管的绕向，说明螺线管中电流顺时针方向（俯视），根据安培定则，螺线管产生的感应电流磁场方向是向下的，磁铁向上拔出线圈，磁通量减小，根

据楞次定律，感应电流磁场方向要与原磁场方向相同，说明原磁场方向（磁铁在螺线管中的磁场）向下，所以条形磁铁下极是N极。故AB错误，C正确；D．若将磁铁竖直向下插入线圈，磁通量向下增大，感应电流磁场方向向上，螺线管中电流逆时针方向（俯视），则电流从电流计负极（左）流入，指针向左偏转，故D错误。故选C4

.光滑绝缘水平面上垂直穿过两根长直导线，俯视图如图所示，两根导线中通有大小相同，方向相反的电流，电流方向如图所示，水平面上一带电滑块（电性未知）以某一初速v沿两导线连线的中垂线入射，运动过程中滑块始终未脱离水平

面，下列说法正确的是（）A.小球将做匀速直线运动。B.小球将先做减速运动后做加速运动C.小球将向左做曲线运动D小球将向右做曲线运动【答案】A【解析】【分析】【详解】根据安培定则，在两直导线连线的垂直平分线上各点的磁感应强度与速度方向平

行，故小球不受洛仑兹力，重力和支持力平衡，故合力为零，小球将在水平面内沿速度方向做匀速直线运动；故选A。5.恒流源可以提供大小和方向恒定的电流，如图所示，当滑动变阻器滑片向下滑动时（）A.R1的电压变小，灯L变亮B.R1电压变大，灯L变

暗C.R1的电压变小，灯L变暗D.R1的电压变大，灯L变亮【答案】B【解析】【分析】【详解】由图知，R1与R2串联后再与灯L并联，当滑动变阻器滑片向下滑动时，R2接入电路中的阻值减小，总电阻减小，而电源输出电流不变，由UIR=可知，电源

电压变小，即灯泡L两端电压减小，故灯L变暗；由于流过L的电流减小，电源输出电流又不变，所以流经R1的电流增大，则R1的电压变大，故选B。6.如图所示，电源电动势12VE=，内阻3Ωr=，01ΩR=，直流电动机内阻M1ΩR=。

当调节滑动变阻器1R时可使图甲中电路的输出功率最大；调节2R时可使图乙中电路的输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作（其额定输出功率02WP=），则1R和2R接入电路中的阻值分别为（）.的A.2Ω、2

ΩB.2Ω、1.5ΩC.1.5Ω、1.5ΩD.1.5Ω、2Ω【答案】B【解析】【详解】图甲为纯电阻电路，根据公式222()4EPIRRrrR==−+出外外外当外电阻与电源内阻相等时，电源的输出功率最大，则1R接入电路的阻值为103Ω1Ω2ΩRrR=−=−=图乙是非纯电阻电路，则电源的输出功率为2(

)3(2)12PUIIEIrI==−=−−+当2AI=时，输出功率最大，此时电动机的输出功率为02WP=电动机的发热功率为2M4WPIR==热则电动机的输入功率为002W4W6WPPP=+=+=入则电动机两端电压为M6V3V2PUI===入则电阻2R两端的电压为2M3VUEIr

U=−−=则电阻2R阻值为223Ω1.5Ω2URI===故选B。7.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示。若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，下列各图中正确的是（）A.B.C

.D.【答案】D【解析】【详解】试题分析：由图可知，0-1s内，线圈中磁通量的变化率相同，故0-1s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，即电流为负方向；同理可知，1-2s内电路中的电流为顺时针，2-3s

内，电路中的电流为顺时针，3-4s内，电路中的电流为逆时针，由BSEtt==可知，电路中电流大小恒定不变．故选D考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律【名师点睛】本题要求学生能正确理解B-t图的含义，注意图线的斜率等于磁感应强度的变化率

，斜率的符号能反映感应电流的方向，知道这些才能准确的利用楞次定律进行判定．8.如图所示，甲是回旋加速器，乙是磁流体发电机，丙是速度选择器，丁是霍尔元件，其中丙的磁感应强度大小为B、电场强度大小为E，下列说法正确的是（）A.甲图要增大粒子的最

