【文档说明】湖北省武汉外国语学校2023-2024学年高一上学期10月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(18)页，3.038 MB，由小赞的店铺上传

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武汉外国语学校2023—2024学年度第一学期高一阶段性诊断测试高一物理试卷一、选择题（1—7为单选，8—10为多选，每题4分，共40分）1.随着4G网络和智能手机的普及，各种导航软件层出不穷，给人们的生活带来了

极大的便利。国庆放假期间，小明驾车从厦门到泉州游玩，某导航软件推荐的最佳驾车路线里程为120公里，时间为1小时22分，下列说法正确的是（）A.“1小时22分”指的是时刻B.“120公里”指的是位移C.研究该车从厦门到泉

州的时间，汽车不能看成质点D.无论是否按照推荐的最佳路线走，位移都是相等的【答案】D【解析】【详解】A．“1小时22分”指的是时间间隔，故A错误；B．“120公里”指的是路程，故B错误；C．研究该车从厦门到泉州的时间，汽车大小形状可以

忽略，能看成质点，故C错误；D．因初末位置一定，无论是否按照推荐的最佳路线走，位移都是相等的，故D正确。故选D。2.梦天实验舱将由长征五号B遥四运载火箭执行发射任务。届时，中国空间站三舱组合体将形成“T”字型的基本构型，完成中国空间站的在轨建造。关于火箭点火

升空的速度和加速度的判断，下列说法错误的是（）A.火箭竖直向上升空过程中若速度增大，加速度方向一定向上B.火箭的速度增大，加速度不一定增大C.火箭速度变化越来越快时，加速度越来越大D.火箭点火将要升空时，火箭的速度为零，加速度也为零【答案】

D【解析】【详解】A．火箭升空过程中，速度向上且速度增加时，速度变化量的方向也向上，所以加速度方向也一定向上，故A正确，不符合题意；B．火箭的速度增大，加速度也可以减小，做加速度减小的加速运动，若火箭质量不变，加速度大小由合力大小决定，故B正确，不符合题意；C．加速度表示速度变化的快慢，

则火箭速度变化越来越快时，加速度越来越大，故C正确，不符合题意；D．点火时，火箭受到的推力逐渐增大，但是火箭的加速度等于零时，相当于火箭受力平衡，速度也等于零，即火箭还没有开始运动，故D错误，符合题意。故选D。3.a、b、c三个物体在同一条直线上运动，它们的x-t图像如图所示，其中图线c是一条2

0.6xt=的抛物线。有关这三个物体在0~5s时间内的运动，下列说法正确的是（）A.a物体做匀加速直线运动B.a、b两物体都做匀速直线运动，且速度相同C.c物体做加速度越来越大的加速直线运动D.5s=t时，a物体与c物体相距15m【答案】D【解析】【详解】A．由位移时间图

像斜率表示速度可知，a物体是一条倾斜的直线，说明a物体做匀速直线运动，故A错误；B．由图可知，a、b两物体都做匀速直线运动，速度大小相等都为2m/s，但a物体是沿x正方向，b物体沿x轴负方向，故B错误；C．图线c是一条20.6xt=的抛物线，结合2012xvtat=+可

知，c物体初速度为0，加速度为21.2m/s，所以c物体做匀加速直线运动，故C错误；D．由图可知，5s=t时，a物体与c物体相距15m，故D正确。故选D。4.“笛音雷”是春节期间常放的一种鞭炮，其着火后一段时间内的速度

—时间图像如图所示（取竖直向上为正方向），其中0t时刻为“笛音雷”起飞时刻、DE段是斜率大小为重力加速度g的直线。不计空气阻力，则关于“笛音雷”的运动，下列说法正确的是（）A.“笛音雷”在2t时刻上升至最高点B.34~tt时间内“笛音雷”做自由落体运

