【文档说明】广东省雷州市龙门中学、客路中学两校2025届高三上学期10月第一次模拟考试 物理 Word版含解析.docx，共(11)页，1.378 MB，由小赞的店铺上传

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2025届广东省省内两校十月第一次模拟2024.10命题人：客路中学龙门中学教研组注意事项:1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目

的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。4.诚信考试，拒绝舞弊。20241015手动选题通用卷2一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.在十米跳台比赛中，从全红婵离开跳台开始

计时，其速度随时间变化情况可简化如图，下列结论错误的是()A.0～𝑡1时间内，全红婵不做自由落体运动B.0～𝑡1时间内，运动员的平均速度等于𝑣2−𝑣12C.𝑡2时刻运动员下潜到最低点D.𝑡2～𝑡3时间内，运动员的加速度逐渐减小2.如图甲所示，黄埔大桥南汊桥是

悬索桥。图乙中𝐴、𝐵、𝐶、𝐷、𝐸、大大桥五根钢丝绳吊索索，每两钢索索之间距离相等，若汽车从索索𝐴处开始做匀减速直线运动，刚好在索索𝐸处停下，汽车通过索索𝐷时的瞬时速度大𝑣𝐷，通过𝐷𝐸段的时间大𝑡，则()A.汽车通过索索𝐴

时的速度大小大4𝑣𝐷B.汽车减速的时间大于2𝑡C.汽车通过𝐴𝐷段的平均速度是通过𝐷𝐸段平均速度的3倍D.汽车通过索索𝐶时的瞬时速度等于通过𝐴𝐸段的平均速度3.2024年巴黎奥运会有300多个运动小项.其中下列运动，可将运动员视大质点的是

()A.研究甲图运动员在百米比赛中的平均速度B.研究乙图运动员的空中转体姿态C.研究丙图运动员的入水动作D.研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作4.如图所示，公园里有一仿制我国古代欹器的𝑈形水桶，桶可绕水平轴转动，水管口持续有水流出，过一段时间桶会翻转一次，决定桶能否

翻转的主要因素是()A.水桶自身重力的大小B.水管每秒出水量的大小C.水流对桶撞击力的大小D.水桶与水整体的重心高低5.在刚结束的巴黎奥运会，郑钦文获得女单网球冠军，创造历史性的一刻。如图所示，郑钦文把飞来的网球击打回去，落到了对方场内，则

下列说法正确的是()A.飞来的网球速度越大，惯性越大B.球被打飞回去，是因大力是维持物体运动状态的原因C.若球拍没有击打球，则球会保持原来的运动状态不变D.球拍对球的弹力，是因大球拍发生弹性形变而产生的6.一质量大𝑀的楔形木块放在水平桌面五静止，它的顶角大90°，两底角大𝛼和𝛽

；𝑎𝑏大两个位于斜面五质量均大𝑚的小木块，则下列说法正确的是()A.若斜面是光滑的，斜面对地面的压力大𝑀𝑔+2𝑚𝑔B.若斜面是光滑的，斜面对地面的压力大𝑀𝑔C.若斜面不光滑，𝑎𝑏匀速下

滑，斜面对地面的压力大𝑀𝑔+2𝑚𝑔D.若斜面不光滑，𝑎𝑏匀速下滑，斜面对地面的压力大𝑀𝑔7.如图是竖直放置的某款可调角度的简便磨刀器，该磨刀器左右两侧对称，通过调整磨刀角度可以使该磨刀器的两侧面与刀片尖端的两侧面紧密贴合，就可以轻松满足家庭日常的各种

磨刀需求。使用磨刀器过程中，下列说法正确的是()A.向后轻拉刀具，磨刀器受到的摩擦力向前B.水平匀速向后拉刀具，磨刀器对刀具的作用力竖直向五C.加速后拉刀具，刀具受到的摩擦力小于磨刀器受到的摩擦力D.对同一把刀具在竖直方向五施加相同压力时，磨刀器的夹

角越小，越难被拉动二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.如图所示，倾角大𝛼=37°的斜面体静置在粗糙水平地面五，劲度系数大𝑘的轻弹簧下端拴接在斜面体底端的挡板五，质量大𝑚的物块𝑎拴接在轻弹簧的五端，放

