【文档说明】【精准解析】青海省西宁市2019-2020学年高二下学期期末考试联考化学试卷.doc，共(19)页，1.420 MB，由小赞的店铺上传

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2019~2020学年第二学期高二期末考试高二理科化学试卷(时间：90分钟满分：100分)第Ⅰ卷(选择题，共50分)有关的相对原子质量：H-1C-12N-14O-16S-32Cl-35.5Na-23Mg-24Al-27Fe-56Br-80Ca-20Zn-65选择题(每小题只有一

个选项符合题意，共25题，每小题2分，共50分)1.分别将下列各物质等体积混合，在室温下剧烈振荡，静置后能形成均匀溶液的是A.乙酸乙酯水B.苯水C.乙醇水D.四氯化碳碘水【答案】C【解析】A．乙酸乙酯是有机物、

水是无机物，且乙酸乙酯中只含憎水基，所以二者不互溶，不能形成均匀溶液，故A错误；B．苯是有机物、水是无机物，且本质只含憎水基，所以二者不互溶，不能形成均匀溶液，故B错误；C．乙醇是有机物、水是无机物，但乙

醇中含有亲水基，乙醇能和水形成氢键，所以二者互溶，能形成均匀溶液，故C正确；D．四氯化碳是有机物、碘是无机物，但二者都是非极性分子，所以碘易溶于四氯化碳，但水是无机物，且四氯化碳中只含憎水基，所以二者不互溶，则四氯化碳能萃取碘水中的碘，二者混合分层，故D错误；故选C。点睛：明

确相似相溶原理内涵是解本题关键，各物质等体积混合，在室温下剧烈振荡，静止后能形成均匀溶液说明二者互溶，非极性分子的溶质极易溶于非极性分子的溶剂，有机溶质极易溶于有机溶剂，能形成分子间氢键的物质能互溶，注意D中能发生萃取现象，据此分析解答。2.

下列化学用语书写正确的是A.乙烯的结构简式：CH2CH2B.丙烯的键线式：C.乙醇的结构式：D.甲烷的电子式：【答案】D【解析】【详解】A.乙烯的结构简式为CH2=CH2，故A错误；B.丙烯的键线式为，故B错误

；C.乙醇的结构式为，故C错误；D.甲烷为共价化合物，则其电子式为，故D正确；答案选D。3.在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3∶2的化合物是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】根据有机物结构简式可判断A中有

2组峰，其氢原子数之比为3∶1，B中有3组峰，其氢原子数之比为3∶1∶1，C中有3组峰，其氢原子数之比为3∶1∶4，D中有两组峰，其氢原子数之比为3∶2。选项D正确，答案选D。4.有6种物质：①甲烷②苯③聚乙烯④乙烯⑤丙烯⑥己烷，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色

又能与溴水发生加成反应使之褪色的是（）A.③④⑤B.④⑤C.④⑤⑥D.③④⑤⑥【答案】B【解析】【分析】含有C=C键的物质既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水起加成反应使之褪色。【详解】①甲烷、②苯、③聚乙烯、⑥己烷不含有C=C键，与高锰酸钾和溴水都不反应，而④乙烯、⑤丙稀含有C=C键，

既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水起加成反应使之褪色，故B正确；答案选B。5.能说明苯分子结构中不存在单双键交替的事实是（）。A.苯的二元取代物无同分异构体B.苯的邻位二元取代物只有一种C.苯的间位二元取代物只有一

种D.苯的对位二元取代物只有一种【答案】B【解析】【详解】A．苯的二元取代物有邻、间、对三种同分异构体，A错误；B．苯分子的碳碳原子间若是单双键交替，则其邻位二元取代物应有两种，实际上，苯的邻位二元取代物只有一种，则碳碳原子间不是单双键交替，B正确；C．无论

苯的结构中是否有碳碳双键和碳碳单键，苯的间位二元取代物都无同分异构体，C错误；D．无论苯的结构中是否有碳碳双键和碳碳单键，苯的对位二元取代物都无同分异构体，D错误；答案选B。6.下列通式只表示一类物质的是()A.CnH2n+2B.CnH2nC.CnH2n-2D.Cn

