【文档说明】安徽省滁州市定远县重点中学2019-2020学年高一下学期期中考试物理试题 【精准解析】.doc，共(18)页，897.500 KB，由小赞的店铺上传

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2019-2020学年高一第二学期期中试卷物理试题一、单项选择题1.在地球上空有许多绕地球做匀速圆周运动的卫星，下面说法正确的是（）A.这些卫星的发射速度至少11.2km/sB.离地越高的卫星，周期越大C.同一轨道上的卫星，向心加速度大小不同D.我们可以发射一颗静止在太原正上空的同步

卫星，来为2019年在太原举办的第二届青运会提供通讯服务【答案】B【解析】【详解】A.绕地球做匀速圆周运动的卫星发射速度至少为7.9km/s，故A错误；B.由2224GMmrmrT可知，234rTGM，故离地越高的卫星，运行周

期越大，故B正确；C.同一轨道上的卫星半径相同，则根据2GMmmar可得，2GMar，故向心加速度大小相等，故C错误；D.同步卫星只能定点在赤道上空，不能静止在太原正上方，故D错误；故选B。2.如图所

示，小强在水平地面上用力推木箱，推力随时间变化的图像如图乙所示，木箱速度随时问变化的图像如图丙所示，以下对于这一过程的分析中正确的是()A.0－ls内木箱没有动是因为人对木箱的推力小于地面给木箱的摩擦力B.1s－2s内木箱受到的摩擦力大小为4NC.2s

－3s内人对木箱的推力做功为6JD.如果3s后人停止用力，木箱将做匀速直线运动【答案】B【解析】【详解】A．木箱在0∼1s内木箱在水平方向受到推力与摩擦力而静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，推力等于摩擦力，故A错误；B．由图丙可知，在2s∼3s内木箱做匀速直

线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，木箱受到的滑动摩擦力f=F，由图乙可知，在2∼3s内推力F=4N，则木箱受到的滑动摩擦力f=F=4N；由图丙可知，木箱在1∼2s内做加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，滑动摩擦力与推力大小无关，物体间接触面与物体间压力不变，物体受到的滑动摩擦力

不变，则1s∼2s内木箱受到的摩擦力大小为4N，故B正确；C．由丙图知，2s−3s内，箱子的路程s=vt=2m/s×1s=2m由乙图指此时受到的推力F=4N，因此推力做功W=FS=4N×2m=8J故C错误；D．如果3s后人停止用力，箱子具有一

定的速度，箱子仍然受到摩擦力的作用，因此做减速运动，最后停下来，故D错误；故选B。3.如图所示，用长为L的轻杆连着质量为m的小球在竖直平面内做圆周运动，则下列说法中正确的是()A.小球在圆周最高点时所受的向心力一定为重力B.小球在最高点时轻杆受到作用力可能为零C.若小球刚好

能在竖直平面内做圆周运动，则其在最高点的速率为gLD.小球过最低点轻杆对小球的拉力可能等于小球的重力【答案】B【解析】【详解】A．在最高点，向心力的大小不一定等于重力，故A错误；B．当小球在最高点，速度为v=gL，此时小球靠重力提供向心力，轻杆的作

用力为零，故B正确；C．轻杆在最高点可以表现为拉力，可以表现为支持力，在最高点的最小速度为零，可知小球刚好能在竖直平面内做圆周运动，最高点的速率为零，故C错误；D．在最低点，小球靠拉力和重力的合力提供向心力，合力向上，则拉力大于

重力，故D错误；故选B。4.轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的近地点，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（）A.在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度B.在轨道Ⅱ上经过A的速度等于在轨道Ⅰ上经过A

的速度C.在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道Ⅰ上运动的周期D.在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度【答案】A【解析】【详解】A．根据开普勒第二定律可知，航天飞机在远地点A的速度小于在近地点B的速度，故A正确；B．当航天飞机在轨道Ⅱ上A

