【文档说明】江苏省外国语学校2020-2021学年高二下学期期中调研测试物理试题含答案.doc，共(9)页，408.000 KB，由小赞的店铺上传

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高二物理2021.04（本试卷满分为100分，考试时间75分钟）注意事项：1.本次考试所有答题均在答题卡上完成．选择题必须使用2B铅笔以正确填涂方式将各小题对应选项涂黑，如需改动，用橡皮擦除干净后再选涂其它选项．非选择题必须使用标准黑色字迹签字笔书写，要求字体工整、字迹清楚．2.请严格按照答题卡上

题号在相应答题区内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试卷、草稿纸上答题无效．3.请保持答题卡卡面清洁，不要装订、不要折叠、不要破损．Ⅰ卷（选择题共44分）一、本题共11小题，每小题4分．在每小题列出

的四个选项中，选出最符合题目要求的一项．1．下列四种声现象，哪一种属于声波的干涉A.火车驶来，车站边的乘客感觉声音变尖B．隔着院墙与人谈话，虽然不见其人，却能闻其声C．环绕正在发声的音叉走一周，会觉得声音有强弱的变化D．把耳朵贴在铁轨上可以听到远处的火车声2．在太阳

内部发生的典型核反应方程是14124HHe2X→+，下列说法正确的是A．核电站利用此反应来获得核能B．该核反应属于聚变反应C．方程中的X为电子01(e)−D．该核反应前后质量数守恒，因而反应前后总质量保持不变3．一弹簧振子在光滑水

平杆上做简谐运动，已知O为平衡位置，a、b为关于O的两个对称位置，则振子在经过a、b两点时A．所受弹簧弹力相同B．相对平衡位置的位移相同C．速度一定相同D．弹簧的弹性势能相同4．蜘蛛会根据丝网的振动情况感知是否有昆虫“落网”，若丝网的固有频率为200Hz，下列说

法正确的是A．“落网”昆虫翅膀振动的频率越大，丝网的振幅越大B．当“落网”昆虫翅膀振动的频率低于200Hz时，丝网不振动C．当“落网”昆虫翅膀振动的周期为0.005s时，丝网的振幅最大D．昆虫“落网”时，丝网振动的频率

由丝网的固有频率决定5．下列①②③④四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是A．①图反映的辐射强度与波长关系，符合黑体辐射规律B．②图为放射源放出的三种射线在磁场中运动的轨迹，射线甲为α射线C．③图为α粒

子散射实验示意图，汤姆孙根据此实验提出了原子的核式结构模型D．④图是风力发电的国际通用标志6．一列沿x轴正方向传播的简谐横波，某时刻的波形如图所示．P为介质中的一个质点，从该时刻开始的一段极短时间内，对P的速度v和加速度a

的描述中，正确的是A．v大小不变，方向沿x轴正方向B．v逐渐减小，方向沿y轴正方向C．a逐渐变大，方向斜向右下方D．a逐渐变小，方向沿y轴正方向7．高空抛物危害巨大，自2021年3月1日起，高空抛物正式入刑．

假设有一枚50g的鸡蛋从10楼窗户不慎掉下，与地面接触时间约为4ms，估算其对地面的冲击力约为A．100NB．300NC．500ND．1000N8．下列关于原子核的衰变的说法，正确的是A．β衰变的实质是原子核内的一个质子转化为一个中子和一个电子B．一个原子核发生一次α衰变，新核相对于原

来的核而言，质量数和电荷数均减少2C．23892U衰变成20682Pb的过程中共经过8次α衰变和6次β衰变D．放射性元素钋的半衰期为138天，100g的钋经276天后还剩下75g9．如图为氢原子的能级图，已知可见光的光子的能量范围为1.62~3.11eV，对氢原子在能级跃迁过程中辐射或吸

收光子的特征的认识，下列说法正确的是A．用能量为10.3eV的光子照射氢原子，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态①②③④B．处于n=3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并且使氢原子电离C．一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，能辐射出4种不同频率的

光子D．处于n=4能级的氢原子向不同能级跃迁，跃迁至n=3能级时比跃迁至n=2能级时辐射的光子频率高10．原子核的比结合能随质量数变化的图像如图，下列说法正确的是A．质量数越大的原子核，核子结合得越牢固B．21H核比42He核稳定C．8936

Kr核的结合能大于23592U核的结合能D．两个21H核结合成42He核时释放能量11．影响显微镜分辨本领的一个因素是波的衍射，衍射现象越明显，分辨本领越低．利用电子束工作的电子显微镜有较高的分辨本领，它是用高压对电子束加速，最后打在感光胶片上

来观察显微图象．以下说法正确的是A．加速电压越高，电子的波长越长，分辨本领越高B．加速电压越高，电子的波长越短，衍射现象越明显C．如果加速电压相同，则用质子束工作的显微镜比用电子束工作的显微镜分辨本领高D．如果加速

电压相同，则用质子束工作的显微镜和用电子束工作的显微镜分辨本领相同Ⅱ卷（非选择题共56分）二、本题共1小题，共15分．把答案填在题中的横线上或按题目要求作答．12.（15分）为了验证动量守恒定律，某实验小组

用如图所示的“碰撞实验器”设计了如下实验．实验步骤如下：第9题图第10题图①按照如图所示的实验装置图，安装实物图；②调整斜槽末端水平，O点为斜槽末端在水平地面上的竖直投影；③在轨道上固定一挡板S，从紧贴

挡板S处由静止释放质量为1m的小球1，小球1落在P点，用刻度尺测得P点与O点的距离为L0；④在装置末端放置另一个小球2，其质量为2m．现仍从紧贴挡板S处由静止释放小球1，小球1与小球2发生正碰，小球2落在N点，小球1落在M点，测得M点与O点的距离为L1，N点与O点的距离为L2．(1)若入射小球1