动C.01t~t时间内“笛音雷”的平均速度为12vD.34~tt时间内“笛音雷”的加速度向下【答案】D【解析】【详解】A．由图可知，04~tt时间内“笛音雷”的速度一直为正值，表明其速度方向始终向上，可知，“笛音雷”在2t时刻并没有上升至最高点，上升至最高点应该在4t时刻之后，

故A错误；B．34~tt时间内“笛音雷”速度方向向上，图像斜率为一恒定的负值，表明34~tt时间内“笛音雷”实际上是在向上做竖直上抛运动，其加速度就是重力加速度g，故B错误；C．将A、B用直线连起来，该直线代表匀加速直线运动，其平均速度为12v，而AB线段与横轴所围

的面积大于AB曲线与横轴所围的面积，该面积表示位移，根据ΔΔxvt=可知，直线代表的匀加速直线运动的平均速度大于AB曲线代表的变加速直线运动的平均速度，即01t~t时间内“笛音雷”的平均速度小于12v，故C错误；D．根据上述，34~tt时间内“笛音雷”做竖直上抛运动，加速度方向竖直向下

，故D正确。故选D。5.如图所示，是一种运动传感器。这个系统只有一个不动的小盒子B。工作时小盒B向被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动物体反射后又被B盒接收。根据发射与接收超声波脉冲的时间差可以得到B盒与运动物体的距离，进而得到物体的速度。若B盒第一次发射脉冲的时刻为1t，接

收到脉冲的时刻是2t，第二次发射脉冲的时刻为3t，接收到脉冲的时刻是4t，则物体在这段时间内的平均速度（已知超声波在空气中传播的速度为0v）是（）A.4321031ttttvtt−−+−B.432104321ttttvtttt−−++−−C4321031ttttvtt

−+−−D.432104321ttttvtttt−+++−−【答案】B【解析】【详解】由题可知，当被测物体通过的位移为21xx−时，所需要的的时间为43432121222ttttttttt++−−+=−=所以物体的平均速度为()212143212xxxxv

ttttt−−==+−−超声波通过的位移为21xx−时，所需要的的时间为43432121222ttttttttt−−−+−=−=又因为超声波的速度为0v，则2042112132()xxxxttvttt−−−−=+=联立解得物体的平均速度为43210

4321ttttvvtttt−−+=+−−故选B。6.酒后驾驶会导致许多安全隐患，其中之一是驾驶员的反应时间变长，“反应时间”是指驾驶员从发现情况到开始采取制动的时间。下表中“反应距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距.离；“刹车距离”是指驾驶员从踩下刹车踏板制动到

汽车停止的时间内汽车行驶的距离。分析上表可知，下列说法正确的是（）速度反应距离刹车距离正常酒后正常酒后20m/s6m12m20m20mA.驾驶员酒后反应时间为0.5sB.汽车刹车时，加速度大小为210m/sC.汽车刹车时，加速度大小为27.5m/sD.驾驶员酒后反应时

间比正常情况下多0.5s【答案】B【解析】【详解】A．由酒后反应距离为112mL=可知，驾驶员酒后反应时间为110.6sLtv==故A错误；BC．由22vax=可知，汽车刹车时，加速度大小为210m/sa=故B正确，C错误；

D．由正常反应距离为26mL=可知，驾驶员正常反应时间为220.3sLtv==驾驶员酒后反应时间比正常情况下多12Δ0.3sttt=−=故D错误。故选B。7.ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称。如图所示，汽车以15m

/s的速度行驶，如果过人工收费通道，需要在收费站中心线处减速至0，经过30s缴费后，再加速至15m/s行驶，如果经过ETC通道，需要在中心线前方10m处减速至5m/s，匀速到达中心线后，再加速至15m/s行驶，设汽

车加速和减速的加速度大小均为21m/s。下列说法不正确的是（）A.若汽车过人工收费通道，需要在距离中心线112.5m处开始减速B.若汽车过人工收费通道，从收费前减速开始，到收费后加速到15m/s结束，需要60sC.若汽车过ETC通道，需要