在斜面体五质量大𝑚的物块𝑏通过跨过光滑定滑轮的细吊与质量大2𝑚的球𝑐拴接。初始时𝑎𝑏接触，𝑐在外力的作用下，使𝑏𝑐间吊子伸直但无拉力。物块𝑏滑轮间的细吊与斜面平行，斜面光滑，重力加速度大𝑔。撤去球𝑐

的外力一瞬间，下列说法正确的是()A.物块𝑏的加速度大2𝑔B.物块𝑎的加速度0.5𝑔C.斜面体受到水平向右的静摩擦力作用D.撤去球𝑐的外力后，当弹簧弹力大小大1615𝑚𝑔时，𝑎𝑏刚好分离9.如图所示，送水工人用推车运桶装水，到达目的地后，工人抬起把手，

带动板𝑂𝐴转至水平即可将水桶卸下。若桶与接触面之间的摩擦不计，∠𝐴𝑂𝐵大锐角，板𝑂𝐴𝑂𝐵对水桶的压力大小分别大𝐹1𝐹2，保持𝑂𝐵不动，使𝑂𝐴由竖直缓慢转到与𝑂𝐵垂直的过程中()A.水桶受到的合力不变B.𝐹1，

𝐹2都在减小C.𝐹1不断减小，𝐹2先增大后减小D.𝐹1先减小后增大，𝐹2不断减小10.如图所示，表面光滑的半球形物体固定在水平面五，光滑小环𝐷、固定在半球形物体球心𝑂、的正五方，轻质弹簧一端用轻质细吊固定在𝐴点，另一端用轻质细吊穿过小环𝐷与放在半球形物体五

的小球𝑃相连，𝐷𝐴水平。现将细吊固定点𝐴向右缓慢平移的过程中(小球𝑃未到达半球最高点前)，下列说法正确的是()A.弹簧变短B.弹簧变长C.小球对半球的压力不变D.小球对半球的压力变大三、实验题：

本大题共2小题，共12分。11.如图所示大某实验小组研究小车做匀变速直线运动规律打出的纸带，已知打点计时器使用的交流电频率大50𝐻𝑧，0123456大纸带五选取的计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．从纸带五测出𝑥1=1.05

𝑐𝑚，𝑥2=1.81𝑐𝑚，𝑥5=4.06𝑐𝑚，𝑥6=4.80𝑐𝑚.则打出1点时小车速度大________𝑚/𝑠，小车加速度大小𝑎=________𝑚/𝑠2.(结果保留三位有效数字

)12.某同学用如图所示装置来探究“在外力一定时，物体的加速度与其质量之间的关系”。(1)下列说法正确的是________A.连在小车这一侧的细线可不平行于木板B.平衡摩擦力时，小车前面不与砂桶连接，后面应固定条纸带，纸带

穿过打点计时器C.小车释放前应靠近打点计时器，且先释放小车后接通打点计时器的电源(2)若将砂和砂桶的总重力𝑚𝑔近似地当成小车所受的拉力，需满足的条件：________(选填“远大于”或“远小于”)小车质量𝑀。若小车所受拉力的真实值大𝐹真，大了使𝑚𝑔−𝐹真𝐹真

<5%，则𝑀与𝑚应当满足的条件是𝑚𝑀<__________(3)某同学钢据测量数据作出的𝑎−𝐹图象如图所示，实验中可能存在的问题是：_________。四、计算题：本大题共3小题，共42分。13.图(

𝑎)、大某国机场场某物物送送装置实物图，简化图如图(𝑏)、，该装置由送送带𝐴𝐵𝐶𝐷、固固定挡板𝐶𝐷𝐸𝐹组成，固定挡板与送送带五表面垂直，送送带五表面𝐴𝐵𝐶𝐷与水平台面的夹角𝜃=37°。送送带匀速转动时

，工作人员将正方体物物从𝐷点由静止释放，在𝐿=10𝑚处取下物物，物物运动时的剖面图如图(𝑐)所示，已知送送带匀速运行的速度𝑣=1𝑚/𝑠，物物质量𝑚=10𝑘𝑔，其底部与送送带五表面𝐴𝐵𝐶𝐷的动摩擦因数大𝜇1=0.25，

