【文档说明】河南省周口市中英文学校2019-2020学年高一下学期期中考试物理试题 【精准解析】.doc，共(13)页，341.500 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-284d0e3889f45176c8fa6df60d7ee366.html

以下为本文档部分文字说明：

-1-周口中英文学校2019-2020下学期高一期中考试物理试题一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，1～10小题只有一项符合题目要求，11～12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.下列说法正确的是（）A

.加速度恒定的运动不可能是曲线运动B.曲线运动的速度一定变化C.平抛运动不是匀变速运动D.匀速圆周运动是速度不变的运动【答案】B【解析】【详解】A．加速度恒定的运动也可能是曲线运动，例如平抛运动，A错误；B．曲线运动的速度方向一定变化，则速度一定变化，B正确；C．平抛运动的加速度

是恒定不变的，则平抛运动是匀变速运动，C错误；D．匀速圆周运动速度的大小不变，方向不断变化，则是速度变化的运动，D错误。故选B。2.如图所示为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间．假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，则他()A.所受的合力为零，做匀速运动B.所受的合力变

化，做变加速运动C.所受的合力恒定，做变加速运动D.所受的合力恒定，做匀加速运动【答案】B【解析】【详解】匀速圆周运动过程中，线速度大小不变，方向改变，向心加速度大小不变，方向始终指向圆心，向心力大小不变，方向始终指向圆心。所以物体做变加速运动

，故B正确，ACD错误。3.西班牙某小镇举行了西红柿狂欢节，其间若一名儿童站在自家的平房顶上，向距离他L处-2-的对面的竖直高墙上投掷西红柿，第一次水平抛出的速度是2v0，第二次水平抛出的速度是v0，则比较前后两次被抛出的西红

柿在碰到墙时，有（不计空气阻力）（）A.运动时间之比是1∶2B.下落的高度之比是1∶2C.下落的高度之比是4∶1D.运动的位移之比是2∶1【答案】A【解析】【详解】A．两次抛出后都碰到了墙，所以水平位移相同，西红柿的运动可分解为竖直方向的自由落

体运动和水平方向的匀速直线运动，水平位移相同，初速度之比为2:1，根据0xvt=可知运动时间之比是1:2，故A正确；BC．根据212hgt=可知下落的高度之比是1:4，故B、C错误；D．根据22sxh=+可得运动的位移大小为2422224001[()]24xgxsxgxvv=+=+运动的位移

之比4220242210646416vgLssvgL+=+故D错误；故选A。4.如图所示，不可伸长的轻绳—端拴一质量为m的小球，另—端固定在竖直平面内的O点，仅在小球重力和绳子拉力的作用下让小球绕O点在竖直面内做圆周运动，则下列表述符合实际的是（）A.在小球运动的过程中绳子的拉力大小一直不

变B.小球运动到最低点时绳子最容易断裂C.小球运动至与圆心等高处时绳子的拉力最小D.小球运动到最高点时绳子的拉力一定不能为零-3-【答案】B【解析】【详解】小球在不同位置时的速度不同，拉力与重力的合力充当向心

力，拉力在最低点最大，绳子容易断裂，最高点最小，且可以为零，故ACD错误B正确．故选B.5.两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动的周期之比TA∶TB=1∶8，则速率之比和运动轨道半径之比分别为（）A.vA∶vB=1∶2；rA∶rB=

4∶1B.vA∶vB=2∶1；rA∶rB=4∶1C.vA∶vB=1∶2；rA∶rB=1∶4D.vA∶vB=2∶1；rA∶rB=1∶4【答案】D【解析】【详解】根据万有引力提供向心力为22224=mMvGmrmrTr＝可得

3224GMTr=GMvr=因为TA：TB=1：8所以rA：rB=1：4vA：vB=2：1故选D。6.一名宇航员来到一个星球上，如果星球的质量是地球质量的2倍，它的直径是地球直径的2倍，那么这名宇航员在该星球上所受到的万有引力

的大小是他在地球上所受万有引力的（）A.0.25倍B.0.5倍C.2.0倍D.4.0倍-4-【答案】B【解析】【详解】根据万有引力定律2GMmFr=可知22MrFFMr=星星地星地地代入数据可得0.5FF=星