距离中心线100m处开始减速D.若汽车走ETC通道将会比走人工通道节省37s【答案】C【解析】【详解】A．汽车过人工收费通道，减速时与中心线的距离为20112.5m2vxa==故A正确；B．需要时间为0230s60svta=+=故B正确；C．若汽车过ETC

通道，减速时与中心线的距离为220100m10m110m2vvxda−=+=+=故C错误；D．若过ETC通道，汽车加速和减速的时间为01220svvta−==中心线前方10m内的匀速运动时间为22sdtv==由C选项可知，此时比人工通

道的位移少15m，则还需时间为315s1s15t==则汽车走ETC通道将会比走人工通道节省时间为12337sttttt=−−−=故D正确。本题选择不正确的，故选C。8.每隔一定时间就有一滴水从屋檐滴下，当第5滴正欲滴下时，第

1滴刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高1m的窗子的上下沿。（取210m/sg=）。下列说法正确的是（）A.滴水的时间间隔是0.2sB.水滴经过窗户下沿时的速度为4m/sC.窗户上沿离地面的高度为1.4mD.此屋檐离地面的

高度为3.2m【答案】AD【解析】【详解】A．根据初速度为零的匀加速直线运动比例关系，4段位移之比为1:3:5:7。由题意可知，第5滴和第4滴间距为211m52xgt==滴水的时间间隔是0.2st=故A正确；B．水滴经过窗户下沿时的速度为3100.23m/s6m/svgt=

==故B错误；C．窗户上沿离地面的高度为()2120.6m2hgt==故C错误；D．此屋檐离地面的高度为()2143.2m2hgt==故D正确。故选AD。9.如图所示为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是（）A.甲图像中，物体0～3t时间内做匀变速直线

运动B.乙图像中，阴影面积表示1t到2t时间内物体的速度变化量C.丙图像中，物体加速度大小为21m/sD.丁图像中，5s=t时物体的速度为6m/s【答案】BD【解析】【详解】A．甲图像中，图像的斜率表示加速度，可知20~t与23~tt的加速度不相同，则物体在0～3t时间内不是做匀变速直线运动，故A

错误；B．根据vat=可知乙图像中，阴影面积表示1t到2t时间内物体的速度变化量，故B正确；C．根据匀变速直线运动位移速度关系2202vvax−=可得2202vaxv=+由丙图可知，物体的加速度大小为221161m/sm/s2162a==故C错误；D．由丁图可

知，xt与t的关系式为0.51xtt=+整理可得20.5xtt=+结合匀变速直线运动位移时间关系在的2012xvtat=+可知物体的初速度和加速度分别为01m/sv=，21m/sa=则5s=t时物体的速度为5051m/s15m/s6m/svv

at=+=+=故D正确。故选BD。10.如图所示，在水平面上固定着四个材料完全相同的木块，长度分别是L、2L、3L、4L一子弹以水平初速度v射入木块，若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第四个木块时速度

恰好为0，则（）A.子弹通过所有木块的平均速度和初速度之比2vv=B.子弹穿出第一个木块和第三个木块时的速度之比3:2C.子弹通过第二个木块和第三个木块的时间之比上123772tt−=−D.通过前二个木块和前三个木块的时间之比12107102t

t−=−【答案】BCD【解析】【详解】A．子弹通过所有木块的平均速度和初速度之比122vvvv==故A错误；B．若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第四个木块时速度恰好为0，根据逆向思维，由22axv=可得子弹穿出第一个木块和第三个木块时的速度之比12

2(234)3224aLLLvvaL++==故B正确；C．子弹穿出第二个木块的速度为22(34)vaLL=+穿过第二个木块的平均速度为1222vvv+=所用时间122Ltv=子弹通过第三个木块的平均速度2232vvv+=所用时间2

33Ltv=则子弹通过第二个木块和第三个木块的时间之比127133772tt−==−−故C正确；D．设总时间为t，则214322LLLLat+++=解得20Lta=穿过最后一块木板过程中，根据逆向的匀加速直线运动可得24142Lat=所用时间为48Lta=穿过最后两块木板