H2n-6【答案】A【解析】【详解】A项、CnH2n+2分子结构中碳原子已饱和知表示烷烃，故A正确；B项、CnH2n通式可以表示单烯烃，也可以表示环烷烃，故B错误；C项、CnH2n-2通式表示炔烃、二烯烃、环

烯烃等物质类别，故C错误；D项、CnH2n-6可以是苯、苯的同系物芳香烃，也可以是多炔烃或多烯烃，故D错误；故选A。【点睛】烷烃没有官能团异构，通式只表示一类物质，说明该物质A中只能是，所以答案选A是解答关键。7.能证明苯酚具有弱酸性的实验是（）A.加入浓溴水生成白色沉淀B

.苯酚钠溶液中通入CO2后，溶液由澄清变浑浊C.苯酚的浑浊液加热后变澄清D.苯酚的水溶液中加NaOH溶液，生成苯酚钠【答案】B【解析】【详解】A.加入浓溴水生成白色沉淀，发生取代反应，无法说明苯酚的弱酸性，故A不符合题意；B

.苯酚钠溶液中通入CO2后，溶液由澄清变浑浊，说明苯酚的酸性比碳酸酸性弱，故B符合题意；C.苯酚的浑浊液加热后变澄清，说明温度升高苯酚的溶解度增大，无法说明苯酚具有弱酸性，故C不符合题意；D.苯酚的水溶液中加NaOH溶液，生成

苯酚钠，酸碱中和反应，只能说明苯酚具有酸性，故D不符合题意。综上所述，答案为B。8.下列系统命名法正确的是A.2，3﹣二乙基﹣1﹣戊烯B.2﹣甲基﹣4﹣乙基戊烷C.2﹣甲基﹣3﹣丁炔D.对二甲苯【答案】A【解析】【详解】A．2，3-二乙基-1-戊烯，主链为戊烯，在2、3号C各含有1个乙基，该命名满

足烯烃命名原则，故A正确；B．2-甲基-4-乙基戊烷，戊烷的命名中出现了4-乙基，说明选取的主链不是最长的，最长主链为己烷，在2、4号C各含有1个甲基，该有机物正确命名为：2，4-二甲基己烷，故B错误；C．2-甲

基-3-丁炔，丁炔命名中不能出现3-丁炔，说明编号方向错误，正确命名应该为：2-甲基-1-丁炔，故C错误；D．对二甲苯，苯环上对位有2个甲基，根据习惯命名法，可以命名为对二甲苯，但不是系统命名法，故D错误；故选A。9

.某有机物的结构简式为CH2＝C（CH3）—COOH，它不能发生的反应是（）A.加成反应B.聚合反应C.酯化反应D.银镜反应【答案】D【解析】【详解】分子中含有碳碳双键，可发生加成、聚合和氧化反应，含有羧基，具有酸性，可

发生中和、酯化反应，不含醛基，不能发生银镜反应；故选D。10.由CH3CH3→CH3CH2Cl→CH2=CH2→CH3CH2OH的转化过程中，经过的反应是A.取代→消去→加成B.裂解→取代→消去C.取代→加成→氧化

D.取代→消去→水解【答案】A【解析】【详解】乙烷和氯气在光照的条件下发生取代反应，生成氯乙烷，氯乙烷通过消去反应生成乙烯，乙烯和水发生加成反应生成乙醇，选A。11.用NA表示阿伏加德罗常数，下列叙述正确的是A.1.7g﹣OH中含有的电子数为NAB.乙烯和乙醇的混合物

共0.1mol，完全燃烧所消耗的氧气的分子数一定为0.6NAC.标准状况下，11.2L二氯甲烷所含分子数为0.5NAD.42g乙烯与丙烯的混合气体中含碳原子数为3NA【答案】D【解析】【详解】A．1.7g﹣OH的物质的量为0.1mol，1mol﹣OH含有的电子数为9