大动能，可减小磁感应强度B.乙图可判断出A极板是发电机的正极C.丙图中粒子沿直线通过速度选择器的条件是EvB=D.丁图中可以判断形成电流的电荷（载流子）是正电荷【答案】CD【解析】【详解】A．根据洛伦兹力提供向心力可

知2vBqvmr=解得Bqrvm=故最大动能为2222122kmaxqBrEmvm==增大粒子的最大动能，可增大磁感应强度或D形盒子的半径，故A错误；B．由左手定则可知正离子向下偏转，所以下极板带正电，A板是电源的负极，B板是电源的正极，故B错误；C．电场的方向与B的方向垂直，带电粒子进入

复合场做匀速直线运动，受电场力和洛伦兹力，且二力平衡，即EqBqv=则EvB=故C正确；D．电场强度方向向下，可知上方为霍尔元件的高电位点，若载流子带正电，由左手定则可知，洛伦兹力向上，大拇指指向霍尔元件的高电位点，故D正确。故选CD。9.如图所示，竖直放置的两根足够长平行金属导轨相距L，导轨

间接有一定值电阻R，质量为m、电阻为r的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触，且无摩擦，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，重力加速度为g，现将金属棒由静止释放，金属棒下落高度为h时开始做匀速运动，在此过程中（）A.导体棒的最大加速度为gB.导体棒匀速运动前做加速度不

断减小的变加速运动C.导体棒的最大速度为22mgRBLD.通过电阻R的电荷量为BLhRr+【答案】ABD【解析】【详解】A．当金属棒开始运动时，无感应电流，无安培力，则此时加速度最大，由于金属棒只受重力，

则此时加速度为g，故A正确；B．由于速度的最大，由于EBLv=则感应电动势增大，则感应电流增大，由安培定则和左手定则可知，安培力方向向上，且FBIL=安则安培力增大，由牛顿第二定律可知mgBILma−=加速度逐渐减

小，直到mgBIL=受力平衡做匀速运动，则导体棒匀速运动前做加速度不断减小的变加速运动，故B正确；C．当速度最大时，可知mgBIL=由于maxBLvEIRrRr==++可得max22()mgRrvBL+

=故C错误；D．通过电阻R的电荷量为BLhtqIttRrRrRr====+++故D正确。故选ABD。10.如图所示，直线MN与水平方向成60角，MN的右上方存在垂直纸面向外的匀强磁场，左下方存在垂直纸面向里的匀强磁场，两磁场的磁

感应强度大小均为B。一粒子源位于MN上的a点，能水平向右发射不同速率、质量为m（重力不计）、电荷量为(0)qq的同种粒子，所有粒子均能通过MN上的b点。已知abL=，则粒子的速度可能是（）A.36qBLmB.33qBEmC.32qBLmD.

3qBLm【答案】AB【解析】【分析】【详解】由题意可知粒子可能的运动轨迹如图所示所有圆弧圆心角均为120，所以粒子运动的半径为3(1,2,3,)3Lrnn==由洛伦兹力提供向心力得2qvBmr=则31(1,2,3,)3qBrqBLvnmmn===

故AB正确，CD错误。故选AB。第Ⅱ卷（非选择题共54分）二、非选择题（本题共5小题，共54分）11.下面甲图中游标卡尺的读数为___________mm；乙图中螺旋测微器的读数为的___________mm；丙图中电流

表接0~0.6A量程时读数为___________A。【答案】①.11.4②.0.960③.0.42【解析】【详解】[1]10分度的游标卡尺精确度为0.1mm，其读数等于主尺读数与游标尺读数之和，所以甲图的读数为111mm40.1mm11.

4mmd=+=[2]螺旋测微器的精确度为0.01mm，螺旋测微器的读数等于固定刻度读数与可动刻度读数之和，所以乙图的读数为20.5mm46.00.01mm0.960mmd=+=[3]0~0.6A量程的分度值为0.0

2A，读数需要精确到0.01A，所以丙图的读数为210.02A0.42AI==12.某实验小组在实验室发现一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，设计如图甲所示的电路进行实验探究。其中MN为电阻丝，0R是阻值为1.