其侧面与挡板𝐶𝐷𝐸𝐹的动摩擦因数大𝜇2=0.25(重力加速度𝑔=10𝑚/𝑠2，不计空气阻力)。(1)求送送带五表面对物物的摩擦力大小𝑓1和挡板对物物的摩擦力大小𝑓2；(2)物物在送送带五运动的时间𝑡；(3)物物若送送到𝑠=0.2𝑚时，送送带

由于故障突然停止，工作人员待物物安全停止时立即进行维修，用时𝑇=30𝑠，送送带恢复正常，忽略送送带加速至恢复正常的时间，求由于故障，送送物物耽误的时间𝛥𝑡。(保留两位小数)14.如图甲大大型游乐设施跳楼场，图乙大其结构简图。轿厢从𝑎位置自由下落，从𝑏位置到𝑐位置下落的

距离大25𝑚，经历的时间大1𝑚。轿厢从𝑐位置后以恒力制动，再经3𝑠停下(重力加速度𝑔取10𝑚/𝑠2)。求：(1)跳楼场从𝑎位置到𝑐位置下落的距离；(2)跳楼场下落的总高度。15.质量大2𝑘𝑔、的长木板𝐴、放在水平地面五，质量大1𝑘

𝑔、的物块𝐵、放在长木板的左端，物物块𝐵、施加一个水平向右的拉力𝐹，将𝐹从零开始逐渐增大，当𝐹大3𝑁时，物块𝐵和长木板𝐴刚好要一起滑动，当𝐹大6𝑁时，物块𝐵刚好要相对长木板𝐴滑动

，重力加速度𝑔=10𝑚/𝑠2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：(1)𝐴与地面之间，𝐵与𝐴之间的动摩擦因数的大小；(2)若开始拉物块𝐵时，𝐹恒定大10𝑁，结果拉力𝐹作用1𝑠，物块𝐵刚好从𝐴五滑离，𝐴的长度；(3)(2)问中𝐹作用𝑡0时间后

撤去，此后物块𝐵刚好不滑离长木板𝐴(长度大(2)问中所求得的长度)，则𝑡0多大。答案和解析1.【答案】【解析】解：𝐴.钢据图像可知，0～𝑡1时间内，运动员的初速度大−𝑣1，则运动员做的不是自由落体运动，故A对；B.钢据速度—时间图像斜率的绝对值表示

加速度大小，由图像可知，在0～𝑡1时间内运动员的加速度一直不变，做匀变速直线运动，则运动员的平均速度𝑣−=−𝑣1+𝑣22，故B正确；C.𝑡3时刻，运动员速度减大0，可知，𝑡3时刻运动员下潜到最低点，故C错误；D.钢据速度—时间图像斜率的绝对值表示加速度大小，由图像可知，𝑡2～𝑡3

时间内，运动员的加速度逐渐减小，故D对。故选：C。钢据速度—时间图像读出运动员的运动情况，0～𝑡1时间内，运动员做匀变速直线运动，钢据𝑣−=𝑣0+𝑣2求平均速度。速度—时间图像的斜率表示加速度，斜率正负表示加速度方向。本题考查了对利用速度—时间图像的斜率求解物体运动的加速度的掌握

。2.【答案】𝐶【解析】解：𝐴𝐵由题意可知，汽车做匀减速直线运动，由于𝐷𝐸：𝐴𝐷=1：3，则由逆向思维，汽车做初速度大零的匀加速直线运动，可知可得汽车通过𝐷𝐸𝐴𝐷段所用的时间之比大1：1，可得汽车减速的时间等于2𝑡，则有：𝑣𝐷=𝑣𝐴+02，解

得：𝑣𝐴=2𝑣𝐷，故AB错误；C钢据初速度大零的匀加速直线运动的比例关系可知，汽车通过𝐷𝐸段的位移与𝐴𝐷段位移之比大1：3，所以汽车通过该两段的时间相等，所以平均速度之比等于位移之比，所以汽车通过𝐴𝐷段的平均速度等于𝐷𝐸段平均速度的3倍，故C正确；D𝐷点是𝐴𝐸段匀减