地故选B。7.两辆汽车在同一平直路面上行驶，它们的质量之比m1∶m2=1∶2，速度之比v1∶v2=2∶1。当两车急刹车后，甲车滑行的最大距离为l1，乙车滑行的最大距离为l2，设两车与路面间的动摩擦因数相等，

不计空气阻力，则（）A.l1∶l2=4∶1B.l1∶l2=1∶2C.l1∶l2=2∶1D.l1∶l2=1∶4【答案】A【解析】【详解】由动能定理得-μmgl=0-Ek即212mglmv=汽车的位移为22vlg=速度之比为v1：v2=2：1，m1：m2=1：2，两车与路面间的动摩擦因数相同，所以

有l1：l2=4：1故选A。-5-8.假设地球的质量不变，而地球的半径增大到原来半径的2倍，那么从地球发射人造卫星的第一宇宙速度的大小应为原来的()A.2倍B.12倍C.22倍D.2倍【答案】C【解析】【详解】地球的第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的环绕速度，即轨道半径为地球半径的环绕速度，则

由2GMmR=m2vR得：vGMR=，所以第一宇宙速度是GMR，R为地球半径．地球半径增大到原来的2倍，所以第一宇宙速度（环绕速度）大小应为：v'2GMR=，即为原来的22倍．故C正确，ABD错误．9.我国发射的

某飞行器和神舟飞船在对接前，神舟飞船的运行轨道高度为343km，某飞行器的运行轨道高度为350km。它们的运行轨道均视为圆，则（）A.神舟飞船比某飞行器线速度小B.神舟飞船比某飞行器周期小C.神舟飞船比某飞行器角速

度小D.神舟飞船比某飞行器加速度小【答案】B【解析】【详解】根据飞船和飞行器做圆周运动，合外力为万有引力，故万有引力做向心力可得：222224=mMvGmrmrmmarTr=＝＝故线速度GMvr＝周期234r

TGM＝-6-角速度3GMr＝加速度2GMar＝所以运行轨道高度越高，轨道半径r越大，则周期越长，线速度、角速度、加速度越小，故选B。10.用水平恒力F作用于质量为m的物体，使之在光滑的水平面上沿力的方向移动距离l，恒力F做功为W1；再用该恒力作用在质量为2m的

物体上，使之在粗糙的水平面上移动同样的距离2l，恒力F做功为W2，则两次恒力做功的关系是（）A.W2=4W1B.2W1=W2C.W1=W2D.无法判断【答案】B【解析】【详解】由于物体两次受到的都是恒力的作用，根据恒力做功的公式W=FL可知，在两次拉物体运动的过程中，拉力的大小相

同，物体运动的位移之比为1:2，所以两次拉力做的功关系为2W1=W2，故ACD错误，B正确。故选B。11.某人用手将2kg的物体由静止向上提起2m，这时物体的速度为2m/s（g取10m/s2），则下列说法正确的是（）A.合力做功4JB.合力做功8JC.手对物体做功12JD.物体克服重力做功40J【

答案】AD【解析】【详解】AB．根据动能定理214J2Wmv==合A正确，B错误；D．上升的过程中克服重力做的功G40JWmgh==-7-D正确；C．上升过程中，只有手对物体拉力做功和重力做功，因此GWWW−

=拉合可知手对物体做功44JW=拉C错误。故选AD。12.研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时。假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比（）A.距地面的高度变小B.向心加速度变大C.线速度变小D.角速度变小【答案】CD【

解析】【详解】地球同步卫星由万有引力提供圆周运动向心力，据2224mMGmrrT＝知随着T增大，轨道半径r增大；而由2mMGmar=得向心加速度变小；据2T＝得角速度减小；根据22=rmMvGmr可知GMvr=轨道半径r变大，卫星的线速度变小。则AB错

误，CD正确。故选CD。二、填空（本题包括2个小题，共15分）-8-13.人造卫星在其轨道上受到的地球引力是它在地球表面上所受引力的19，那么此人造卫星的轨道离地表的高度是地球半径的_____倍；如果人造卫星的轨道半径r=5R0（R0是地

球半径），则它的向心加速度a0=_____m/s2（g取9.8m/s2）。【答案】(1).2(2).0.392【解析】【详解】[1]地球半径为R0，人造卫星的轨道半径为r，根据万有引力提供向心力可知，在

