【文档说明】湖南省湖湘教育三新探索协作体2022-2023学年高一上学期11月期中联考物理试卷含答案.docx，共(16)页，1.190 MB，由envi的店铺上传

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湖湘教育三新探索协作体2022年11月期中联考高一物理班级：姓名：准考证号：（本试卷共4页，16题，全卷满分：100分，考试用时：75分钟）注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号写在试题卷和答题卡上

，并将准考证条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上相应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、

草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后，将答题卡上交。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理思想

与研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等等。以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法，采用了等效替代思想B.加速度的定义vat=采用的是比值定义法C.

手压桌面，为了观察桌面的微小形变应用了微元法的思想D.在实验探究滑动摩擦力与接触面的正压力、粗糙程度等因素的关系时，运用了类比法2.为方便市区居民乘坐城铁，长株潭城铁株洲中心站已正式投入运营。长株潭城际铁路全长104.36公里，

运行时速可达160km/h，株洲到长沙只需24分钟。下列说法中错误的是A.全长104.36千米指路程B.160km/h指平均速度C.24分钟是指时间间隔D.研究城铁通过跨湘江大桥的时间，城铁不可看成质点3.甲、乙、丙、丁四幅图呈现的是常见的竞技体育的项目，关于图中的受力情况，下列说法

正确的是A.图甲中撑杆跳运动员在上升的过程中受到滑动摩擦力的作用B.图乙中跳水运动员静止倒立在水平跳台上时受到重力、支持力和摩擦力的作用C.图丙中皮划艇对水的力和水对皮划艇的力是一对平衡力D.图丁中羽

毛球撞击球拍的力是由羽毛球发生形变引起的4.如右下图所示，一个质点以某一初速度沿直线依次通过A、B、C三点，已知AB=4m，BC=3.5m。设质点运动过程中加速度保持不变。已知质点在A、B间的速度增加量为2m/s，在B、C间的速度增加量为1m/s，

则下列说法正确的是A.质点经过A处时的速度大小为1m/sB.质点经过B处时的速度大小为1m/sC.质点在该路段行驶的加速度大小为2m/s2D.质点在该路段行驶的加速度大小为0.5m/s25.如右图所示，物

理老师课堂上组织一项“大力士”挑战赛，某同学两手水平用力地夹起一摞书保持静止，设手对书施加的水平压力大小为F=100N，若每本书的质量均为0.30kg，手与书之间的动摩擦因数为μ1=0.5，书与书之间的动摩擦因数相同均为μ2=0.3，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2，

则该同学A.最多能夹住20本书B.最多能夹住22本书C.最多能夹住33本书D.最多能夹住34本书6.将小球a从地面以一定的初速度竖直上抛，经0.5s时间小球a的速度大小为1m/s，方向向下；小球a抛出后经过0.2s，此时将小球b在上方距地面1.8m处静止释放，不计空气阻力，重力加速度g=10m/

s2，下列说法正确的是A.小球a抛出时的速率为6m/sB.小球a抛出后0.5s内，小球a的平均速率为1.5m/sC.小球b比小球a先落地D.若把小球b释放的高度增大，则a、b两球一定不会在空中相遇二、多项选择题：本题共5小题，每小题5分，共25分

。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.如右下图所示，物体M放在固定在地面的粗糙斜面上，且M保持静止，现用水平外力F推M，当外力F由零逐渐增加而物体始终保持静止的

情况下A.M所受的静摩擦力一定逐渐减小到零B.M受到的支持力一定增大C.M所受静摩擦力的方向可能改变D.M所受合力不变8.物体以某一速度冲上一光滑斜面（足够长）做匀变速直线运动。物体前6s内位移是3.6m，随后6s内位移是零，则下列说法中正确的是A.