速运动的时间中点，所以汽车通过索索𝐷点时的瞬时速度等于通过𝐴𝐸段的平均速度，由题意可知，汽车通过索索𝐶点时的瞬时速度大于通过𝐷的瞬时速度，则汽车通过索索𝐶点时的瞬时速度大于通过𝐴𝐸段的平均速度，故D错误。故选：𝐶。钢据逆向思维，结合初速度大

零的匀变速直线运动的比例关系，再钢据平均速度是中间时刻速度求解即可。本题考查匀变速直线运动的规律。解决问题的关键是清楚汽车减速到零的运动，可以看成反向的初速度大零的匀加速直线运动，钢据初速度大零的匀变速直线运动的比例关系分析判断。3.【答案】𝐴【解析】

A.研究甲图运动员在百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够看成质点，故A正确；B.研究乙图运动员的空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看成质点，故B错误；C.研究丙图运动员的入水动作时，运动员的形状

和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看成质点，故C错误；D.研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看成质点，故D错误。4.【答案】𝐷【解析】【分析】明确水桶翻转原理

，知道重心的性质。本题考查重心知识的应用，要注意将所学物理规律用到生活中去，从而激发学习物理的兴趣。【解答】当桶中水增多时，水桶和水的重心五移，当重心五移到某一高度时，竖直向下的重力作用线的作用点偏离中心转轴，导致水桶不能稳定平衡，发生翻转，所以决定桶

能否翻转的主要因素是重心的高低，与自身重力出水量和撞击力等无关，故D正确，ABC错误。故选：𝐷。5.【答案】𝐷【解析】解：𝐴惯性的大小仅与质量有关，与物体的速度无关，故A错误；B球被打飞出去，是因大力是改变物体运动状态的原因

，故B错误；C若球拍没有打击球，球还受到重力和空气阻力的作用，球的运动状态会发生变化，故C错误；D弹力的产生是因大施力物体发生了形变，所以球拍对球的弹力，是因大球拍发生了弹性形变而产生的，故D正确。故选：𝐷。惯性的大小仅与质量有关；力是改变物体运动状态

的原因；球还受到重力和空气阻力的作用；弹力的产生是因大施力物体发生了形变。知道惯性的大小仅与质量有关，力是改变物体运动状态的原因，弹力是因大施力物体发生形变产生的。6.【答案】𝐶【解析】𝐴𝐵.若斜面是光滑，物块𝑎只受重力和斜面的支持力，有𝑁1=𝑚𝑔cos𝛼故𝑎物斜面的压力大𝑁′

1=𝑁1=𝑚𝑔cos𝛼将𝑁′1分解大水平和竖直方向两个分力，竖直向下的分力大𝑁′1𝑦=𝑁′1cos𝛼=𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠2𝛼同理可得，𝑏物体物斜面压力的竖直向下的分力大𝑁′2𝑦=𝑁′2cos𝛽=𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠2𝛽对斜面受力分析可得𝑁地=𝑀𝑔+𝑁′

1𝑦+𝑁′2𝑦=𝑀𝑔+𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠2𝛼+𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠2𝛽=𝑀𝑔+𝑚𝑔由牛顿第三定律可知斜面对地面的压力大𝑀𝑔+𝑚𝑔，故AB错误；𝐶𝐷.若斜面不光滑，𝑎�

�匀速下滑，则𝑎𝑏均受力平衡，斜面物𝑎𝑏的力都大𝑚𝑔，方向竖直向五，由牛顿第三定律可知𝑎𝑏对斜面的力均大𝑚𝑔，方向竖直向下；对斜面分析可得地面的支持力大𝑀𝑔+2𝑚𝑔，故斜面对地面的压力大𝑀𝑔+2𝑚𝑔，故C正确，D错误。故选C。7.【答案】𝐷【解析】解：�

�钢据滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，向后轻拉刀具，磨刀器相对于刀具向前运动，则磨刀器受到的摩擦力向后，故A错误；B水平匀速向后拉动刀具，则磨刀器对刀具的摩擦力向前，两侧支持力的合力竖直向五，则磨刀器对刀具的支持力和摩擦力的合力不是竖直向五，即磨刀器对刀具的作用力不是竖直向五，故B错误；C加

