【文档说明】广东省广州市执信中学2023-2024学年高三上学期开学考试（8月） 物理 含解析.docx，共(17)页，849.757 KB，由小赞的店铺上传

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2023-2024学年高三物理开学测试试卷本试卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答题卡前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的校名、姓名、考号、座位号等相关信息填写在答题卡指定区域内。2.选择题

每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用

铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。4.考生必须保持答题卡的整洁。第一部分选择题（共46分）一、单项选择题（共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.下列说法正确的是（）A.卢瑟福的

粒子散射实验说明了质子是原子核的组成部分B.光的偏振现象说明光是一种纵波C.贝克勒尔发现天然放射现象说明原子核内部具有复杂的结构D.衰变中释放的电子是原子核外的电子【答案】C【解析】【详解】A．卢瑟福的粒子散射实验证实原子具有核式

结构，无法说明质子是原子核的组成部分，故A错误；B．光的偏振现象说明光是一种横波，故B错误；C．贝克勒尔发现天然放射现象说明原子核内部具有复杂的结构，故C正确；D．衰变的本质是原子核内的一个中子转变为一个质子与一个电子，即衰变中释放的电子来源于原子核内部，不是原子核外的电

子，故D错误。故选C。2.中国天眼（FAST）是目前世界上最大的单口径射电望远镜，其反射面板由11万余块厚约1毫米的金属薄板组成，因此面板的巡检维护工作需采用“微重力蜘蛛人”系统，如图甲所示，所谓的“微重力”是通过氦气球的浮力“减轻人的重量”实现的。如图乙所示

是某次作业过程中处于静止状态的工作人员的示意图，其与氦气球连接的线保持竖直，下列说法正确的是（）A.人对面板的压力和面板对人的支持力是一对平衡力B.人对面板作用力大小等于面板对人的作用力大小C.氦气球对人的作用力大小等于人的重力大小

D.面板对人的作用力大小等于人的重力大小【答案】B【解析】【详解】A．人对面板的压力和面板对人的支持力是一对相互作用力，故A错误；B．人对面板的作用力与面板对人的作用力是一对相互作用力，大小相等，故B正确；CD．由于工作人员需要在面板上巡

检，所以与面板间一定存在作用力，根据平衡条件可知氦气球和面板对人的作用力的合力与重力平衡，且易知氦气球和面板对人的作用力都为竖直向上，所以二者都小于人的重力大小，故CD错误。故选B。3.静电纺纱利用了高压静电场使单纤维两端带异种电荷，其电场分布如图所示，下

列说法正确的是（）A.虚线可能是等势线B.电场强度ACBEEEC.负电荷在A点的电势能小于其在C点的电势能D.在C点静止释放一电子，它将在电场力作用下沿着虚线CD运动【答案】C【解析】【详解】A．电极是等势体，其表面是等势面，根据电场线与等势面垂直可知虚线应是电场线，故A错的误

；B．由电场线的疏密表示电场强度的大小可知ABCEEE故B错误；C．电场线由高压电源的正极到负极，所以A点的电势高，C点的电势低，由pEq=可知，负电荷在C点的电势能大于其在A点的电势能，故C正确；D．CD电场是曲线，在C点静

止释放一电子，在电场力作用下不会沿着虚线CD运动，故D错误。故选C。4.“祝融号”火星车需要“休眠”以度过火星寒冷的冬季。假设火星和地球的冬季是各自公转周期的四分之一，且火星的冬季时长约为地球的1.88倍。火星和地球绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动。下列关于火星、地球公转的说法

正确的是（）A.火星公转的半径比地球的小B.火星公转的线速度比地球的大C.火星公转的加速度比地球的大D.火星公转的角速度比地球的小【答案】D【解析】【详解】由题意可知，火星的公转周期大于地球的公转周期A．根据2

224MmGmrrT=可得32rTGM=可知火星的公转半径大于地球的公转半径，故A错误；B．根据22MmvGmrr=可得GMvr=结合A选项，可知火星的公转线速度小于地球的公转线速度，故B错误；C．根据2MmGmar=可得2GMar=可知火星公转的加速度小于地球公转的加速度，故C错误；D

