【文档说明】黑龙江省双鸭山市第一中学2022-2023学年高三上学期开学考试 物理 答案.docx，共(17)页，666.086 KB，由envi的店铺上传

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开学考试物理试题一.选择题（1—7题单选，8—12题多选。共12小题，每题4分，共48分）1.两辆汽车A、B沿同一条直线同向运动，B车在前面遇到紧急情况刹车，刹车开始时两车相距x＝30m，后面的汽车A一直做匀速直线运动，他们的速度图像如图所示，则A追上B所用的时间约为（）A.1.0sB.4

.0sC.5.0sD.5.2s【答案】D【解析】【详解】由图可知汽车A做匀速直线运动的速度为A12msv=汽车B做匀减速直线运动的加速度为22B1216m/s4m/s1vat−===−汽车B速度减为零，运动时间1016s4s4vtt−===−运动的位

移B1164m32m2xvt===汽车停止前汽车A运动的位移2A1124m48mxvt===则2B48m30m+32m=62mxxx=+=说明汽车B停止前汽车A没有追上，设A追上B所再用的时间约为2t，则B22A14s1.2s12xxxtv+−==所以A追上B

所用的时间约为125.2sttt=+=故选D。2.如图所示，质量为m的小球用绳AO和轻弹簧OB拉起吊在天花板上，平衡后AO、OB与天花板的夹角均为θ。若突然将绳AO剪断，则剪断瞬间球的加速度的大小为（）A

.2singB.singC.2cosgD.gcotθ【答案】A【解析】【详解】剪断AO前，由共点力平衡有sinsinABTFmg+=coscosABTF=可解得2sinAmgT=绳AO剪断瞬间，小球受重力和弹簧弹力不变，合力与剪断前TA等大反向，所以

加速度为2sinATgam==故选A。3.如图，物块A和B的质量分别为4m和m，开始A、B均静止，细绳拉直，在竖直向上拉力F=6mg作用下，动滑轮竖直向上加速运动。已知重力加速度为g，动滑轮的质量、半径忽略不计，不考

虑绳与滑轮之间的摩擦，且细绳足够长，则在滑轮向上运动过程中，物块A和B的加速度大小分别为（）A.12Aag=，5Bag=B.15ABaag==C.14Aag=，3Bag=D.0Aa=，2Bag=【答案】D【解析】【详解】在竖直向上

拉力F＝6mg时，此时A、B受的拉力分别为3mg、3mg。对A因为3mg＜4mg，故物体A静止，加速度为0。对物体B，由牛顿第二定律得3mg－mg＝maB解得aB＝2g选项ABC错误，D正确。故选D。4.某质点P从静止开始以加速度a1做匀加速直线运动，经t（s

）立即以反向的加速度a2做匀减速直线运动，又经t（s）后恰好回到出发点，则（）A.a1＝a2B.2a1＝a2C.3a1＝a2D.4a1＝a2【答案】C【解析】【详解】第一个t（s）时速度为1=vat位移2112sat=第二个t（s）的位移为212()1

2sattat−−=可得213aa=故选C。5.磕头虫是一种不用足跳但又善于跳高的小甲虫．当它腹朝天、背朝地躺在地面时，将头用力向后仰，拱起体背，在身下形成一个三角形空区，然后猛然收缩体内背纵肌，使重心迅速向下加速，背部猛

烈撞击地面，地面反作用力便将其弹向空中（设磕头虫撞击地面和弹起的速率相等）．弹射录像显示，磕头虫拱背后重心向下加速（视为匀加速）的距离约为0.8mm，弹射最大高度约为24cm．人原地起跳方式是，先屈腿下蹲，然后突然蹬地向

上加速．如果加速过程（视为匀加速）人的重心上升高度约为0.5m，假设人与磕头虫向下的加速度大小相等，那么人离地后重心上升的最大高度可达（不计空气阻力的影响）（）A.150mB.75mC.15mD.7.5m【答案】A【解析】【详解】设磕头虫向下的加速度为a，磕头虫向下的最大速度为v，则有212

vah=，磕头虫向上弹起的过程中有222vgh−=−联立以上两式可得2213000m/shagh==人向下蹲的过程中有2112vaH=人跳起的过程中有2212vgH−=−故有1222aHgH=解得230000.510m150mH==故人离地后重心上升的最大高度可达150m。故A正确。6.如图所

示，有5000个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45°．则第2011个小球与2012个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（）A.29895000B.201150

00C.20112089D.20892011【答案】A【解析】【详解】以5000个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示，根据平衡条件得5000Fmg=再以2012个到5000个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2所示，则有298929