NA，则1.7g﹣OH中含有的电子数为0.9NA，A不正确；B．1mol乙烯与氧气反应是消耗4mol氧气，1mol乙醇与氧气完全反应时消耗3mol氧气，则乙烯和乙醇的混合物共0.1mol，完全燃烧所消耗的氧气的分子数为0.3NA，B不正确；

C．标准状况下，二氯甲烷为液态，不能用标准状况下气体摩尔体积计算，C不正确；D．乙烯与丙烯的最简式为CH2，42g乙烯与丙烯的混合气体含有3mol的CH2，则含碳原子数为3NA，D正确；故选D。12.可用来鉴别己烯、甲苯、乙酸乙酯和苯酚溶液的一组试剂是A.溴水、氯化铁溶液B.溴

水、酸性高锰酸钾溶液C.溴水、碳酸钠溶液D.氯化铁溶液、酸性高锰酸钾溶液【答案】B【解析】【详解】A．先用溴水鉴别出己烯、苯酚，溴水褪色的为己烯、加入溴水生成白色沉淀的为苯酚，但溴水、FeCl3溶液都不能鉴别甲苯和乙酸乙酯，故A不符合题意；B．先用溴水鉴别出己烯、苯酚，溴水褪

色的为己烯、加入溴水生成白色沉淀的为苯酚，剩余两种中能使酸性高锰酸钾溶液褪色的为甲苯，无明显现象的为乙酸乙酯，可鉴别，故B符合题意；C．先用溴水鉴别出己烯、苯酚，溴水褪色的为己烯、加入溴水生成白色沉淀的为苯

酚，碳酸钠溶液、溴水都不能鉴别甲苯和乙酸乙酯，故C不符合题意；D．氯化铁溶液能鉴别出苯酚，加入氯化铁溶液后溶液变为紫色的为苯酚，己烯、甲苯都能使酸性高锰酸钾褪色，即不能鉴别己烯和甲苯，故D不符合题意；故答案选B。13.有机物X、Y分子式不同，它们只含C、H、O元素中的两种或

三种，若将X、Y不论何种比例混合，只要其物质的量之和不变，完全燃烧时耗氧气量和生成水的物质的量也不变。X、Y可能是()A.C2H4、C2H6OB.C2H2、C6H6C.CH4、C2H4O2D.CH2O、C3H6O2【答案】C【解析】【分

析】X、Y无论以何种比例混合，只要总物质的量不变，完全燃烧生成水的量不变，说明X、Y两物质的化学式中，氢原子数相同；二者耗氧量相同，则X、Y两化学式相差一个或若干个“CO2”基团，符合CxHy(CO2)n，可利用分子式的拆写法判断，以此解答该题；CH4、C2H4O2含有的H数目相同，

在分子组成上相差1个“CO2”基团。【详解】A、C2H4、C2H6O含有的H数目不同，物质的量比值不同，生成的水的物质的量不同，故A错误；B、C2H2、C6H6含有的C、H数目不同，物质的量比值不同，完全燃烧耗氧气量和生成的水的物质的量不同，故B错误；C、CH4、C2H4O2含有的H数目相同

，在分子组成上相差1个“CO2”基团，只要其物质的量之和不变，完全燃烧时耗氧气量和生成水的物质的量也不变，故C正确；D、C3H6O2可写为CO2•C2H6，与C2H6O耗氧量不同，故D错误。故选C。【点睛】本题易错项为B

。考生可能混淆了物质的量总和一定和质量总和一定的比较条件。题中的限定条件是物质的量之和不变，而B项中两种物质具有相同的最简式，在质量之和不变的情况下，不论何种比例混合，耗氧量和生成的CO2的物质的量不变

。14.天然维生素P(结构为)存在于槐树花蕊中，这是一种营养增补剂。关于维生素P的叙述错误的是()A.可以和溴水反应B.要用有机溶液萃取C.分子中有三个苯环D.1mol维生素D可以和4molNaOH反应【答案】C【解析】【详解】A、酚羟基的邻、对位与溴水