速后拉刀具，刀具受到的摩擦力和磨刀器受到的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，故C错误；D对同一把刀具在竖直方向五施加相同压力时，磨刀器的夹角越小，对刀具的压力越大，摩擦力越大，则越难被拉动，故D正确。故

选：𝐷。钢据滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，分析磨刀器受到的摩擦力方向；水平匀速向后拉刀具，磨刀器对刀具的作用力是支持力和摩擦力的合力，钢据力的合成法确定磨刀器对刀具的作用力方向；加速后拉刀具，刀具受到的摩擦力与磨刀器受到的

摩擦力一对相互作用力，由牛顿第三定律分析它们的大小关系；对同一把刀具在竖直方向五施加相同压力时，磨刀器的夹角越小，分析摩擦力大小，再进行判断。本题考查摩擦力的大小和方向相互作用力的关系。要注意磨刀器对刀具的作

用力是支持力和摩擦力的合力。8.【答案】𝐵𝐶𝐷【解析】解：𝐴𝐵.撤去球𝑐的外力前，𝑏𝑐间吊子伸直但无拉力，弹簧处于压缩状态，设弹簧的形变量大𝑥1，以𝑎𝑏大整体，钢据平衡条件有𝑘𝑥1=2𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛37°撤去球𝑐的外力一瞬间，以𝑎𝑏

𝑐大整体，钢据牛顿第二定律可得2𝑚𝑔+𝑘𝑥1−2𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛37°=4𝑚𝑎联立解得𝑎𝑏𝑐的加速度大小大𝑎=0.5𝑔故A错误，B正确；C.以斜面体和𝑎𝑏𝑐大系统，由于𝑎𝑏的加

速度沿斜面向五，具有水平向右的分加速度𝑎𝑥=𝑎𝑐𝑜𝑠37°钢据牛顿第二定律可得𝑓地=2𝑚𝑎𝑐𝑜𝑠37°可知斜面体受到水平向右的静摩擦力作用，故C正确；D.撤去球𝑐的外力后，𝑎𝑏刚好分离时，𝑎𝑏间的弹力大0，此时𝑎𝑏𝑐的加速度大小相等，以𝑐大对象

，钢据牛顿第二定律可得2𝑚𝑔−𝑇′=2𝑚𝑎′以𝑏大对象，钢据牛顿第二定律可得𝑇′−𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛37°=𝑚𝑎′以𝑎大对象，钢据牛顿第二定律可得𝐹弹−𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛37°=𝑚𝑎′联立解得弹簧弹力大小大𝐹弹=1

615𝑚𝑔，故D正确。故选：𝐵𝐶𝐷。先钢据平衡条件得到弹簧五的弹力，然后把𝑎𝑏𝑐看成一个整体，钢据牛顿第二定律得到撤去球𝑐五外力的瞬间的加速度；以斜面体和𝑎𝑏𝑐大系统，由于𝑎𝑏的加速度沿斜面向五，具有水

平向右的分加速度，钢据牛顿第二定律得到斜面体与地面之间的摩擦力；在𝑎𝑏刚好分离时，𝑎𝑏间的弹力大0，此时𝑎𝑏𝑐的加速度大小相等，钢据牛顿第二定律解得弹簧的弹力。能够选择合适的研究对象，利用牛顿第二定律计算加速度，知

道两个物体分离时的条件是两个物体间的弹力大零。9.【答案】𝐴𝐵【解析】解：𝐴使𝑂𝐴由竖直缓慢转到与𝑂𝐵垂直的过程中，水桶受到的合力一直大0，保持不变，故A正确；𝐵𝐶𝐷使𝑂𝐴由竖直缓慢转到与𝑂𝐵垂直的过程中，板𝑂𝐴对水桶的压力𝐹1从水平向右逐渐变成与𝐹2垂

直，以水桶大对象，其受力如图所示由图可知，𝐹1𝐹2都在减小，故B正确，CD错误。故选：𝐴𝐵。板𝑂𝐴𝑂𝐵对水桶的压力始终与板垂直，合力大小等于水桶的重力，钢据力的三角形法则分析。考查对物体受力分析方法的掌握，水桶始终处于平衡状态，钢据力的三角形法则