点加速才能变轨到Ⅰ上，故在轨道Ⅱ上经过A的速度小于在Ⅰ上经过A点的速度，故B错误；C．由开普勒第三定律32aaT知，在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期，故C错误；D．根据牛顿第二定律得2MmGmar，得加速度2GMar，所以在轨道Ⅱ上经

过A的加速度等于在轨道Ⅰ上经过A的加速度，故D错误。故选A。5.我国于2010年发射的“嫦娥二号”探月卫星简化后的路线示意图如图所示．卫星由地面发射后，经过发射轨道进入停泊轨道，然后在停泊轨道经过调速后进

入地月转移轨道，再次调速后进入工作轨道，卫星开始对月球进行探测．已知地球与月球的质量之比为a，卫星的停泊轨道与工作轨道的半径之比为b，卫星在停泊轨道和工作轨道上均可视为做匀速圆周运动，则()A.卫星在停泊轨道和工作轨

道运行的速度之比为baB.卫星在停泊轨道和工作轨道运行的周期之比为baC.卫星在停泊轨道运行的速度大于地球的第一宇宙速度D.卫星从停泊轨道转移到地月转移轨道，卫星必须加速【答案】D【解析】【详解】A．根据22GmMmvrr得，GMvr，卫星在停泊轨道和工作轨道运行的速度之比

为112221vMravMrb，A错误；B．根据2T2rrrvGM，卫星在停泊轨道和工作轨道运行的周期之比为11212212TrMrbbTrMra，B错误；C．由vGMr知，r越大，v越小，则卫星在停泊轨道运行的速度小于地球的第一宇宙

速度，C错误；D．卫星从停泊轨道转移到地月转移轨道，要远离地球，卫星必须加速才能做离心运动，D正确；故选D．6.如图所示，在竖直放置的半圆形容器的中心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球(可视为质点)，最终它们分别落在圆弧上的

A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成=37°角，则两小球初速度之比是(sin37°=0.6,cos37°=0.8)A.0.6B.338C.334D.0.8【答案】B【解析】【详解】对于小球1，根据Rcosα=12gt12解得12Rcostg则112Rsing

vRsintRcos对于小球2，根据Rsinα=12gt22解得22Rsintg则222RcosgvRcostRsin则两小球的初速度之比331233378vtantanv故选B。7.如图所示，一球质量为m，用长为L的细线悬挂于O

点，在O点正下L/2处钉有一根长钉，把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线碰到钉子瞬间，下列说法中正确的是A.小球的线速度突然增大B.小球的向心加速度突然减小C.小球的角速度突然减小D.悬线拉力突然增大【答案】D【解析】【详解】把悬线沿水平方向拉直后无初

速度释放，当悬线碰到钉子的前后瞬间，由于重力与拉力都与速度垂直，所以小球的线速度大小不变，故A错误；根据向心加速度公式2var，可知，线速度大小不变，半径变小，则向心加速度变大，故B错误；根据v=rω，知线速度

大小不变，半径变小，则角速度增大，故C错误；根据牛顿第二定律：2vTmgmr，解得：2vTmgmr，可知半径变小，则拉力变大，故D正确．所以D正确，ABC错误．8.如图竖直薄壁圆筒内壁光滑、半径为R，上部侧面A处开有小口，在小

口A的正下方h处亦开有与A大小相同的小口B，小球从小口A沿切线方向水平射入筒内，使小球紧贴筒内壁运动，要使小球从B口处飞出，小球进入A口的速率0v可能是A.π2gRhB.2πgRhC.2πhRgD.πhRg【答案】B【解析】【详解】小球在竖直方向做自由落体运动，

由212hgt可知，小球在桶内的运动时间为:2htg在水平方向，以圆周运动的规律来研究，得到:02πRtnv(n=1，2，3)所以有：02π2πnRgvnRth(n=1，2，3)当n=1时，

02gvRhA．π2gRh与分析不符，故A错误；B．2πgRh与分析相符，故B正确；C．2πhRg与分析不符，故C错误；D．πhRg与分析不符，故D错误．二、多选题9.我国“天宫一号”将于2011年9月27日至30日在酒泉卫星发射中心择机发射升空．按照计划