89tan5000mgF==故A正确。7.如图所示,竖直面内有一圆环,圆心为O,水平直径为AB,倾斜直径为MN，AB、MN夹角为θ,一不可伸长轻绳两端分别固定在圆环的M、N两点,轻质滑轮连接一重物,放置在轻绳上,不计滑轮与轻绳摩擦与轻绳重力，

圆环从图示位置顺时针缓慢转过2θ的过程中，轻绳的张力的变化情况正确的是（）A.逐渐增大B.先增大再减小C.逐渐减小D.先减小再增大的【答案】B【解析】【详解】M、N连线与水平直径的夹角(90)越大，M、N之间的水平距离越小，轻绳与竖直方向的夹角越小，根

据2cosTmgF=，轻绳的张力TF越小，故圆环从图示位置顺时针缓慢转过2θ的过程，轻绳的张力先增大再减小，故B正确，ACD错误；故选B．8.从山东龙口港到辽宁大连港是一条重要的海上运输路线，假如有甲、乙两船同时从龙口出

发，甲船路线是龙口—旅顺—大连，乙船路线是龙口—大连，两船航行两天后都在下午三点到达大连港，以下关于两船全航程的描述中正确的是（）A.两船的路程相同，位移不相同B.“两船航行两天后都在下午三点到达大连港”一句中，“两天”和“下午三点”都指的是时间C.“两船

航行两天后都在下午三点到达大连港”一句中，“两天”指的是时间，“下午三点”指的是时刻D.在研究两船的航行时间时，可以把船视为质点【答案】CD【解析】【分析】位移是起点到终点的有向线段，路程是物体运动轨迹的长度，两船航行的起

点与终点均相同，则位移相同，而路线长度不同，路程不同，分析平均速度关系，由于路程较长，可以把船视为质点。【详解】A．两船航行的起点与终点均相同，则位移相同，而路线长度不同，路程不同，A错误；BC．“两船航行两天后都在下午三点到达大连”一句中，“

两天”指的是运动的时间，“下午三点”指的是到达的时刻，B错误，C正确；D．由于路程较长，船的大小和形状对研究时间的影响可忽略不计，可以把船视为质点，D正确。故选CD。【点睛】本题考查对路程、位移、时间、时刻和质点理解，从这两个概念意义本身出发，进行

判断。9.地面上有一个质量为m的物体，用力F竖直向上提它，力F的变化将引起物体加速度的变化。已知物体的加速度a随力F变化的函数图象如图所示，则（）的A.当F小于F0时，物体的重力mg大于作用力FB.当F＝F0时，作用力F与重力mg大小相等C.物体向上运动的加速度与作用力F

成正比D.A´的绝对值等于该地的重力加速度g的大小【答案】ABD【解析】【详解】A．当F小于F0时，物体未离开地面，受拉力、重力和支持力，根据平衡条件，有N+F=mg故重力大于拉力，故A正确；B．物体加

速向上，根拉力大于重力时，物据牛顿第二定律，有F-mg=ma解得Fagm=−①当F=F0时，加速度为零，故F0=mg故B正确；C．由图象，加速度与力是线性关系，不是正比关系，故C错误；D．由①式，当拉力为零时，加速度为-g，A′的绝对值等于该地的重力加速度g

的大小，故D正确；故选ABD。10.如图所示，质量为m的物体，放在一固定的斜面上，当斜面倾角θ＝30°时恰能沿斜面匀速下滑。对物体施加一大小为F的水平向右的恒力，物体可沿斜面向上滑行。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现增大斜面倾

角θ，当θ增大并超过某一临界角θ0时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行。那么（）A.物体与斜面间的动摩擦因数为33B.θ0＝45°C.θ0＝60°D.θ0＝30°【答案】AC【解析】【详解】A．斜面倾角为30°时，物体恰能匀速下滑，对物体进行受力分析，如图所示，可知应满足sin3

0cos300mgmg−=解得33=选项A正确；BCD．当斜面倾角为临界角时，受力情况如图所示由物体做匀速直线运动的条件有f2cossinFmgF=+NcossinFmgF=+Nf2FF=解sincoscossinmgmgF

+=−当cossin0−时，即满足“不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行”的临界条件，临界角060==故C正确，BD错误。故选AC。11.如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下

端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动。若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴Ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示。其中OA段为直

线，AB段是与OA相切于A点的曲线，BC是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是（）A.xA＝h，aA＝0B.xA＝h，aA＝gC.xB＝h＋mgk，aB＝0D.xC＝h＋2mgk，aC＝0

【答案】BC【解析】【详解】AB．OA段的直线是小球接触到弹簧之前的自由落体运动，AB段的曲线是从接触到弹簧开始，到压缩至弹力与重力等大的运动过程，所以A点处的坐标为h，加速度为g，故A错误，B正确；C．B点处小球的速度达到最大，说明弹簧弹力与重力等大，小球所受合力为零，加速度为零，坐标