发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应，故A不符合题意；B、由相似相容可知，易溶于有机溶剂，则可以用有机溶剂萃取，故B不符合题意；C、该有机物中分子中含2个苯环，中间不是苯环，故C符合题意；D、该有机物中含4个酚羟基，可以与NaOH反应，则1mo

l维生素P可以和4molNaOH反应，故D不符合题意；故选C。15.下列反应中，属于取代反应的是①CH3CH=CH2+Br2→CCL4CH3CHBrCH2Br②CH3CH2OHCH2=CH2+H2O③CH3COOH+C

H3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O④C6H6+HNO3C6H5NO2+H2OA.①②B.③④C.①③D.②④【答案】B【解析】【分析】“有机化合物分子里的某些原子或原子团被其它原子或原子团所代替的反应”为取代反应,据此分析解答。【详解】①CH3CH=CH2

+Br2CH3CHBrCH2Br属于加成反应，故错误；②CH3CH2OHCH2=CH2+H2O属于消去反应，故错误；③CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O属于酯化反应也属于取代反应，故正确；④C6H6+HNO3C6H5NO2+H2O属于取代反应，故

正确；属于取代反应的是③④，所以B选项是正确的。16.乙酰水杨酸（），俗称阿司匹林，是一种常见的解热、消炎、镇痛的药物，1mol乙酰水杨酸与NaOH溶液反应时，最多会消耗NaOH（）A.1molB.2molC.3molD.4mol【答案】C

【解析】【详解】该有机物含有羧基和酯基，水解产物为水杨酸和乙酸，水杨酸中含有酚羟基和羧基，乙酸含有羧基，水杨酸和乙酸都能与氢氧化钠发生中和反应，则当1mol阿司匹林和足量氢氧化钠溶液反应时最多需氢氧化

钠3mol，故选C。【点睛】注意把握有机物的水解产物的官能团的性质。在本题中该有机物含有羧基和酯基，水解产物为水杨酸和乙酸，水杨酸中含有酚羟基和羧基，乙酸含有羧基，这些官能团均能与碱反应。17.欲除去下列物质中混入的少量杂质

(括号内物质为杂质)，错误的是A.乙酸(乙醇)：加入金属钠，蒸馏B.乙醇(水)：加入新制生石灰，蒸馏C.己烯(苯酚)：加入NaOH溶液，充分振荡静置后，分液D.乙酸乙酯(乙酸)：加饱和Na2CO3溶液，充分振荡静置后，分液【答案】A【解析】【详解】A．乙

酸（乙醇）：金属钠与乙酸、乙醇、水均能发生反应，所以不能达到除杂的目的，故A错误；B．乙醇（水）：加入新制生石灰与水反应生成氢氧化钙，蒸馏并收集馏分即可得到乙醇，所以能达到除杂的目的，故B正确；C．己烯(苯酚)：加入NaOH溶液与苯酚反应生成易溶解于水的

盐，充分振荡静置后，分液，油层为己烯，所以能达到除杂的目的，故C正确；D．乙酸乙酯（乙酸）：加饱和Na2CO3溶液与乙酸反应，生成易溶解于水的盐，充分振荡静置后，分液，油层为乙酸乙酯，所以能达到除杂的目的，故D正

确；故选A。18.为检验某卤代烃中的卤元素，进行如下操作，正确的顺序是①加热②加入溶液③取少量该卤代烃④加入足量稀硝酸酸化⑤加入溶液⑥冷却A.③①⑤⑥②④B.③⑤①⑥④②C.③②①⑥④⑤D.③⑤①⑥②④【答案】B【解析】检验卤代烃（R－X）中的X元素，先取少量卤代

烃，卤代烃的水解需在碱性条件下，所以向卤代烃中加入氢氧化钠溶液，然后进行加热加快反应速率，溶液冷却后，由于碱性条件下，氢氧根离子干扰银离子与卤素离子的反应现象，所以应先向溶液中加入稀硝酸使溶液酸化，再加入硝酸银溶液观察是否生成沉淀，所以正确的操作顺序为：③⑤①⑥④②，答案选B。点睛：本题考