，中国载人航天工程将首先发射“天宫一号”目标飞行器，之后发射“神舟八号”飞船，实施交会对接试验．如图，天宫一号在圆形轨道Ⅰ上运行，假设神州八号在完成交会对接任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ返回，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于神州八号的运动，下列说法中正确的有（

）A.在轨道Ⅱ上经过A的速度等于在轨道Ⅰ上经过A的速度B.在轨道Ⅱ上经过A时的动能小于在经过B时的动能C.在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D.在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度【答案】BC【解析】【详解】A．在轨道Ⅱ上经过A点，由于万有引力大于向心力，会靠近地

球运动，在该位置加速，使得万有引力等于向心力，进入轨道Ⅰ，所以在轨道Ⅱ上经过A的速度小于在轨道Ⅰ上经过A的速度，故A错误；B．在轨道Ⅱ上运行时，由A点向B点运动，万有引力做正功，动能增大，所以B点动能大于A点动能，故B正确；C．根据开普勒第三定律知，32RkT

，椭圆轨道的半长轴小球轨道Ⅰ的半径，所以在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期，故C正确；D．在轨道Ⅱ上经过A点所受的万有引力等于在轨道Ⅰ上经过A的万有引力，根据牛顿第二定律知，加速度相等，故D错误。故选BC。10.如图所示，质

量相同的甲乙两个小物块，甲从竖直固定的1/4光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下．下列判断正确的是（）A.两物块到达底端时速度相同B.两物块运动到底端的过程中重力做功相同C.两物块到达底端时动能相同D.两物块到达底端时，甲物块重力做功的瞬

时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率【答案】BC【解析】【详解】A．根据动能定理，下滑过程中只有重力做功212mgRmv速度2vgR，两物体到达底端时速度大小相等，方向不同，所以A项错误；B．两物体下落的高度差相等，质量相同，所以重力做功GWmgR相同，B项正确；C．两物体到达底端的动能

等于重力做的功，所以C项正确；D．甲物体到达底端时速度方向与重力方向垂直，根据瞬时功率公式cosPFv，甲到达底端的瞬时功率为零，所以D项错误。故选BC。11.在圆轨道上运行的国际空间站里，一宇航

员A静止(相对空间舱)“站”于舱内朝向地球一侧的“地面”B上，如图所示，下列说法正确的是()A.宇航员A不受地球引力作用B.宇航员A所受地球引力与他在地面上所受重力相等C.宇航员A与“地面”B之间无弹力作用D.若宇航员A将手中一小球无初速(相对于空间舱)释放，该小

球将落到“地面”B【答案】C【解析】【详解】A.宇航员随国际空间站绕地球做匀速圆周运动，宇航员A仍受到地球引力作用．故A错误；B.根据万有引力定律2GMmFr可知，宇航员A与地球的距离大于地球半径，所以A所受地球引力小于他在地面上所受的重力．故B错误；C.国际空间站处于完全失重状态，则宇航员A

与“地面”B之间无弹力作用．故C正确；D.宇航员相对于太空舱无初速释放小球，小球受地球的万有引力提供向心力，做圆周运动，不会落到“地面上”．故D错误．故选C.12.如图所示，一轻质弹簧竖直放置，下端固定在

水平面上，上端处于a位置，当一重球放在弹簧上端静止时，弹簧上端被压缩到b位置．现将重球（视为质点）从高于a位置的c位置沿弹簧中轴线从静止释放，弹簧被重球压缩到最低位置d．不计空气阻力，以下关于重球运动过程的正确说法应是（）A.重球下落压缩弹簧由a至

d的过程中，重球作减速运动B.重球下落至b处获得最大速度C.重球由c至d过程中机械能守恒D.重球在b位置处具有的动能小于小球由c下落到b处减少的重力势能【答案】BD【解析】【详解】AB．小球接触弹簧开始，合力向下，