物体的初速度大小为0.9m/sB.物体的加速度大小为0.1m/s2C.物体向上运动的最大距离为4mD.物体回到斜面底端，总共需时18s9.甲、乙两辆玩具车在同一平直路面上行驶，其运动的位移一时间图像如右图所示，则下列说法正确的是A.甲

车先做匀速直线运动，后静止不动B.甲、乙两车在0～10s内平均速度大小都为1.2m/sC.在0～10s内，甲、乙两车只相遇一次D.若乙车做匀变速直线运动，则图线上P点所对应的瞬时速度的大小可能小于1.2m/s10.如右图所示，原长分别为L1=10cm和L2=20cm，劲度系数分别为k1=1000

N/m和k2=2000N/m的轻质弹簧竖直悬挂在天花板上，两弹簧之间有一质量为m1=2kg的物体，最下端挂着质量为m2=4kg的另一物体，整个装置处于静止状态，此时两个弹簧的总长度为L；随后用一个质量为M的平板把下面的物m1体竖直缓慢地向上托起，直到两个弹簧

的总长度等于两弹簧的原长之和，这时平板受到上面物体m2的压力为FN，计算时重力加速度取10m/s2，则A.L=0.38mB.L=0.34mC.1603NFN=D.1403NFN=11.如下图所示，质量相同且分布均匀的4个光

滑小球0，放在倾角均为θ的固定斜面体上，斜面体位于同一水平面上，且小球处于平衡，则下列说法中正确的是A.丁图中球O对挡板MN的压力最大B.乙图中球O对斜面的压力最小C.甲图中球O对斜面的压力最小D.甲、乙、丙、丁四幅图中，挡板M和斜面对球O的

弹力的合力都不相同，其中丙图中球0受到的弹力最大三、实验题：本题共2小题，第12题9分，第13题6分，共15分。12.（9分）（1）关于打点计时器的使用，下列说法中正确的是___________。A.电火花打点计时器使用的是8

V的交流电源B.在测量物体速度时，先接通打点计时器的电源，再让物体运动C.使用的电源频率越低，打点的时间间隔就越小D.纸带上打的点越稀疏，说明物体运动得越快（2）在研究匀变速直线运动的实验中，已算出小车经过各计数点的瞬时速度，则为了计算加速度，最佳的方法是__________。A.根据任

意两计数点的速度用公式vat=算出加速度B.依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度C.根据实验数据画出v一t图像，量取其倾角θ，用a=tanθ求出加速度D.根据实验数据画出v一t图像，由图像上相距较远

的两点所对应的速度、时间用公式vat=算出加速度（3）在研究匀变速直线运动的实验中电源频率为50Hz，如右图所示为某次记录物体运动情况时的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的记数点，相邻记数点间有4个计时点未标出，已知A点为计时起点。（计算结果均保留两位有效数字）①推测物体做____

_______（填“匀加速”“匀减速”或“匀速”）直线运动；②D点的瞬时速度vD=___________m/s；③物体的加速度a=___________m/s2。13.（6分）某实验小组用一只弹簧秤和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如右图所示的实验

装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心的正上方A处，另一端系绳套1和绳套2。主要实验步骤如下：①弹簧秤挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，记下弹簧秤的示数F；②弹簧秤挂在绳套1上，用

手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，___________，此时绳套1沿30°方向，绳套2沿120°方向，记下弹簧秤的示数F1；③根据力的平行四边形定则计算绳套1的拉力F1′=___________；④比较_________

__，即可初步验证；⑤只改变绳套2的方向，重复上述实验步骤。回答下列问题：（1）完成实验步骤：②___________；③___________；④___________；（2）将绳套1由30°方向缓慢转动到90°方向，同时绳套2由120°方向缓慢转动到180°方向，此过程中保持橡

皮筋的结点在0处不动，保持绳套1和绳套2的夹角90°不变。关于绳套1的拉力F1和绳套2的拉力F2大小的变化，下列结论正确的是___________（填选项前的序号）A.F1逐渐增大B.F1先增大后减小C.F2逐渐减小D.F2先减小后增大四、解答题：本题共3小题，第14题10