查了卤代烃的性质，易错点为卤代烃水解是碱性溶液中进行，加硝酸银时必须先加酸中和碱才能出现沉淀，注意实验的操作步骤。19.下图为实验室制取少量乙酸乙酯的装置图。下列关于该实验的叙述中，不正确．．．的是A.试管b中导气管下端管口不能浸入液面的目的是防止实验过

程中产生倒吸现象B.实验时加热试管a的目的之一是及时将乙酸乙酯蒸出，使平衡向生成乙酸乙酯的方向移动C.试管b中饱和溶液的作用是吸收随乙酸乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇D.向a试管中先加入浓硫酸，然后边摇动试管边慢慢加入乙醇，再加冰醋酸【答案】D【解析】A、挥发出的乙酸、乙醇易溶于水，试管b

中导气管下端管口不能浸入液面的原因是防止实验过程中发生倒吸现象，A正确；B、试管b中Na2CO3的作用是中和乙酸，溶解乙醇，除去随乙酸乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇，降低乙酸乙酯在溶液中溶解度，B正确；C、反应加热提高反应速率，乙酸乙酯沸点低，加热利于蒸出乙酸

乙酯，C正确；D、向a试管中先加入乙醇，然后边摇动试管边慢慢加入冰醋酸，再加浓硫酸，防止浓硫酸溶解放热造成液体飞溅，D错误；答案选D。20.既可发生消去反应，又能被氧化成醛的物质是（）A.2-甲基-1-丁醇B.2，2-二甲基-1-丁

醇C2-甲基-2-丁醇D.2，3-二甲基-2-丁醇【答案】A【解析】【分析】醇分子中，连有羟基（-OH）的碳原子必须有相邻的碳原子且此相邻的碳原子上，并且还必须连有氢原子时，才可发生消去反应。与羟基相连的碳原子上至少连有2个氢原子的醇才能被

氧化为醛。【详解】A．2—甲基—1—丁醇既可以发生消去反应，又能被氧化成醛，符合题意；B．2，2—二甲基—1—丁醇不能发生消去反应，不符合题意；C．2—甲基—2—丁醇不能发生催化氧化，不符合题意；D．2，3—二甲基—2—丁醇不能发生催化氧化，不符合题意；答案选A。21.分子式

为C9H18O2的物质A，在酸性条件下水解产物为相同条件下蒸气密度相同的B和C，其中B的催化氧化产物能发生银镜反应．则A的可能结构有（）A.6种B.8种C.10种D.12种【答案】B【解析】【详解】分子式为C9H18O2的有机物A，它能在酸性条件下水解生成B和C，则A为饱和

一元酯。B和C的相对分子质量相等，则B为饱和一元羧酸、C为饱和一元醇，且B的分子中比C少一个碳原子，说明水解后得到的羧酸B含有4个C原子，而得到的醇C含有5个C原子，B的催化氧化产物能发生银镜反应，说明B的结构可表示为C4H9-CH2OH，

含有4个C原子的羧酸有2种同分异构体：CH3CH2CH2COOH，CH3CH(CH3)COOH；丁基有4种，所以具有C4H9-CH2OH结构的醇有四种，所以有机物的同分异构体数目有2×4=8；答案选B。22.分子式为C4H8Cl2的有机物共有（不含立体异构）A.7种B.8

种C.9种D.10种【答案】C【解析】【详解】C4H8Cl2的同分异构体可以采取“定一移二”法，，由图可知C4H8Cl2共有9种同分异构体，答案选C。23.两种气态烃的混合物共2.24L(标准状况下)，完全燃烧后得3.36L(标准状况下)二氧化碳和2.7g的水。下列说法中，正确的是A.混合气体中一