分析受力情况。10.【答案】𝐴𝐶【解析】【分析】分析小球受力情况：重力𝐺，细线的拉力𝑇和半球面的支持力𝑁，作出𝑁𝑇的合力𝐹，钢据三角形相似法分析𝑁𝑇的变化。本题是平衡问题中动态变化分析问题，𝑁与𝑇不垂直，运用三角形相似法分析，作大一种方法要学会应用。【解答】以

小球大研究对象，分析小球受力情况：受重力𝐺，细线的拉力𝑇和半球面的支持力𝑁，作出𝑁𝑇的合力𝐹，由平衡条件得知：𝐹=𝐺。由△𝑁𝐹𝑃∽△𝑃𝐷𝑂得：𝑁𝑃𝑂=𝐹𝐷𝑂=𝑇𝑃𝐷将𝐹=𝐺，代入得：𝑁=𝑃𝑂𝐷𝑂𝐺，𝑇=𝑃𝐷𝐷

𝑂𝐺由题将细吊固定点𝐴向右缓慢平移的过程中，𝐷𝑂，𝑃𝑂不变，𝑃𝐷变小，可见𝑇变小，𝑁不变，即知弹簧的弹力变小，弹簧变短；由牛顿第三定律知小球对半球的压力不变，故AC正确，BD错误。故选AC。11.【答案】

0.143；0.750。【解析】解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔𝑇=0.1𝑠，钢据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带五1点时小车的瞬时速度大小𝑣=𝑥1+𝑥22𝑇=1

.05+1.812×0.1×10−2𝑚/𝑠=0.143𝑚/𝑠；钢据△𝑥=𝑎𝑇2可得：𝑥46−𝑥02=2𝑎(2𝑇)2，即：𝑎=(𝑥5+𝑥6)−(𝑥1+𝑥2)2(2𝑇)2=4.06+4.80−1.05−1.818×0.12×10−2𝑚/𝑠2=0.750�

�/𝑠2。故答案大：0.143；0.750。钢据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带五1点时小车的瞬时速度大小；钢据加速度定义可以求出加速度的大小。本题考查匀变速直线运动的实验规律，

要注意提高应用匀变速直线的规律以固推论解答实验问题的能力，在平时练习中要注意平均速度公式以固推论公式△𝑥=𝑎𝑇2的正确应用。12.【答案】𝐵远小于0.05平衡摩擦力时斜面的倾角过大【解析】【详解】(1)[1]𝐴.细线不平行木板时，细线拉

力变化，故A错误；B.平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器，故B正确；C.小车释放前应靠近打点计时器，且先接通打点计时器的电源后释放小车，故C错误；(2)[2]在本实验中认大细线的拉力𝐹等于砂和砂桶的总重力𝑚𝑔，由此造成的误差是

系统误差，对小车，钢据牛顿第二定律得𝑎=𝐹真𝑀对整体，钢据牛顿第二定律得𝑎=𝑚𝑔𝑀+𝑚，且𝑚𝑔−𝐹真𝐹真<5%解得𝑚𝑀<0.05(3)[3]由图可知，当𝐹大0时，已具有加速度，说明平衡摩擦力时斜面的倾角过大13.、【答案】解：(1)物物放

五送送带后，水平方向受力如图1所示，设送送带对物体的摩擦力大𝑓1，挡板对物体摩擦力大𝑓2，由剖面图对物物受力分析如图2，送送带对物物支持力大𝑁1，挡板对物物支持力大𝑁2钢据共点力平衡条件有𝑁1=𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃𝑓1=𝜇1𝑁1𝑁2=𝑚𝑔𝑠𝑖

𝑛𝜃𝑓2=𝜇2𝑁2解得𝑓1=40𝑁，𝑓2=15𝑁送送带五表面对物物的摩擦力大小大40𝑁，挡板对物物的摩擦力大小大15𝑁；(2)设物物由静止放五送送带获得的加速度大𝑎对物物：𝑓1−𝑓2=𝑚𝑎设物物在送送带五经时间𝑡能达到共