．根据2T=可知火星公转的角速度小于地球公转的角速度，故D正确。故选D。5.我国1100kV特高压直流输电工程的送电端用“整流”设备将交流变换成直流，用户端用“逆变”设备再将直流变换成交流。下列说法正确的是（）A.送电端先升压再整流

B.用户端先降压再变交流C.1100kV是指交流电的最大值D.输电功率由送电端电压决定【答案】A【解析】【详解】AB．升压和降压都需要在交流的时候才能进行，故送电端应该先升压再整流，用户端应该先变交流再降压，故A正确，B错误；C．1100kV指的

是交流电的有效值，故C错误；D．输电的功率是由用户端负载的总功率来决定的，故D错误。故选A。6.甲、乙两个单摆，做简谐振动时的图像如图所示，由此可知甲，乙两单摆（）A.摆长之比为2:1B.振动频率之比为2:3C.在t=1.0s时刻，加

速度均不为零D.在t=1.8s时刻，振动方向相反【答案】C【解析】【详解】A．由图像可知，甲、乙单摆振动周期之比为2:1，根据单摆的周期公式2LTg=可知，甲、乙单摆摆长之比为4:1，故A错误；B．根据周期与频率的关系1fT=所以振动频率

之比为1:2，故B错误；C．在t=1.0s时刻，沿振动方向的加速度均为零，但还有向心加速度，因此加速度不为零，故C正确；D．根据振动图像可知，在t=1.8s时刻，甲、乙两单摆均沿x轴正向振动，故D错误。故选C。7.北京2022年冬奥

会跳台滑雪比赛在张家口赛区的国家跳台滑雪中心进行，跳台由助滑道、起跳区、着陆坡、停止区组成，如图所示．运动员从起跳区水平起跳后在空中运动的速度变化量、重力的瞬时功率、动能、机械能分别用v、P、kE、E表示，用t表示运动员在空中的运动时间，不计运动员所受空气阻力，下列图像中可能正确

的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】A．滑雪运动员离开起跳区后做平抛运动，水平速度不变，竖直速度变化，则速度变化量为vgt=可知速度变化量和时间关系为正比例函数，图像为过原点的一条倾斜直线，故A错误；B．经过时间t后竖直方向速度为ygt=v重力的瞬时功率为

2yPmgvmgt==可知重力瞬时功率和时间关系为正比例函数，图像为过原点的一条倾斜直线，故B错误；C．不计空气阻力，只有重力做功，滑雪运动员飞行过程机械能守恒，不随时间变化，故C错误；D．设起跳时的速度为v0，则经过时间t动能为22222k0011

112222yEmvmvmvmgt=+=+可知动能和时间关系为二次函数，图像为抛物线一部分，顶点不在原点，故D正确。故选D。二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，有错选得0分。）8.如图所示为

低空跳伞极限运动表演，运动员从高空一跃而下，实现了自然奇观与极限运动的完美结合。假设质量为m的跳伞运动员，由静止开始下落，在打开伞之前受恒定阻力作用，下落的加速度为56g，在运动员下落h的过程中，下列说法正确

的是（）A.运动员的重力势能减少了56mghB.运动员的动能增加了56mghC.运动员的机械能增加了16mghD.运动员的机械能减少了16mgh【答案】BD【解析】【详解】A．根据重力做功与重力势能的变化关系pGEWmgh=−=

−即重力势能减小mgh，故A错误；B．根据动能定理可得k56EWmahmgh===合即动能增加56mgh，故B正确；CD．机械能变化量等于重力势能变化量与动能变化量之和，所以pk5166EEEmghmghmgh=+=−+=−即机械能减小16mgh，故C错误，D正确。故选BD。

9.如图是安培研究通电导体间相互作用的简化示意图。甲、乙、丙三个圆形线圈的圆心在同一水平轴线上，轴线垂直线圈平面.甲和丙固定且用导线串联，并通以电流I1，乙通入电流I2，电流方向在图中标出，则乙线圈（）A.圆心处的磁场方向水平向左B.圆心处的磁场方向水平向右C.受到甲对它的吸

引力D.受到丙对它的排斥力【答案】BC【解析】【详解】AB．根据右手螺旋定则可知，圆心处的磁场方向水平向右，故A错误，B正确；CD．三个线圈的电流方向相同，同向电流相互吸引，故乙受到甲对它的吸引力，乙受到丙对它的吸引力，故C正确，D错误。故选BC。10.2023年5月28日