定含有甲烷B.混合气体中一定含有乙烯C.混合气体中一定不含有乙炔D.混合气体中一定含有乙烷【答案】A【解析】【详解】标准状况下混合烃的物质的量为2.24L÷22.4L/mol=0.1mol，3.36L二氧化碳的物质的量为3.36L÷22.4L/mol=0.15

mol。0.15molCO2中含有0.15mol；2.7g水的物质的量为2.7g/18g/mol=0.15mol，含有0.3molH，则该混合烃含有的平均组成中C、H原子数目分别为1.5和3，即该混合烃的平均分子式为C1.5H3，该混合烃中一定含有甲烷，甲烷分子中

H原子数为4＞3，则另一种烃分子中氢原子数目一定要小于3、碳原子数目大于1.5，满足该条件的烃只有乙炔。综上所述，两种烃分别为甲烷和乙炔，答案选A。24.化学式为C4H8O3的有机物，在浓硫酸存在和加热时，有如下性质：①能分别与CH3CH2OH和CH3

COOH反应，②脱水生成一种能使溴水褪色的物质，此物质只存在一种结构简式，③能生成一种分子式为C4H6O2的五元环状化合物，则C4H8O3的结构简式为（）A.HOCH2COOCH2CH3B.CH3CH(OH)CH2COOHC.CH3CH2CH(OH)CO

OHD.HOCH2CH2CH2COOH【答案】D【解析】【分析】①能与CH3CH2OH、CH3COOH反应，说明该物质中含有羧基和羟基；②能脱水生成一种使溴水褪色的物质，该物质只存在一种结构，说明连接醇羟

基碳原子相邻碳原子上只有一种氢原子；③能生成一种分子式为C4H6O2的五元环状化合物,说明发生分子内酯化反应，除了—COOH外主链含有3个C原子，—OH位于端碳原子上；可据此分析解答。【详解】A．该物质只能和羧酸发生酯化反应，且自身不能发生酯化反应，故A错误；B．该

物质分子内酯化不能形成五元环，故B错误；C．该物质分子内酯化不能形成五元环，故C错误；D．该物质中含有羧基和酚羟基，能发生分子内酯化反应，且符合上述条件，D选项正确；答案选D。25.有机物X的蒸气相对氢气的密度为51，X中碳、氢、氧的质量之比为30∶5∶16，它属于酯类

的同分异构体有m种，属于羧酸的同分异构体有n种(不考虑立体异构)，则n、m分别是()。A.8、7B.9、4C.4、9D.6、10【答案】C【解析】【详解】有机物X的蒸气相对氢气的密度为51，则该有机物的相对分子质量为102，X中碳、氢、氧的质量之比为30∶5∶16，

则分子中含有C、H、O三种原子的个数之比是，因此结合相对分子质量可知，该有机物的分子式为C5H10O2。如果其属于酯类，可能为甲酸和丁醇酯化，丁醇有4种，可形成4种酯；可能为乙酸和丙醇酯化，丙醇有2种，可形成2

种酯；可能为丙酸和乙醇酯化，丙酸有1种，可形成1种酯；可能为丁酸和甲醇酯化，丁酸有2种，可形成2种酯，所以有9种酯；如果属于饱和一元酸，其同分异构体等于丁基的种类，共有4种，答案选C。第Ⅱ卷非选择题(50分)26.依据要求填空：(1)用系

统命名法命名：________；(2)官能团的名称是________；(3)分别完全燃烧1molC2H6、1molC2H4、1molC2H2，需要氧气最多的是________；(4)的分子式为________；(5)高聚物

的单体结构简式为：________。【答案】(1).2，3﹣二甲基戊烷(2).碳碳双键、羧基(3).C2H6(4).C4H9O2Cl(5).CH2=C(CH3)CH=CH2【解析】【详解】(1)．是烷烃，选取最长碳原子的为主链，主链含有5个，从离甲基最近的一端编号，写

出名称为:2，3-二甲基戊烷，故答案为：2，3-二甲基戊烷；(2)．中含有官能团是碳碳双键和羧基，故答案为：碳碳双键、羧基；(3)．1mol烃CxHy的耗氧量为mol，分子中C原子数目相等，故H原子数目越大