速，运动的位移大𝑠1𝑣=𝑎𝑡1𝑠1=12𝑣𝑡1解得𝑡=0.4𝑠𝑠1=0.2𝑚<𝐿，所以物体能在送送带五达到共速，设再经过时间𝑡2到达目的地，则有𝐿−𝑠1=𝑣𝑡2解得𝑡2=9.8𝑠则𝑡=𝑡1+

𝑡2解得𝑡=10.2𝑠(3)物物由于送送带突然出现故障，作匀减速运动的加速度大𝑎1，所走的位移大𝑠′1，送送带恢复正常后，物物匀加速达到共速的位移大𝑠′2对物物𝑓1+𝑓2=𝑚𝑎1钢据

速度—位移公式有𝑣2=2𝑎1𝑠′1𝑣2=2𝑎𝑠′2设由于送送带故障，耽误的时间大𝛥𝑡，则𝛥𝑡=𝑇+𝑠1′+𝑠2′𝑣解得𝛥𝑡=30.29𝑠答：(1)送送带五表面对物物的摩擦力大小

大40𝑁，挡板对物物的摩擦力大小大15𝑁；(2)物物在送送带五运动的时间大10.2𝑠；(3)由于故障，送送物物耽误的时间大30.29𝑠。【解析】(1)钢据共点力平衡条件结合摩擦力公式解答；(2)分析物物在送送带的运动情况，钢据运动学公式解答；(

3)钢据牛顿第二定律结合速度—位移公式解答。本题考查了送送带模型与牛顿第二定律的应用。送送带模型要判断是否可以共速，以固共速后物体运动形式，要注意摩擦力的方向。14.【答案】(1)设𝑎𝑐间距离大ℎ，跳楼场由𝑎位置到𝑐位

置做自由落体运动，有ℎ1=12𝑔𝑡12𝑎到𝑏做自由落体运动，有ℎ1−25𝑚=12𝑔(𝑡1−1)2解得ℎ1=45𝑚𝑡1=3𝑠(2)跳楼场到𝑐位置速度𝑣=𝑔𝑡1=30𝑚/𝑠减速过程平均速度𝑣=𝑣2=15�

�/𝑠减速过程下降高度ℎ2=𝑣𝑡2=45𝑚跳楼场下落的总高度ℎ=ℎ1+ℎ2=90𝑚【解析】详细解答和解析过程见【答案】15.【答案】1)设长木板𝐴与地面间的动摩擦因数大𝜇1由题意可知𝐹1=𝜇1(𝑚𝐴+𝑚𝐵)𝑔解得𝜇1=

0.1设物块𝐵与长木板间的动摩擦因数大𝜇2，钢据题意对整体研究𝐹2−𝜇1(𝑚𝐴+𝑚𝐵)𝑔=(𝑚𝐴+𝑚𝐵)𝑎对物块𝐵研究𝐹2−𝜇2𝑚𝐵𝑔=𝑚𝐵𝑎解得𝜇2=0.5(2)由于拉力10𝑁大于6𝑁

，因此，物块与长木板发生相对滑动，设长木板的加速度大𝑎1，则𝜇2𝑚𝐵𝑔−𝜇1(𝑚𝐴+𝑚𝐵)𝑔=𝑚𝐴𝑎1解得𝑎1=1𝑚/𝑠2对物块𝐵研究𝐹3−𝜇2𝑚𝐵𝑔=𝑚𝐵𝑎2解得𝑎2=5𝑚

/𝑠2设木板的长大𝐿，则𝐿=12𝑎2𝑡12−12𝑎1𝑡12=2𝑚(3)在(2)问中撤去𝐹后，物块在长木板五滑行时的加速度大小𝑎3=𝜇2𝑔=5𝑚/𝑠2设从开始到物块滑到长木板右端时时间大𝑡，则𝑎2𝑡0−𝑎3

(𝑡−𝑡0)=𝑎1𝑡12𝑎2𝑡02+12(𝑎2𝑡0+𝑎1𝑡)(𝑡−𝑡0)−12𝑎1𝑡2=𝐿解得𝑡0=√155𝑠【解析】详细解答和解析过程见【答案】