为mghk+，故C正确；D．C点处小球的速度减小到零，弹簧的压缩量达到最大，设压缩量为x，则21()2kxmghx=+解得2()2mgmgmghkxk++=故D错误。故选BC。12.如图所示，质量2kgM=的水平托盘B与一竖直

放置的轻弹簧焊接，托盘上放一质量1kgm=的小物块A，整个装置静止。现对小物块A施加一个竖直向上的变力F，使其从静止开始以加速度22m/sa=做匀加速直线运动，已知弹簧的劲度系数2600N/m,10m/skg==。以下结论正确的是（）A.变力F的最小值为2NB.变

力F的最小值为6NC.小物块A与托盘B分离瞬间速度为0.2m/sD.小物块A与托盘B分离瞬间的速度为5m/s5【答案】BC【解析】【分析】【详解】AB．AB整体受力产生加速度为ABABAB()()FNmmgmma+−+=+ABABAB()()Fmm

ammgN=+++−当ABN最大时，F最小，即刚开始施力时，ABN最大等于重力minAB()6NFmma=+=B正确，A错误；CD．刚开始，弹簧压缩量为AB1()0.05mmmgxk+==AB分离时，其间恰好无作用力，对

托盘，由牛顿第二定律可知2kxMgMa−=得20.04mx=物块在这一过程的位移为120.01mxxx=−=的的由运动学公式可知22vax=代入数据得0.2m/sv=C正确，D错误；故选BC。二.填空题（每空2分，共16分）13.在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题

：一轻弹簧一端固定于某一深度为h=0．25m、且开口向右的小筒中（没有外力作用时弹簧的另一端位于筒内），如图甲所示，如果本实验的长度测量工具只能测量出距筒口右端弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，

该同学通过改变挂钩码的个数来改变l，作出F-l变化的图线如图乙所示．（1）由此图线可得出的结论是_______________．（2）弹簧的劲度系数为________N/m，弹簧的原长l0=________m．（3）该同学实验时

，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，优点于：__________________;缺点在于：___________________．【答案】①.在弹性限度内，弹力与弹簧的伸长量成正比②.100③.0.15④.避免弹簧自身重力对实验的

影响⑤.弹簧与筒及绳子与滑轮间存在的摩擦会造成实验误差【解析】【详解】试题分析：（1）在弹性限度内，弹力和弹簧的伸长量成正比．（2）弹簧原长为l0，则根据胡克定律有：F=k（h+l-l0）=kl+k（h-l0）①由此可知，图象的斜率大小表示劲度系数大小，故k=

100N/m，h=0．25m，当l=0时，F=10N，将数据代入方程①可解得：l0=15cm=0．15m．（3）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，优点在于避免弹簧自身所受重力对实验的影响．缺点在于：弹簧与筒及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差．考点：探究弹簧的弹力与伸长

量之间的关系在14.某实验小组用弹簧测力计和量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计的实验装置如图所示。固定在竖直木板上的量角器直边水平，橡皮筋一端固定在量角器圆心O的正上方A点，另一端系绳套1和绳套2。（1）实验步骤如下：①弹簧测力

计挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O点，记下弹簧测力计的示数F；②弹簧测力计挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点再次到达O点，此时绳套1沿0°方向，绳套2沿120°方向，此时弹簧测力计的示数为F1；③根据力的平行四边形定则计算出绳套1的拉力F1′

=________；④比较________，即可初步验证力的平行四边形定则。（2）将绳套1由0°方向缓慢转动到60°方向，同时保持绳套2沿120°方向不变，此过程中仍旧保持橡皮筋的结点在O点不动，关于绳套1的拉力大小的变化，下列

结论正确的是________。A．逐渐增大B．先增大后减小C．逐渐减小D．先减小后增大【答案】①.33F②.F1与F′1的大小③.D【解析】【分析】【详解】（1）[1]根据力的平行四边形定则计算出绳套1的拉力F′1=Ftan

30°=33F[2]比较F1和F′1的大小，即可初步验证力的平行四边形定则；（2）[3]保持绳套2方向不变，绳套1从图示位置向下缓慢转动60°，此过程中保持橡皮筋的结点在O点不动，说明绳套1和绳套2拉力的合力

不变，绳套1转动过程受力分析如图所示，故绳套1的拉力先减小后增大。故选D。三.计算题（15题14分，16题16分，17题16分）15.如图所示，某同学在地面上拉着一个质量为30mkg=的箱子匀速前进，已知箱与地面间的动摩擦因数为0.5=，拉力1F与地面水平夹角为2