向下做加速度逐渐减小的加速运动，运动到b位置，合力为零，加速度为零，速度最大，然后合力方向向上，向下做加速度逐渐增大的减速运动，运动到最低点时，速度为零，加速度方向向上，且最大．故A错误，B正确．C．重球由c到d的过程中受重力和弹力，故重球机

械能不守恒，故C错误；D．对小球c到d运用动能定理，有WG﹣W弹=212mv﹣0．重球在b位置处具有的动能小于小球由c下落到b处减少的重力势能．故D正确。故选BD。三、实验题13.某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通

过凹形桥最低点的速度的实验，所用器材有：玩具小车（视为质点）、压力式托盘秤、凹形桥模拟器，已知凹形桥模拟器的质量为1.00kg．（1）将凹形桥模拟器静置于托盘秤上，如图（a）所示，然后将玩具小车放置在凹形桥模拟

器最低点时，托盘秤示数如图（b）所示，该玩具小车的质量为_______kg.（2）某次将玩具小车从凹形桥模拟器左侧某一位置释放后，小车经过最低点后滑向另一侧过程中，小车的重力势能________(选填“不

变”、“先减少后增加”或“先增加后减少”)；经过凹形桥最低点时小车处于________(选填“超重”或“失重”)状态．（3）如图（c）所示，小车滑动过程中某时刻经过P点，图中虚线为过P点的切线，则小车在P点

时加速度的方向可能是图（c）中________(选填①、②、③或④)所示的方向．（4）上述（2）实验中，发现托盘秤的最大示数为1.80kg，圆弧部分的半径为R=0.20m.重力加速度大小取9.80m/s2，则小车通过

最低点时的速度大小为____m/s(计算结果保留2位有效数字)．【答案】(1).0.4(2).先减少后增加(3).超重(4).②(5).1.4【解析】【详解】（1）[1]根据量程为10kg，最小分度为0.1kg，注意估读到最小分

度的下一位，托盘秤示数为1.40kg，凹形桥模拟器的质量为1.00kg，所以玩具小车的质量为m=1.40-1.00=0.40kg；（2）[2]小车经过最低点后滑向另一侧过程中，高度先降低再升高，所以重力势能先减少后增加，经过凹形桥最低点时向心加速度的方向向上，小车处于超重状态；（3）

[3]小车滑动过程中经过P点，向心加速度指向圆心，切线方向的加速度沿切线方向沿切线向右下方，所以其合加速度的方向可能沿②的方向；（4）[4]根据题意知最低点小车和凹形桥模拟器对秤的最大压力为mNFmgF桥，根据牛顿第二定律知200NvFmgmR代入数据解得1.

4/vms。14.如图所示是“研究平抛物体运动”的实验装置图，通过描点画出平抛小球的运动轨迹(1)、以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有________A．安装斜槽轨道，使其末端保持水平B．每次小球释放的初始位置可以任意选择C．入射小

球沿斜槽下滑过程中，受到与斜槽的摩擦力会影响实验D．为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接(2)、实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图中y—x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是________(3)如图

所示为小球做平抛运动时，在方格纸进行描点作图，获取A、B、C三点，图中方格的边长为5cm，210m/sg，则：①小球平抛的初速度0v=______m/s；②小球过B点的速率Bv=______m/s；③若以A点为原点，以水平向右为x轴，竖直向下为y轴建立平

面直角坐标系，则抛出点坐标为（（）cm；______cm）【答案】(1).A(2).C(3).1.5(4).2.5(5).-15(6).-5【解析】【详解】（1）[1]通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故A正确；

因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误，每次保证小球到达底端的速度相等即可，故入射小球沿斜槽下滑过程中，受到与斜槽的摩擦力不会影响实验，故C错误；用描点法描绘运动

轨迹时，应将各点连成平滑的曲线，不能练成折线或者直线，故D错误。故选A。（2）[2]物体在竖直方向做自由落体运动，y=12gt2；水平方向做匀速直线运动x=vt；联立可得：222gxyv，因初速度相同，故

