【文档说明】广东省江门市第二中学2020-2021学年高二上学期第一次月考物理试题含答案.docx，共(7)页，116.545 KB，由小赞的店铺上传

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江门市第二中学2020-2021学年第一学期第一次考试高一年级物理试题一、选择题(本题共15小题，第1—10小题只有一个选项正确,每题4分，第11—15小题有多个选项正确,全选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不选的得0分)1．元电

荷是最小的电荷量，测出这一物理量的科学家是（）A.牛顿B.库仑C.密立根D.爱因斯坦2．关于点电荷，下列说法正确的是()A．当带电体间的距离远大于带电体尺寸时可以看成点电荷B．一切带电体都可以看成点电荷C．只有带电体的体积很小时才能看成点电荷D．只有放入真空中的带电体才能看成点电荷

3．关于电场，下列说法正确的是（）A．电势有正负之分，因此电势是矢量B．电势降低的方向就是电场强度的方向D．电场强度的方向就是电荷所受电场力的方向D．处于静电平衡状态的导体，其内部的电场强度处处为04

．有关电场强度的理解，下述说法正确的是()A.由𝐸=𝐹𝑞可知，电场强度E跟放入的电荷q所受的电场力F成正比B.由𝐸=𝑘𝑄𝑟2可知，在离点电荷很近的地方，r接近于零，电场强度为无穷大C.电场强度是反映电场本身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关D.当电场中存在试探电

荷时，电荷周围才出现电场这种特殊物质，才存在电场强度5．如图所示，用起电机使金属球A带负电，靠近验电器B的金属球，则()A．验电器的金属箔片不张开，因为球A没有和B接触B．验电器的金属箔片张开，因为整个验电器都带上

了正电C．验电器的金属箔片张开，因为整个验电器都带上了负电D．验电器金属箔片张开，因为验电器下部的两金属箔片都带上了负电6．两个相同的带同种电荷的导体小球所带电荷量的比值为1∶3，相距为r时库仑力的大小为F，今使两小球接触后再分开放到相距为2r处，则此时库仑力的大小为()A．13FB．14FC．1

6FD．112F7．如图为金属球放入匀强电场后电场线的分布情况.设该电场中A、B两点的电场强度大小分别为AE、BE，则A、B两点()A．ABEE，电场方向相同B．ABEE，电场方向相同C．ABEE，电场方向不同D．ABEE，电场方向不同8．如图所示

，正点电荷Q产生的电场中，已知A、B间的电势差为U，现将电荷量为q的正点电荷从B移到A，则()A．外力克服电场力做功QU，电势能增加qUB．外力克服电场力做功qU，电势能增加qUC．外力克服电场力做功qU，电势能增加QUD．外力克服电场力做功QU，电势能减少QU9．如图所示，一半径为R的

圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷。已知b点处的电场强度为零，则d点处电场强度的大小为(k为静电力常量)()A．k3qR

2B．k10q9R2C．kQ＋qR2D．k9Q＋q9R210．如图所示，A、B、C是匀强电场中的三点，三点的电势分别为𝜑𝐴=10𝑉，𝜑𝐵=4𝑉，𝜑𝐶=−2𝑉，∠𝐴=30°，∠𝐵=90°，𝐴𝐶=

4√3𝑐𝑚，可确定该匀强电场的场强大小为()A.18𝑉/𝑚B.12√3𝑉/𝑚C.200𝑉/𝑚D.100√3𝑉/𝑚11．当用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近验电器的金属球后，金属箔片张开。此时，金属箔片所带电荷的电性和起电方式是()A．正电

荷B．负电荷C．感应起电D．接触起电12．如图所示为某电场中的一条电场线的直线部分，M、N为这条电场线上的两点，则()A．该电场一定是匀强电场B．该电场一定是单个点电荷产生的电场C．M、N两点的电场强度方向一定相同D．M点的电势比N点的电势高1

3．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，下列说法中正确的有()A．粒子带正电B．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力C．粒子在M点的动能大于在N点的动能D．粒子在M点的电势能大于在N点的电势能14．如图甲所示，A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初

速度为零的电子，电子仅在电场力作用下沿电场线从A点运动到B点，其速度随时间变化的规律如图乙所示。设A、B两点处电场的电场强度大小分别为EA、EB，A、B两点的电势分别为A、B，则（）A．ABEEB．ABE

EC．ABD．AB15．如图甲所示,一条电场线与Ox轴重合,取O点电势为零,Ox方向上各点的电势φ随x变化的规律如图乙所示,若在O点由静止释放一电子,电子仅受静电力的作用,则()A.电子将沿x轴

正方向运动B.电子运动的加速度先减小后增大C.电子的电势能将增加D.电子运动的加速度恒定二、计算题。(本题共2小题，其中16题12分，17题18分，共30分。)16．(12分)如图所示，一质量为m的带

电小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线与竖直方向成θ角。已知电场强度为E，重力加速度为g。求：(1)(2分)小球带什么电；(2)(4分)小球所带电荷量的大小；(3)(6分)将细线突然剪断的瞬间，小球的加速度大小。17.(18分)如图所示，ABC是

固定在竖直平面内的绝缘圆弧轨道，圆弧半径为R.𝐴点与圆心O等高，B、C点处于竖直直径的两端.𝑃𝐴是一段绝缘的竖直圆管，两者在A点平滑连接，整个装置处于方向水平向右的匀强电场中.一质量为m、电荷量为+𝑞的小球从管内与C点等高处由静止释放，一段时间后小球离开圆管进入圆弧轨道运动.已知匀强电场

的电场强度𝐸=3𝑚𝑔4𝑞(g为重力加速度)，小球运动过程中的电荷量保持不变，忽略圆管和轨道的摩擦阻力.求：(1)(5分)小球到达B点时速度的大小；(2)(6分)小球到达B点时对圆弧轨道的压力；(3)(2分)请通过计算判断小球能否通过圆弧轨道

上的C点。2020-2021学年第一学期第一次物理考试答案1C2A3D4C5D6A7C8B9B10C11AC12CD13AC14AD15AB16.【解析】(1)小球带负电(2分)(2)小球受力如图所示，由平衡条件：qE＝mgtanθ(2分)得tanmgq

E(2分)(3)细线剪断后小球所受合力为：cosmgF(2分)由牛顿第二定律得：F＝ma(2分)解得：cosga。(2分)17.【解析】：(1)小球从P运动到A的过程中，由动能定理得：𝑚𝑔.2𝑅+𝑞𝐸𝑅=12𝑚𝑣2𝐵

−0(2分)解得：𝑣𝐵=√11𝑔𝑅2(2分)(2)小球在最低点B时，根据牛顿第二定律得：𝐹𝑁−𝑚𝑔=𝑚𝑣𝐵2𝑅(2分)解得：𝐹𝑁=13𝑚𝑔2(2分)则由牛顿第三定律得：小

球对圆弧轨道的压力大小为(2分)(3)设小球能沿轨道到达C点，小球由P运动到C，根据动能定理有:𝑞𝐸𝑅=12𝑚𝑣𝑐2(2分)在C点，由受力分析有𝑚𝑔+𝑁2=𝑚𝑣𝑐2𝑅(2分)联立以上两式，整理得：N2=0(2分)假设成立，小球恰能沿轨道到达C点(1

分)