分，第15题10分，第16题16分，共36分。要求写出必要的文字描述和关系式。14.（10分）近两年，交警将“礼让行人”作为管理重点，“斑马线前车让人”现已逐渐成为一种普遍现象，如右图所示。司机小赞驾车以54km/h的

速度，在平直的城市道路上沿直线行驶。看到斑马线有行人后立即以3m/s2的加速度刹车，车停住时车头刚好碰到斑马线。等待行人9s后（人已走过），又用了6s时间匀加速至原来的速度。开始刹车时设为计时起点（即t=0），则：（1）求车前6s内的位移大小；（2）求从开始刹车到恢复原速这段

时间内车的平均速度大小。15.（10分）如右图所示，重物A被绕过定滑轮的细线所悬挂，质量为5kg的重物B放在粗糙的水平桌面上，重物B与水平桌面的动摩擦因数μ=0.5，定滑轮被一根细线系于天花板上的0点，0′是三根细线的结点，bO′水平拉着B物体，cO′沿竖直方向拉着弹簧，aO

′与竖直方向的夹角为120°。弹簧、细线、滑轮的重力及细线与滑轮间的摩擦力忽略不计，整个装置处于静止状态，g取10m/s2，若悬挂滑轮的细线OP的张力是253N，求：（结果可用根号表示）（1）重物A的质量是多少？（2）弹簧处于何种状态，弹力大小为多少？

（3）重物B对桌面的摩擦力为多大？方向如何？16.（16分）在笔直的公路上前后行驶着甲、乙、丙三辆汽车，甲在前，乙在中间，丙在最后，速度分别为20m/s、24m/s、27m/s。当甲、乙、丙三车依次相距20m时

，乙车驾驶员发现甲车开始以2m/s2的加速度做匀减速运动，乙车即刻也做匀减速运动，丙车发现后也同样处理，直到三辆车都停下来未发生撞车事件，不计汽车自身长度。（计算结果保留三位有效数字）试问：（1）乙车做匀减速运动的

加速度至少为多大？（2）丙车做匀减速运动的加速度至少为多大？湖湘教育三新探索协作体2022年11月期中联考高一物理参考答案1234567891011BBDABDBCDABDABACAC1．【答案】B【解析】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法，采用了理想化模型，故A错误

；B．加速度的定义vat=采用的是比值定义法，故B正确；C．手压桌面，为了观察桌面的微小形变应用了微小形变放大法，故C错误；D．在实验探究滑动摩擦力与接触面的正压力、粗糙程度等因素的关系时，运用了控制变量法，故D错误。2．【答案】B【

解析】160km/h指瞬时速度，故B错误。3．【答案】D【解析】A．撑杆跳运动员上升过程中受到的摩擦力为静摩擦力，故A错误；B．跳水运动员静止时受重力、支持力作用，故B错误；C．皮划艇对水的力和水对皮划艇的力是作用力与反作用力，故C错误；D．羽毛球撞击球拍的

力是由羽毛球发生形变引起的，故D正确。4．【答案】A【解析】设质点经过A点时速度为v，由于质点在AB段速度增加量为2，故通过B时速度为2v+，同理通过C时速度为3v+，由匀变速直线运动的速度与位移的公式有221(

2)2vvax+−=，222(3)(2)2vvax+−+=，联立两式解得1m/sv=，21m/sa=，故A正确。5．【答案】B【解析】先将所有的书（设有n本）当作整体，受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有：12Fnmg，则有：1220.510033.30.3010

Fnmg==再考虑除最外侧两本书（2n−本），受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有：22(2)Fnmg−，则有：2220.310022220.3010Fnmg+=+=故最

多能夹住22本书。6．【答案】D【解析】A、小球a做竖直上抛运动，取竖直向上为正方向，则0.5s末小球a的速度为1m/sv=−，由0vvgt==得小球a抛出时的速率0(1100.5)m/s4m/svvgt=+=−+=，故A错