45.10/gms==，求：()1绳子的拉力F大小；()2该同学能否用比F小的力拉着箱子匀速前进？如果能，请求出拉力的最小值，若不能，请说明理由．【答案】（1）1002N(2)匀速前进，605N【解析】【分析】()

1分析箱子的受力情况，作出受力示意图，箱子匀速前进时，合力为零，由平衡条件可求出拉力1F．()2设拉力与水平方向夹角为，由平衡条件得到拉力与的函数式，运用数学知识分析拉力的最小值．【详解】()1分析箱子的受力情况，作出受力示意图，如图根据平衡条件和摩擦力公式得：()

11cos45sin45FmgF=−；得：11002cos45sin45mgFN==+；()2设拉力与水平方向夹角为，则得：()cossinFmgF=−有：()2cossin1sinmgmgF==+++，其中1tan=根据数学知识得知，当90arctan

=−=时，F有最小值，其值为60512mgFminN==+．【点睛】本题第1问是常规题，能正确分析受力情况，作出力图，基本能做出正确的结果，第2问要运用数学三角函数知识求解极值．16.如图所示，在倾角θ=30°的固定斜面上，跨过定滑轮的轻绳

一端系在小车的前端，另一端被坐在小车上的人拉住，已知人的质量m=60kg，小车的质量M=10kg，绳及滑轮的质量，滑轮与绳间的摩擦均不计，斜面对小车的摩擦阻力为小车总重的0.1倍，斜面足够长，当人以280N的力拉绳时，求：（1）人与

车一起运动的加速度的大小；（2）人所受的摩擦力的大小和方向；（3）某时刻人和车沿斜面向上的速度大小为3m/s，此时人松手，则人和车一起滑到最高点时所用的时间．【答案】（1）2m/s2（2）140N（3）0.5s

【解析】【详解】（1）将人和车看做整体，受拉力为280×2=560N，总重为（60+10）×10=700N，受阻力为700×0.1=70N，重力平行于斜面的分力为700×sin30°=350N，则合外力为F=560-70-350=140N则根据牛顿第二定律，加速

度为a=14070FMm=+=2m/s2即人与车一起运动的加速度的大小为2m/s2．（2）人与车有着共同的加速度，所以人的加速度也为2m/s2，对人受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，假设静摩擦力沿斜面向上，根据牛顿第二定律，有ma=T+f-

mgsin30°代入数据解得：f=140N即人受到沿斜面向上的140N的摩擦力．（3）失去拉力后，对人和车整体受力分析，受到重力、支持力和沿斜面向下的摩擦力，根据牛顿第二定律，沿斜面的加速度为a′＝3507070−−＝−6m/s2根据速度时间公式，有0003

0.56vtsa−−−＝＝＝即人和车一起滑到最高点时所用的时间为0.5s．【点睛】本题关键是对小车和人整体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解出加速度，再对人受力分析，根据牛顿第二定律列式求解出车对人的摩擦力．17.我国交通法规规定：黄灯亮时车头已经越过停车线的车辆

可以继续前行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为，现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向以v0＝15m/s的速度匀速行驶，甲车在前，乙车在后，当两车快要到十字路口时，甲车司机看到黄灯闪烁，经过3.0秒黄灯提示后将再转为红灯。（1）若甲车在黄灯开始闪烁时紧急刹

车，要使车在黄灯闪烁的时间内停下来，求刹车时甲车到停车线的距离；（2）若甲车紧急刹车时产生的加速度大小为a1＝5m/s2，当甲车司机看到黄灯开始闪烁时车头距警戒线L＝30m，要避免闯红灯，他的反应时间Δt1不能超过多

少；（3）满足第（2）问的条件下，乙车司机看到甲车刹车后也刹车，但乙车司机需要有Δt2＝0.4s的反应时间，已知乙车紧急刹车时产生的加速度大小为a2＝6m/s2。为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车刹车前的距离x0至少为多大。【答案】（1）22.5m；（2）0.5s；（3

）2.4m【解析】【详解】（1）将甲减速过程视为匀减速直线运动，由012=vLt代入数据得L1＝22.5m（2）由202vax=解得甲的刹车距离x＝22.5m由反应距离为L-x＝v0Δt1解得反应时间Δt1＝0.5s（3）设乙车刹车时间t时甲

、乙两车速度相等，即v0-a2t＝v0-a1（t＋Δt2）解得t＝2s则t＝2s时汽车时速v＝v0-a2t＝3m/s在这段时间内甲车位移2201121.6m2vvxa−==乙车位移22020226m+18m=24m2vvxvta−=+=故甲、乙两车刹车前的距

离至少为x0＝x2-x1＝2.4m获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com