，消耗氧气越多，则C2H6的耗氧量最大，故答案为：C2H6；(4)．中含有4个C，9个H、2个O和1个Cl原子，其分子式为：C4H9O2Cl，故答案为：C4H9O2Cl；(5)．高聚物的结构简式为：，采取倒推法还原C=C双键，从分子，可得不饱和烃的结构为：CH2=C(CH3)CH=CH2，故答案为

：CH2=C(CH3)CH=CH2。27.有一种有机物X，其结构简式为：HO—CH2CH=CH—COOH，试回答下列问题：(1)X中的含氧官能团名称是_______________、_______________。(2)向X中加入金属钠，将发生反应的化学方程式

是_______________。(3)如果在X中加入NaOH溶液，将发生反应的化学方程式是________________。(4)下列关于X的说法中正确的是________________。①X既能与酸发生酯化反应，又能与醇发生酯化反应②X能够使溴水褪色，但不能使KMnO4酸

性溶液褪色③X能够发生缩聚反应，但不能发生加聚反应【答案】(1).羟基(2).羧基(3).HO—CH2CH=CH—COOH+2Na→NaO—CH2CH=CH—COONa+H2↑(4).HO—CH2CH=CH—COOH+NaOH→HO

—CH2CH=CH—COONa+H2O(5).①【解析】【详解】(1)HO-CH2CH═CH-COOH中含氧官能团为羟基和羧基，故答案为羟基、羧基；(2)羟基、羧基都可与钠反应生成氢气，方程式为HO-CH2CH═CH-COOH+2N

a→NaO-CH2CH═CH-COONa+H2↑，故答案为HO-CH2CH═CH-COOH+2Na→NaO-CH2CH═CH-COONa+H2↑；(3)只有羧基与氢氧化钠反应，方程式为HO-CH2CH═CH-COOH+NaOH=HO-CH2CH═CH-COONa+H2

O，故答案为HO-CH2CH═CH-COOH+NaOH=HO-CH2CH═CH-COONa+H2O；(4)①X含有羟基和羧基，则既能与酸发生酯化反应，又能与醇发生酯化反应，故正确；②X含有碳碳双键，可发生加成反应和氧化反应，故错误；③X含有碳碳双键，可发生

加聚反应，故错误；故答案为①。28.A、B、C、D四种芳香族化合物，它们的结构简式如图所示：请填写下列空白：(1)A的分子式为________。(2)可用于鉴别A、C的是________(填序号)。①酸性高锰酸钾溶液②碳酸氢钠溶液③氯化铁溶液(3)D为原料合成某工程塑料的流程如图

：提示：R-CH2-COOH+Cl2+HCl①D→E的反应类型________；②F的结构简式________；③G→H反应的化学方程式是________。【答案】(1).C11H14O2(2).③(3).取代反应(4).(5).+CH3OH+H2O【解析】【分析】(2)根据物质的性质分析

解答；(3)根据提供的已知信息反应知D与氯气发生取代反应生成E为，E与氢氧化钠的醇溶液加热发生消去反应和中和反应生成F为，F经酸化后得到G为，G与甲醇发生酯化反应生成H为，H发生加聚反应生成，据此分析解答。【详解】(1)由A的结构简式可知其分子式为C11H

14O2；(2)①二者均可使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能鉴别，故不符合；②二者与碳酸氢钠溶液均不发生反应，不能鉴别，故不符合；③C中含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，而A中不含酚羟基，则可用FeCl3溶液鉴别A和C，故符合；故选③；(3)①由以上分

析知，D→E的反应类型取代反应；②F的结构简式为；③G与甲醇发生酯化反应生成H为，则G→H反应的化学方程式是+CH3OH+H2O。【点睛】E为，氢氧化钠的醇溶液加热是卤代烃发生消去反应的条件，同学们往往只注意到E发生消去反应生成碳碳双键，而忽视了羧基与氢氧化钠的中和反应，