误。B、小球a上升的最大高度2204m0.8m220vhg===，小球a抛出后0.5s内，小球a的位移2201140.5m100.5m0.75m22xvtgt=−=−=，路程为20.85mshx=−=，平均速率为1.7m/ssv

t==，故B错误。C、小球a在空中运动的总时间226s0.8s10aavtg===，则小球b下落的时间0.6sbt=，再加上0.2s，所以a、b小球同时落地，C错误，D正确。7．【答案】BCD【解析】当没有外力时，物体静止在斜面上，此时物体受到的支持力和静摩擦力分别

为cosNMg=，sinfMg=。B．当外加水平力F后，斜面对物体的支持力大小为cossinNMgF=+，可知随着外力F由零逐渐增加过程，斜面对物体的支持力一直增大，故B正确；AC．若外力增加过程一直满足cossinFMg，物体受到的摩擦力大小为sincosfM

gF=−，可知随着外力F由零逐渐增加过程，物体受到的摩擦力逐渐减小；若外力增加过程，最后满足cossinFMg，则当cossinFMg，物体受到的摩擦力大小为cossinfFMg=−，可知随着外

力F由零逐渐增加过程，摩擦力先逐渐减小到零再反向逐渐增大，故A错误，C正确；D．物体一直处于静止状态，所受合力一直为零，故D正确。8．【答案】ABD【解析】由2xaT=，所以物体上滑的加速度：22203.60.16

m/sxaT−===−；根据匀变速直线运动的位移时间关系有物体前6s内的位移2012xvtat=+，物体的初速度为：00.9m/sv=，所以物体向上运动的最大距离为：2004.05m2mvxa−==，根据2012xvtat=+，物体回到出发点的时间为：18

t=s。9．【答案】AB【解析】A．甲车先做匀速直线运动，后静止，故A正确；B．平均速度用总位移除以总时间都为1.2m/s，故B正确；C．在0～10s内，甲、乙两车相遇两次，故C错误；D．若乙车做匀变速直线运动，则图线上P点所对应的瞬时速度一定大于1.2m

/s，故D错误。10．【答案】AC【解析】劲度系数为1k轻质弹簧设它的伸长量为1x，根据胡克定律有：1211()mmgkx+=，劲度系数为2k轻质弹簧设它的伸长量为2x，根据胡克定律有：222mkx=，这时两个弹簧的总长度为：1212LLLxx=+++，代入数据得：0.38

L=m。用一个平板把下面的物体竖直缓慢地向上托起，直到两个弹簧的总长度等于两弹簧的原长之和时，下面的弹簧应被压缩x，上面的弹簧被拉伸x。以1m为对象，根据平衡关系有：121()kkxmg+=；以2m为对象，设平板对2m的支持力为NF，根据平衡关系有：

N22Fkxmg=+；代入数据得：N160N3F=由牛顿第三定律可知压力为N160N3F=。11．【答案】AC【解析】将甲、乙、丙、丁四种情况小球的受力图作在一幅图上，如图，根据平衡条件得知，甲图中斜面

对小球的弹力为零，挡板对小球的弹力等于其重力G。斜面对小球的弹力和挡板对小球的弹力的合力与重力大小相等、方向相反，即得到四种情况下此合力相等，根据平行四边定则得知，丁图中挡板MN对球O弹力MNN最大，故AC正确。12．（9分）【答案】（1）BD（2分）（2）D（2分）（3）①匀加

速直线（1分）②0.12（2分）③0.19（2分）【解析】（1）A、电火花打点计时器使用的是220V的交流电源，故A错误；C、使用的电源频率越低，打点的时间间隔就越大，故C错误。（2）在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据

实验数据画出vt−图像，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式vat=算出加速度，这样误差最小。故A、B错误，D正确。根据实验数据

画出vt−图像，当纵坐标取不同的标度时，图像的倾角就会不同，所以量出其倾角，用公式tana=算出的数值并不是加速度，故C错误。（3）打点的时间间隔为0.02s，相邻计数点间有4个计时点未标出，可知相邻计数点间的时间间隔为0.1s。2(3.851.54)cm2.3110mCEx−=−=

