【文档说明】四川省南充市阆中中学校2021-2022学年高二上学期第三学月教学质量检测 物理试题 答案（秋招）.docx，共(7)页，152.044 KB，由管理员店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-247cea388431fda125c7cb98fa4e4884.html

以下为本文档部分文字说明：

答案第1页，共5页阆中中学高2020级2021年秋第三学月教学质量检测物理参考答案1．AA．根据左手定则可知，①是带正电的粒子，选项A正确；B．②是不带电的粒子，选项B错误；CD．根据左手定则可知，③是带负电的粒子，选项

CD错误。2．C若A、B为异种电荷，AB之间的库仑力为吸引力，当AB之间的库仑力大于需要的向心力的时候，B球做向心运动，速度和加速度都要变大，当AB之间的库仑力小于需要的向心力的时候，B球做离心运动，速度和加速度都要减小，故A错误；若A、B为异性电荷，A、B间存在引力，只有当A对B的引

力恰好等于B球所需要的向心力时，B球才做圆周运动，否则不做圆周运动．故B错误．若A、B为同种电荷，AB之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以B球一定做曲线运动，由于AB之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以B球的加速度在减小，而库仑力做正

功，故动能不断变大，故C正确，D错误；故选C．3．A电容器充电后两板带等量异种电荷，A正确；电容器的带电量等于任一极板带电量的绝对值，B错误；电容器的电容仅由本身性质决定，与外界因素无关，C错误；电容器两

极板间电势差每增加1V，电容器的带电量增加值等于电容值，D错误．4．D把滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流I增大，电源的内电压增大，路端电压减小，则

知电压表和电流表的示数都将减小，电阻R0上消耗的电功率将减小，而且根据总电流增大，通过电流表的电流减小，可知通过灯L的电流增大，灯泡变亮．综上分析，D正确，ABC错误5．D根据长直导线周围磁场的分布规律和矢量合成法则，可以判断两导线M、N连线的中垂线上方磁场

方向水平向右，ab上半段所受安培力垂直于纸面向里，两导线M、N连线的中垂线下方磁场方向水平向左，ab下半段所受安培力垂直于纸面向外，所以a端转向纸里，b端转向纸外，选项D正确，ABC错误。6．CDCD是一条等势线且电势为零，将正电荷q由C沿CD移至无穷远处，电场力

不做功，电势能不变用为零，故AB错误，D正确；从C向无穷远处电场线越稀疏，电场强度越小故电场力不断减小，故C正确；故选CD．7．ADA．当开关S拨向接点1，小灯泡L正常发光，根据功率公式PUI=，解得

：答案第2页，共5页1.50.53PIAAU===，根据闭合电路欧姆定律：EUIRIr=++，解的：1r=，故A正确；B．将开关S拨向接点2，小灯泡L正常发光，根据功率公式PUI=，解得：1.50.53PIAAU===，根据闭合电路欧姆定律：MEUUIr=++，解得：2.

5MUV=，即电动机正常工作电压为2.5V；故B错误；C．电源的总功率为：3PEIW==总，内阻的功率为：20.25rPIrW==，则电源的输出功率为：2.75rPPPW出总=−=，故C错误；D．电动机的输入功率为：1.25MPUIW==入，热功率为：20.25QMPIRW

==，则输出功率为：1QPPPW=−=入出，电动机的机械效率为100%80%PP==出入，故D正确．所以AD正确，BC错误．8．ADA．同位素的电荷量相同而质量不同，粒子在磁场偏转的半径就不同，利用这一点可以发现同位素，

历史上就是利用质谱仪发现同位素的，A正确；BC．粒子沿直线通过速度选择器，所以有qvBEq=根据粒子在平板S下方磁场中的偏转，可得粒子带正电。在速度选择器中，电场力向右，则洛伦兹力向左，根据左手定则得磁场方向垂直纸面向外。其速率为EvB=BC错误；D．粒子打在胶片上的位置离狭缝P越远，半径越大，根

据牛顿第二定律得2vqvBmR=解得=qvmRB半径越大，比荷越小。D正确。故选AD。9．50.154.700220见解析27.610−（1）[1]主尺读数为50mm，游标上第3条刻度线与主尺对齐，读数为30.05mm=0.15mm，则长度为50.15mm．（2）[2]螺旋

测微器固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.200mm，则直径为4.700mm（3）[3]电阻的阻值答案第3页，共5页2210Ω220ΩR==（4）[4]电源电动势为4V，电压表选1V．电阻中最大电流约为416mA30220maxAEIARR===++则电流表选2A．因为VARRR

故选择电流表外接法．根据实验要求便于调节且测得多组数据进行分析，可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器1R以方便调节；（5）[5]由电阻定律LRS=且214Sd=代入解得27.610m−=10．B②3.20.83等于等于(1)[1]蓄电池的电动势约为3V，所以为了使实验

结果尽可能准确，电压表应选择B；[2]题中电压表内阻是一个约等于6kΩ的数值，电流表的内阻已知，所以导线应连接到②；(2)[3]由UI−图线可知，电源电动势为3.2VE=[4]根据电路图的连接可知图像图线的斜率表示电源内阻、

固定电阻和电流表内阻之和，则可得电源内阻为A3.24Ω0.83Ω0.6UrRI==−−=(3)[5]图中电路的连接，可以把电源、定值电阻、电流表看成等效电源，设等效电源的电动势为E’，断路时答案第4页，共5页'UEE==即

电动势的测量值等于真实值；[6]短路时电流''0AEEIrRRr==++则电源内阻0AErRRI=−−所以内阻的测量值也等于真实值。11．（1）-4V；（2）7V；（3）100V/m；沿电场线斜向上（1）由题意可知，静电力做负功，则有4VAB

ABWUq==−（2）由于有ABABU=−即BAABU=−解得B7V=（3）沿着电场方向的位移为22810cos60m410md−−==则有=100V/mBAUEd=沿着电场线方向电势降低

，所以电场线的方向：沿电场线斜向上。12．1.9Ω≤R≤9.9Ω时棒处于静止状态依据物体平衡条件可得，恰不右滑时有：G﹣μmg﹣BLI1=0…①恰不左滑时有：G+μmg﹣BLI2=0…②依据闭合电路欧姆定律可得：E=I1（R1+r）…③E=I2（R2+r）…④联立①③得：R1=﹣

r=9.9Ω．联立②④得：R2=﹣r=1.9Ω．所以R的取值范围为：1.9Ω≤R≤9.9Ω．答案：1.9Ω≤R≤9.9Ω时棒处于静止状态13．(1)1.0×104m/s(2)66.7V(3)0.1T答案第5页，共5页（1）带电微粒经加速电场加速后速度为v，根据动能定理：q

U1＝12mv12解得：v1＝12qUm=1.0×104m/s（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动．在水平方向微粒做匀速直线运动水平方向：1Ltv＝带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方

向速度为v2竖直方向：2qUqEamdm＝＝v2＝at＝21qULdmv由几何关系：22221112vqULULtanvdmvdU＝＝＝U2＝12dULtanθ代入数据得：U2=100V（3）带电微粒进入磁场

做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，设微粒轨道半径为R，由几何关系知R+2R＝D得：R＝23D设微粒进入磁场时的速度为v′：v′＝130vcos由牛顿运动定律及运动学规律：qv′B＝2mvR得：12303vmvmBqRcosqD＝＝代入数据数据解得B=0.1

T若带电粒子不射出磁场，磁感应强度B至少为0.1T．答案第6页，共1页答案第7页，共1页获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com