过程中，根据逆向的匀加速直线运动可得21432LLat+=所用时间为14Lta=故通过前二个木块和前三个木块的时间之比124107102tttttt−−==−−故D正确。故选BCD。二、实验题（共17分）11.某同学做“探究物体速度随时间变

化的规律”的实验装置如图甲所示，图乙为电火花打点计时器在纸带上打出的一些计数点，相邻的两个计数点间还有四个点没画出，电火花打点计时器所用的交变电源频率为50Hz。（1）下列操作不正确的是______A.电火花打点计时器的电源应该使用6V

～8V的交变电源B.将纸带固定在小车尾部，并穿过电火花打点计时器的限位孔C.把一根细线拴在小车上，细线跨过定滑轮，下面吊着适当重量的钩码D.开始实验时先放开纸带，再接通电源（2）小车的加速度大小为______2m/s。（结

果均保留三位有效数字）（3）另一位同学利用如图丙所示的装置测定导轨上滑块运动的加速度，滑块上安装了宽度为d的遮光板，滑块在牵引力的作用下先后通过两个光电门A、B，配套的数字毫秒计时器（图中未画出）记录了遮光板通过第一个光电门A的时间At，则滑块通过第一个光电门的速度大小表达式为Av=__

____，若滑块通过光电门B的时间为Bt，两个光电门A、B间的距离为s，则滑块的加速度大小表达式为=a______。【答案】①.AD##DA②.0.380③.Adt④.222BAddttas−

=【解析】【详解】（1）[1]A．电火花打点计时器应使用220V交流电源，故A错误；B．将纸带固定在小车尾部，并穿过电火花打点计时器的限位孔，故B正确；C．细绳系上重物跨过定滑轮与小车相连，在释放前，小车要靠近打点计时器，故

C正确；D．为充分利用织带和小车由充分的运动距离，应先接通电源，后释放小车，故D错误。本题选择不正确的，故选AD。（2）[2]相邻计数点时间间隔为15s0.1s50T==小车的加速度为()22224.534.915.293

.393.774.1510m/s0.380m/s30.1a−++−−−==（3）[3][4]滑块通过第一个光电门的速度大小表达式为AAdvt=根据222BAddastt−=滑

块的加速度大小表达式为222BAddttas−=12.某同学研究在固定斜面上运动物体的平均速度、瞬时速度和加速度之间的关系．使用的器材有：斜面、滑块、长度不同的矩形挡光片、光电计时器．实验步骤如下：①如图(a)

，将光电门固定在斜面下端附近，将一挡光片安装在滑块上，记下挡光片前端相对于斜面的位置，令滑块从斜面上方由静止开始下滑；②当滑块上的挡光片经过光电门时，用光电计时器测得光线被挡光片遮住的时间Δt；③用Δs表示挡光片沿运动方向的长度[

如图(b)所示]，v表示滑块在挡光片遮住光线的Δt时间内的平均速度大小，求出v；④将另一挡光片换到滑块上，使滑块上挡光片前端与①中的位置相同，令滑块由静止开始下滑，重复步骤②、③；⑤多次重复步骤④；⑥利用实验中得到的数据作出v－Δt图，如图(c)所示．

完成下列填空：(1)用a表示滑块下滑的加速度大小，用vA表示挡光片前端到达光电门时滑块的瞬时速度大小，则v与vA、a和Δt的关系式为v＝________.(2)由图(c)可求得vA＝______cm/s，a＝______cm/s2.(结果保留3位有效数

字)【答案】①.12Avvat=+②.52.1cm/sAv=③.216.6cm/sa=【解析】【详解】（1）设挡光片末端到达光电门的速度为v，则由速度时间关系可知：Avvat=+，且2Avvv+=的联立解得：12Avvat=+；（2）由图（c）结合几何关系可求得52.1cm/s