错误的得出F为，这是同学们的易错点。29.有机物A~M有如图所示转化关系，A(C9H9O2X)与F分子中所含碳原子数相同，且A均能与NaHCO3溶液反应；F的分子式为C9H10O2且不能使溴的CCl4溶液褪色

；D能发生银镜反应；M与NaOH溶液反应后的产物，其一氯代物只有一种。已知：(R1、R2代表烃基或氢原子)。请回答：(1)化合物D中含氧官能团的名称为________。(2)写出下列反应类型：反应①________；反应④____

____。反应⑦________。(3)写出下列物质的结构简式：B________；M________。(4)D发生银镜反应的化学方程式为________。(5)反应⑦的化学方程式为________。(6)确定A中X原子的实验步骤和现象为________。(7)符合下列条件的E的同分异构体共有__

______种。a.能发生银镜反应b.能与FeCl3溶液发生显色反应【答案】(1).羧基、醛基(2).取代反应(3).消去反应(4).缩聚反应(5).(6).(7).+2Ag(NH3)2(OH)+2Ag↓+2NH3↑+H2O(8).n+(n-1)

H2O(9).取反应①后的混合液少许，向其中加入稀HNO3至酸性，滴加AgNO3溶液，若生成白色沉淀，则A中含氯原子；若生成浅黄色沉淀，则A中含溴原子(10).16【解析】【分析】A与F分子中所含碳原子数相同，且均能与NaHCO3溶液反应，均含有-COOH，F的分子式为C9H10O2

，不饱和度为（2×9+2-10）/2=5，且不能使溴的CCl4溶液褪色，不含不饱和键，应含有苯环，F发生氧化反应生成M，M与NaOH溶液反应后的产物，其一氯代物只有一种，故F中应含有乙基，且与羧基处于对位，故F为，M为．由A→B→C的转化可知，C中含有-COOH，C发生氧化反应生

成D，D能发生银镜反应，结合F的结构可知，C为，故D为，B为，A的相对分子质量在180～260之间，故A中苯环上的乙基中不可能连接羟基，应为卤素原子，A的结构为，X相对原子质量大于180-28-76-

45=31，小于260-28-76=111，X可能为Cl或Br．C发生消去反应生成E为，E与氢气发生加成反应生成F．C发生缩聚反应生成高聚物H为，据此解答【详解】(1)由上述分析可知，化合物D中含氧官能团的名称为羧基、醛基，故答案为：羟基、醛基；(2)由分析可知：反应

①卤代烃发生取代反应，反应④C发生消去反应生成E为，反应⑦为C发生缩聚反应生成高聚物H为，故答案为：取代反应；消去反应；缩聚反应；(3)由分析可知：B的结构简式为：；M的结构简式为，故答案为：；；(4)D发生银镜反应的化学方程式为+2Ag(NH3)2(OH)+2Ag↓+

2NH3↑+H2O，故答案为：+2Ag(NH3)2(OH)+2Ag↓+2NH3↑+H2O；(5)反应⑦为C发生缩聚反应生成高聚物H，化学方程式为，故答案为：；(6)确定A中X原子的实验步骤和现象为取反应①后的混合液少许，向其中加入稀HNO3至酸

性，滴加AgNO3溶液，若生成白色沉淀，则A中含氯原子;若生成浅黄色沉淀，则A中含溴原子，故答案为：取反应①后的混合液少许，向其中加入稀HNO3至酸性，滴加AgNO3溶液，若生成白色沉淀，则A中含氯原子；若生成浅黄色沉淀，则A中含溴原子

；(7)E为，符合下列条件的E的同分异构体：a．能发生银镜反应，说明分子中存在醛基；b．能与FeCl3溶液发生显色反应，说明分子中存在酚羟基；符合条件的结构如下：邻、间、对3种，邻、间、对3种、醛基有4种连接方法、醛基有4种连接方法、醛基有2种连接方

法，故答案为16种。【点睛】本题考查有机推断、有机反应类型、同分异构体、化学方程式的书写等，综合分析确定F的结构是关键，较好的考查学生分析推理能力，(7)同分异构体的判断是易错点也是难点。