22gv为常数，故y-x2应为正比例关系，故C正确，ABD错误。（3）①[3]在竖直方向上有：△h=gT2其中△h=（5-3）×5cm=10cm代入求得：T=0.1s。水平方向匀速运动，有：s=v0t，其中s=3l=15cm，t=T=0.1s，代入解得：v0=1.5m/s。②[4]根据匀变速直线运

动中，时间中点的瞬时速度等于该过程的平均速度，在B点有2535102.0/220.1ACyhvmsT＝＝＝所以B点速度为2222015202.5/Byvvvms＝＝．．＝③[5][6]从抛出点到B点的时间0.2yBvts

g则抛出点到A点的时间为0.1s，则抛出点到A点的竖直位移210.0552ygtmcm抛出点到A点的水平距离x=v0t=0.15m=15cm,则抛出点坐标为（-15cm，-5cm）。四、计算题15.如图所示

，一名跳台滑雪运动员经过一段时间的加速滑行后从O点水平飞出，经过3s落到斜坡上的A点。已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg。不计空气阻力（sin37°=0.6，cos37°=0.8；g取10m/s2）。求：(1)A点

与O点的距离L；(2)运动员离开O点时的速度大小；(3)运动员从O点飞出开始到离斜坡距离最远所用的时间。【答案】(1)75m；(2)20m/s；(3)1.5s【解析】【详解】(1)运动员下降的高度为2211103m45m22hgt根据数学知识可得，A点与O点的距离为45m75msin

370.6hL(2)水平位移为x=Lcos37°=75×0.8m=60m则运动员离开O点时的速度大小为060m/s20m/s3xvt(3)当运动员的速度与斜面平行时离斜坡距离最远，此时其竖直方向上的分速度为vy=v0tan37°由

vy=gt′得0tan37'1.5svtg16.小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动．当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离d后落地

，如图所示．已知握绳的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为34d，重力加速度为g．忽略手的运动半径和空气阻力．（1）求绳断开时球的速度大小v1（2）问绳能承受的最大拉力多大？（3）改变绳长，使球重复上述运动，若绳仍在球运动到最低点时断掉，要使球

抛出的水平距离最大，绳长应为多少？最大水平距离为多少？【答案】(1)12vgd=(2)113mFmg=(3)233mxd=【解析】【详解】（1）设绳断后球做平抛运动的时间为t1，竖直方向上：211142dgt

水平方向上：d=v1t1解得：112dvgdt（2）设绳能承受的最大拉力为Fm，球做圆周运动的半径为：R=34d，21mmvFmgR解得：Fm=113mg．（3）设绳长为l，绳断时球的速度为v2．有：22mmvFmgl解得：v2=83gl．绳断后球做平抛运动，竖直位移为d-l

，水平位移为x，时间为t2．竖直方向有：2212dlgt水平方向有：x=v2t2得x=v2t2=()43ldl．根据数学关系有当l=2d时，x有极大值为：xm=233d．17.2016年10月19日，我国发射的“神舟十一号”载人飞船与“天宫二号”空间实验

室成功实现自动交会对接，如图1所示。随后，航天员景海鹏、陈冬先后进入“天宫二号”空间实验室，开启30天的太空生活，将在舱内按计划开展相关空间科学实验和技术试验。为了简化问题便于研宄，将“天宫二号”绕地球的运动视为匀速圆周运动（示意图如图2所示）。已知“天宫二号”距地面的

高度为h，地球的质量为M，地球的半径为R，引力常量为G。求：(1)“天宫二号”绕地球的运动的线速度大小；(2)“天宫二号”绕地球的运动周期；(3)一些在地面上很容易完成的实验，在太空失重的环境中却难以完成，如用沉淀法将水中的泥

沙分离。请你写出一个类似的实验。【答案】(1)GMRh；(2)2RRGhhM；(3)用天平测物体的质量【解析】【详解】(1)根据万有引力提供向心力，有22=MmvGmRhRh解得GMvRh(2)根

据万有引力提供向心力，有2224=MmGmRhTRh解得2RhTRhGM(3)一些在地面上很容易完成的实验，在太空失重的环境中却难以完成，如用天平测物体的质量等等。