Av=，223153.652.1cm/s8.3cm/s218010a−−=，即216.6cm/sa=．【点睛】此题主要考查学生对匀变速直线运动的基本规律的运用能力；解题时要搞清实验的原理，能通过运动公式找到图象的函数关系，结合图象的截距和斜率求解未知量．三、计算题（本大题共

3小题，共43分）13.一辆汽车在平直公路上做匀变速直线运动，公路边每隔12m有一棵树，如图所示，汽车通过AB两相邻的树用了4s，通过BC两相邻的树用了2s，求汽车运动的加速度和通过树B时的速度为多少？【答案】21m/sa=，5m/sBv=【解析】【详解】根

据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段时间内的平均速度，则AB段的中间时刻速度为112m/s3m/s4v==BC段的中间时刻速度为212m/s6m/s2v==则汽车运动的加速度为222163m/s1m/s21vvat−−===+设汽车通过树B时的速度为Bv，则有1143m

/s1m/s5m/s22Btvva=+=+=14.一个飞行器以2125m/s12的加速度由静止从地面竖直上升，4.8s末从飞行器上掉下一个重物，忽略空气阻力，210m/s=g，则（1）此重物最高可上升到距地面多高处？（2）此重物从飞行器上掉下后，经多长

时间落回地面？重物落地时的速率是多少？（3）试求重物从飞行器上掉落后至落地过程中平均速度。【答案】（1）245mh=；（2）12st=，70m/sv=；（3）10m/sv=−，方向竖直向下【解析】【详解】（1）重物在04.8s内末速度为的0

11254.8m/s50m/s12vat===此过程中上升高度为2111120m2hat==掉落飞行器，重物做竖直上抛运动，则上升最高点高度为220250m125m2210vhg===则此重物最高可上升到距地面为12245mhhh=+=（2）掉落飞行器，重物上升最高

点所用时间为025svtg==重物在下降过程中，根据2312hgt=解得所用时间为37st=重物从飞行器上掉下后，落回地面时间为2312sttt=+=重物落地时的速率为370m/svgt==（3）重物从飞行器上掉落后至落地过程中的平均速度为112

0m/s=-10m/s12hxvtt−===−方向竖直向下。15.甲、乙两车在同一水平路面上做直线运动，某时刻乙车在前、甲车在后，相距6ms=，从此刻开始计时，乙车做匀减速直线运动直至停止，乙车第1s内的

位移为11.5m，停止运动前最后1s内的位移为0.5m，甲车运动的st−图像如图所示（0～6s是开口向下的抛物线的一部分，612s是直线，两部分平滑相连），求：（1）甲车在开始计时时刻的速度1v和加速度大小1a；（2）乙车在开始计时时刻的速度2v和加

速度大小2a；（3）以后的运动过程中，两车何时相遇？【答案】（1）116v=m/s，212m/sa=；（2）212v=m/s；221m/sa=；（3）2s，6s，10s相遇三次【解析】【详解】（1）因开始阶段s-t图像的斜率逐渐减小，可知甲车做匀减速运动；

由21112svtat=−由图像可知：6st=时，60ms=，则211160662va=−6s末的速度68060m/s4m/s116v−==−则由161vvat=−可得1146va=−联立解得116v=m/s212m/sa=（2）乙车第1s内的位移为11.5m，停止运动前最后1s

内的位移为0.5m，则将此运动看做逆向的匀加速直线运动，则2122110.5m22xata===解得221m/sa=根据运动学公式可得2222111.5m2xvtat=−=解得212v=m/s（3）若甲车在减速阶段相遇，则22001122vtatv

tats−=−+甲甲乙乙带入数据解得12st=26st=则12st=时甲超过乙相遇一次，t2=6s时刻乙超过甲第二次相遇；因以后甲以速度4m/sv=甲做匀速运动，乙此时以12m/s61m/s6m/sv=−=乙的初速度做减速运动，则相遇时满足21-2vtvtat=甲乙

乙解得2s=t即在10s时刻两车第三次相遇。