；D点的瞬时速度为：0.12m/s2CEcxvT==。根据2xaT=得，加速度为：2220.19(m3/s)ADDGxxxaTT−===。13．（6分）【答案】（1）②使橡皮筋的结点到达O处（1分）③2F（2分）④1F和1F（1分）（2）AC或CA（

2分）【解析】（1）③结点O的受力分析图如右图所示由图可知1cos60FF=解得112FF=④通过比较1F和1F，即真实值和理论值比较，可以验证实验结论；（2）如右图图解，由图可知1F逐渐增大，2F逐渐减小。故选AC。14．（10分）【答案】（1）37.5

m（5分）（2）4.125m/s（5分）【解析】（1）由题意可知054km/h15m/sv==；刹车时间0105s6svta−==；所以由20102vax−=，得前6s内的位移201037.5m2vxa−==。（5分）（2）匀加速直线运动位移02345m2vxt==；平均速度12

1234.125m/sxxvttt+==++（5分）15．（10分）【答案】（1）2.5kgm=（3分）（2）212.5NF=弹簧处于拉伸状态（3分）（3）253N2ff==静静静静方向水平向右（4分）【解析】（1）对定滑轮受力分析，如图重物A处于静止状态，有Tmg=；

定滑轮两侧绳子的拉力大小相等，设细线OP的张力为F，根据对称性可知细线OP与竖直方向的夹角为30°，可得2cos30FT=联立，可得2.5kgm=（3分）（2）以结点O为研究对象，受力如右图根据平衡条件，有1cos60F

T=，2sin60FT=解得112.5NF=2253N2F=所以弹簧的弹力大小为112.5NF=弹簧处于拉伸状态（3分）（3）分析B物体，可得2fF=静解得253N2f=静（3分）由牛顿第三定律可得重物B对桌面的摩擦力大小2

53N2ff==静静，方向水平向右（1分）16．（16分）【答案】（1）22.40m/sa乙（6分）（2）22.60m/sa丙（10分）【解析】（1）由题意，甲乙速度相等时为刚好不相撞的临界，则vatvat−=−乙乙甲甲，即24202att−=−乙；此时位移关

系有2201122vtatvtatx−=−+乙甲甲乙，即2211242022022tattt−=−+乙；（4分）联立上述表达式可求得212.00m/sa=乙，222.4/s0ma=乙，但当212.00m/s

a=乙时，共速的时间42ta=−乙，此式无意义，舍去；当222.4/s0ma=乙时，共速的时间410s2ta==−乙，此时甲乙都刚好在同一位置同时停下来，符合题意，则乙的加速度至少为22.40m/sa=乙（2分）（

如果刚好在甲停下时，乙刚好也在相同时间里减速到零并与甲恰好不相撞，画vt−图像可以求得这时需要甲乙原距离为20m求得也可；）（2）乙丙速度相等时为恰好不相撞的临界，则vatvat−=−乙乙丙丙，即27242.4att−=−丙；此时位移关系有2201122vtatvtatx−=−+乙乙丙

丙，即22127241.2202tattt−=−+丙；（4分）联立上述表达式可求得122.625m/sa=丙，222.40m/sa=丙但当122.625m/sa=丙时，共速的时间313.3s10s2.4ta=−丙，此时乙车早已停下来，不符合题意，则1

22.625m/sa=丙舍去；当222.40m/sa=丙时，共速的时间32.4ta=−丙，此式无意义，舍去；（2分）所以应为乙丙两车均停下来未相撞才不会相撞，且乙先停下来，则22022vvxaa−−=+−−乙丙

丙乙；（2分）解得22.60m/sa=丙（2分）（如果刚好在乙车停下时，丙车刚好也在相同时间里减速到零并与乙恰好不相撞，画vt−图像可以求得这时需要乙丙原距离需要为15m，但现在距离有20m，所以丙车在减速过程中乙已经停

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