0的定值电阻，实验中调节滑动变阻器的滑片P，记录电压表示数U，电流表示数I以及对应的PN长度x，绘制了-UI图线如图乙所示。（1）由图乙求得电池的电动势E=________V，内阻r=________；（结果均保留两位小

数）（2）根据实验数据可绘出-UxI图像如图丙所示。图像斜率为k，电阻丝横截面积为S，可求得电阻丝的电阻率=______，测得的电阻率________真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）。【答案】①.1.49②.0.45③.

kS##Sk④.等于【解析】【详解】（1）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有0()UEIRr=−+所以U-I图像的纵截距表示E，斜率的绝对值表示R0+r，则由图可知1.49VE=01.491.20.450.20rR−=−=（2）[3]根据欧姆定律可得PN段的阻值为URI=根据电阻

定律有xRS=联立以上两式可得UxIS=由题意可得kS=解得kS=[4]当考虑电流表内阻对实验的影响时，有AUIrxRIS−==整理得AUxrIS=+由此可知电流表内阻不影响所作图线的斜率，因此测得的电阻率等于真实值。13.利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已

知电源电动势6VE=，电源内阻1Ωr=，电阻3ΩR=，重物质量0.10kgm=，当重物过重电动机被卡住时，电压表的示数为15VU=；当电动机以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为25.5VU=。不计各种

摩擦，电压表可视为理想电表，g取210m/s，求：（1）电动机的内电阻MR；（2）重物匀速上升时电动机的输出功率；（3）重物匀速上升时的速度大小。【答案】（1）M2ΩR=；（2）1.5WP=机；（3）1.5

m/sv=【解析】【详解】（1）电动机卡住时为纯电阻，由闭合电路欧姆定律得111AEUIr−==由于11M()UIRR=+代值可得M2ΩR=（2）重物匀速上升时，由闭合电路欧姆定律可知220.5AEUIr−==则M224VUUIR=−=电动机

的输入功率为M22WPUI==电动机的发热功率为22M0.5WPIR==热电动机的输出功率为1.5WPPP=−=热机（3）重物匀速上升时，牵引力为1NFmg==由于PFv=机解得1.5m/sv=14.如图甲所示，螺线管线圈的匝数1500n=匝，横截面积220cmS=，导线的总电阻4r=

，定值电阻22R=，电阻箱1R的最大阻值为99。穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按图乙所示规律变化，求：（1）线圈产生的感应电动势大小；（2）2R消耗的最大电功率；（3）1R消耗的最大电功率。【答案】（1）6V；（2）2W；（3）1.5W【解析】【详解】（1

）由乙图可知，磁感应强度的变化率62T/s2T/s2Bt−==由法拉第电磁感应定律可得螺线管中感应电动势BEnnStt==代入数据可得E=6V（2）当R1=0时电路中的感应电流最大，R2消耗的电功率最大21AEIrR==+R2消耗的电功

率P2=I2R2=2W（3）当R1=r＋R2时R1消耗电功率最大，此时R1=6Ω由于210.5AEIrRR==++因此P1=I2R1=1.5W15.如图所示，平行边界M、N间有垂直边界向右的匀强电场，匀强电场的电场强度为310V/mE=，平行边界N、P间有垂直纸面向外的匀强磁场，

相邻边界间距均为0.2mL=，一个质量为1110kgm−=、电荷量为710Cq−=的带正电的粒子从电场中紧靠的边界M的O点，以垂直电场方向向上、大小为30210m/sv=的初速度射入电场，经电场偏转后，粒子进入磁场，粒子刚好不从磁场的边界P射出磁场。不计粒子的重力，求：（1）粒子从O开始第一次运

动到边界N时速度的大小；（2）匀强磁场磁感应强度的大小；（3）粒子第一次在磁场中运动的时间。【答案】（1）32210m/sv=；（2）(21)TB=+；（3）4(1.521.5)10st−=−【解析】【详解】

（1）粒子在电场中做类平抛运动，根据动能定理有2201122qELmvmv=−解得32210m/sv=（2）做粒子得运动轨迹，如图所示设粒子出电场时速度方向与N边界的夹角为，则0cosvv=解得45=设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，由几何关系有

cos45rrL+=解得(22)(0.40.22)mrL=−=−由牛顿第二定律有2vqvBmr=解得(21)TB=+（3）在磁场中运动的圆心角为32=由于tvR=解得4(1.521.5)10st−=−获得更多资源请扫码加入享学资源

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