轨道上受到的地球引力12GMmFr=，在地球表面受到地球引力220GMmFR=，其中219FF=，联立解得03rR=则人造卫星的轨道离地表的高度时地球半径的2倍[2]如果r=5R0时，根据万有引力提供向心加速度可知02GMmmar=地球表面的重

力加速度20GMmmgR=解得22200020()0.392m/s5RRaggrR===14.某物理兴趣小组在探究平抛运动的规律实验时，将小球做平抛运动，用频闪照相机对准方格背景照相，拍摄到了如图所示的照片，已

知每个小方格边长为10cm，当地的重力加速度为g=10m/s2。(1)若以拍摄的第一点为坐标原点，水平向右和竖直向下为正方向，则没有被拍摄到的小球位-9-置坐标（_____cm，_____cm）；(2)小球平抛的初速度大小为_____m/s。【答案】(1).60(2)

.60(3).2【解析】【详解】(1)[1][2]因为竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量，可知3、4两点的竖直距离为3格，则第4个点的纵坐标为60cm，水平方向上相等时间内位移相等，可知第4个点的横坐标为60cm(2)[3]根据△y

=gT2得，相等的时间间隔0.1s=0.1s10yTg==则小球平抛运动的初速度00.2m/s2m/s0.1xvT===三、计算题（12分+12分+13分=37分）15.长L=1.0m的轻杆，其一端连接着一个零

件A，A的质量m=2kg。现让A在竖直平面内绕O点做匀速圆周运动，如图所示。在A通过最高点时，求下列两种情况下A对杆的作用力：（取g=10m/s2）(1)A的速率为1m/s；(2)A的速率为4m/s。【答案】(1)18N，向下；(2

)12N，向上【解析】【详解】以A为研究对象，设其受到杆的拉力为F，则有2vmgFmL+=(1)代入数据v=1m/s，可得-10-221210N18N1vFmgL=−=−=−()()即A受到杆的支持力为18N，根据牛

顿第三定律可得A对杆的作用力为向下的压力18N。(2)代入数据v=4m/s，可得22210N124N1vFmgL=−=−=()()即A受到杆的拉力为12N，根据牛顿第三定律可得A对杆的作用力为向上的拉力12N。16.已知某星球的质量为地球质量的4倍，半径为

地球半径的一半。(1)在该星球和地球表面附近，以同样的初速度分别竖直上抛同一个物体，则上升的最大高度之比是多少？(2)若从地球表面附近某处（此处高度较小）平抛一个物体，射程为40m，则在该星球上，从同样的高度以同样的初速度平抛同一物体，射程是多少？【答案】(1)1∶16；(2)10m【解析】【

详解】（1）在星球和地球表面附近竖直上抛的物体都做匀减速直线运动，其上升的最大高度分别为202vhg=星星202vhg=地地重力等于万有引力2MmmgGR=解得22116gMRhhgMR===星星地地

星星地地（2）由物体做平抛运动得x=v0th=12gt2重力等于万有引力-11-2MmmgGR=解得202hRxvGM=2214MxRxRM==星星地星地地110m4xx==星地17.为修建高层建筑常用的塔式起重机。在起重机将

质量m=4×103kg的重物竖直吊起的过程中，重物由静止开始向上做匀加速直线运动，加速度a=0.1m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率直到重物做vm=1m/s的匀速运动。不计额外功。（取g=10m/s2）求

：(1)起重机允许的最大输出功率；(2)重物做匀加速运动所经历的时间和起重机在第2s末的输出功率。【答案】(1)4×104W；(2)9.9s，8.08×103W【解析】【详解】(1)设起重机允许输出的最大功率为P0，重物达到最大速度时，拉力F0等于重力。P0=F0vmF0=mg代入数据有P0=4×

104W(2)匀加速运动结束时，起重机达到允许输出的最大功率，设此时重物受到的拉力为F，速度为v1，匀加速运动经历时间为t1，有：P0=Fv1F-mg=mav1=at1代入数据得t1=9.9st=2s时，重物处于匀加速运动阶段，设此时速度为v2，输出功率为P，则

v2=atP=Fv2-12-代入数据得P=8.08×103W-13-