的半径为1r，被碰小球2半径为2r，则实验需满足▲A．12mm，12rrB．12mm，12rrC．12mm，12rr=D．12mm，12rr=(2)要验证动量守恒定律，需验证的关系式为▲（用题目中字母表达）；(3)

该实验小组想利用上述实验结果进一步研究此碰撞是弹性碰撞还是非弹性碰撞，需比较▲和▲是否相等（用题目中直接测量的物理量的字母表达）．若相等，则是▲碰撞（填“弹性”或“非弹性”）．三、本题共4小题，共41分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后结果的不

能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（6分）如图所示，甲图为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图象，P为x1=2m位置的质点．乙图为质点P的振动图象，(1)判断波的传播方向，并计算波速的大小；(2)求从t=0时

刻起，经过3.5sP点的路程．14．(8分）如图甲，有一悬在O点的单摆，将小球(可视为质点)拉到A点后释放，小球在竖直平面内的ABC之间来回摆动．已知B点为运动中最低点，摆长为L，摆角为α，小球质量为m．在O点接有一力传感器，图乙表

示从某时刻开始计时，由力传感器测出的细线对摆球的拉力大小F随时间变化的曲线，求：甲乙(1)单摆的周期T和当地重力加速度g的大小；(2)力传感器测出的拉力F的最大值F1和最小值F2．15.（12分）如图所示，电源的电动势均为E，内阻不计，光电管的阴极K

用极限波长为λ0的材料制成．将开关S拨向1，将波长为λ的激光射向阴极，改变光电管A和阴极K之间的电压，可测得光电流的饱和值为Im，已知普朗克常量h，电子电量e，(1)求t时间内内由K极发射的光电子数N；(2)当阳极A

和阴极K之间的电压为U1时，求电子到达A极时的最大动能Ekm；(3)将开关S拨向2，为能测出对应的遏止电压，求入射激光频率的最大值m．3t0t02t016.（15分）如图所示，物块以一定的初速度滑上原静止在光滑水平地面上的长木板，两者

达到相同速度v后向右运动，某时刻木板与右方的竖直墙发生碰撞．已知物块质量为木板质量的3倍，物块与木板间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．设定板与墙的碰撞为弹性碰撞，时间极短，并且木板足够长，物块始终在木板上．求：(1

)物块刚滑上木板的初速度v0；(2)木板与墙第二次碰撞前物块距木板左端的距离L；(3)木板从第一次与墙碰撞到第n次与墙碰撞所经历的总时间t．高二物理参考答案一、本题共11小题，每小题4分．在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项．题号1234567891011答案CBDCAD

BCBDC二、本题共1小题，共15分．把答案填在题中的横线上或按题目要求作答．12.（每空3分）（1）C（2）m1L0=m1L1+m2L2（3）m1L02m1L12+m2L22弹性三、本题共4小题，共41分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重

要演算步骤，只写出最后结果的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13.（6分）（1）沿x轴负方向传播（2分）v==4m/s（2分）（2）3.5s是3.5个周期，故s=3.5×4A=2.8m（2分）14.（8分）（

1）由图乙可知：单摆周期T＝2t0（1分）由公式T＝2π，可求得摆长g＝（2分）（2）在平衡位置B拉力最大，由牛顿第二定律，F1－mg＝m（1分）对滑块由A到B过程由机械能守恒得：＝mgR(1－cosα)（1分）得F1=3m

g-2mgcosα（1分）在A点时，拉力最小有：F2＝mgcosα=（2分）15.（12分）（1）由得（2分）（2）由光电效应方程可得)11(00−=−=hcWhEkm（2分）到达A极时的最大动能（2分）得（2分）etINm=NetIm=1'

eUEEkmkm+=10')11(eUhcEkm+−=（3）遏止电压最大为E时，对应入射光的频率最大，则（2分）联立解得（2分）16.（15分）（1）设木板质量为m，从滑上到与木板共速，由系统动量守恒，选取向右为

正方向，有mvmv430=，得（3分）（2）木板第一次与墙碰撞后，重物与木板相互作用直到达到共速v1，由系统动量守恒，有143mvmvmv=−解得（2分）从开始至与墙碰撞后到第二次与墙碰前，根据系统能量守恒有解得（2分）（4）设木板

第一次与墙碰撞后到重物与木板达共同速度v1历时t1，木板运动的位移为x1，取木板研究，根据动量定理，选取向右为正方向，有)(311vmmvmgt−−=（1分）根据动能定理，有（1分）重物与木板第二次达共速到再次与墙碰撞历时t1´，有'111xvt=所以板从

第一次与墙碰撞到第二次与墙碰撞所经历的时间为'111Ttt=+解得（1分）设木板第二次与墙碰撞后到重物与木板达共同速度v2历时t2，木板运动的位移为x2，重物与木板第二次达共速到再次与墙碰撞历时t2´，同理可得()()2213mgtmvmv=−−()222211132

2mgxmvmv−=−'222xvt=（1分）解得板从第二次与墙碰撞到第三次与墙碰撞所经历的时间为（1分）板从第（n-1）次与墙碰撞到第n次与墙碰撞所经历的时间为（1分）则板从第一次与墙碰撞到第n次与墙碰撞所经历的时间1231nTTTTT−=++++0chheEm−=0ch

eEm+=vv340=vv211=221121213-mvmvmgx−=gvT431=gvT832=gvTnn231=−)211(231−−=ngvt解得（n=2，3，4……）（2分）