，中国棒球联赛（成都站）在四川省棒球垒球曲棍球运动管理中心棒球场鸣哨开赛。如图，在某次比赛中，一质量为0.2kg的垒球，以10m/s的水平速度飞至球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为30m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01s，下列判断正确的是（）A.球棒对垒球做功为

80JB.垒球动量变化量的大小为4kg·m/sC.球棒对垒球的平均作用力大小为800ND.球棒与垒球作用时间极短，故垒球动量守恒【答案】AC【解析】【详解】A．设垒球水平飞回的速度方向为正方向，则110m/sv=−、230m/sv=，球棒与垒球的作用过程由动能定理得球棒对垒

球做功22211122Wmvmv=−代入数据得球棒对垒球做功为80JW=A正确；B．垒球动量变化量21pmmD=-vv代入数据得8kgm/sp=B错误；C．由动量定理21Ftmvmv=−得球棒对垒球的平均作用力大小为800NF=C正确；D．球棒与垒球之间存在力的

作用，故垒球动量不守恒，D错误。故选AC。为第二部分非选择题（54分）三、实验题（请将答案写在答卷的相应空格处，共16分11.某同学利用可伸缩万向支架、激光笔和长方体透明水槽测量水的折射率，如图激光笔固定在万向支架上，调节高度和角度，使激光平行于水槽正立面（下图中

所示的横截面），从水槽的左上角射入，用记号笔在水槽正立面记下激光在水槽底部的光点A。往水槽内缓慢注入清水，直到水面高度接近水槽高度的一半，用记号笔在水槽正立面记下激光在水槽底部光点B（图中未画出）和水面CD，在水槽正立面用记号笔画直线，连接水槽左上

角和A点，相交CD于E点，用刻度尺分别测量EA的长度120.0cmL=，EB的长度215.0cmL=，水面CD距水槽底部高度h=12.0cm。由此可得：（1）B点处于A点的___________侧（填左、右）。（2）激光入射角的正弦值sini=___________（结果保留两位有效数字）。（3

）水折射率n=___________（结果保留三位有效数字）。【答案】①.左②.0.80③.1.33【解析】【详解】（1）[1]由于激光在水面发生折射，而光从光疏介质射入光密介质时，入射角大于折射角，做出光路图如图所示可知，B点位于A点的左侧。（2）[2]根据几何关系可知，激光入

射角正弦值22sin0.80EAhiEA−==（3）[3]根据折射定律可知水的折射率为sinsininr=而的的22sin0.60EBhrEB−==代数数据解得1.33n=12.电流表G1的量程为0~5mA，内阻为

290。把它改装成如图所示的一个多量程多用电表，电流和电压的测量都各有两个量程。当开关S接到1或2位置时为电流挡，其中小量程为0~10mA，大量程为0~100mA。（1）对于此多用电表，当开关S接到位置6时是______挡；开关S接到位置5时的量程比接到

位置6时的量程______。（2）开关S接位置______（选填“1”或“2”）时是小量程的电流挡，图中电阻2R=______。（3）已知图中的电源'E的电动势为9V，短接A、B表笔进行欧姆调零后，此欧姆挡的内阻为______。现用该挡测一未知电阻的阻值，指针偏转到电流表G1满刻度的

35处，则该未知电阻的阻值为______。【答案】①.电压②.小③.2④.261⑤.900⑥.600【解析】【详解】（1）[1]当开关S接到位置6时，电流表与电阻3R、4R串联，电阻3R、4R起到分压作用，电表为电压表；[2]开关S接到位置5与接到位置

6相比，接到6时串联的电阻大，分压作用也大，电压表的量程也更大，因此开关S接到位置5时的量程比接到位置6时的量程小。（2）[3]当开关S接到2位置时，并联的电阻大，分流小，其电流表的量程小，因此开关S接位置2时是小量程的电流挡；[4]设开关S接1时的最大电流为

1I，接2时最大电流为2I，由题意可知，当开关接到1时，有()()g21g1IrRIIR+=−当开关接到2时，有()()g2g12IrIIRR=−+代入数据解得2261R=（3）[5]由上述分析可知，当开关S接到位置4时，电路中的满偏电流m10mAI=根据闭合电路欧姆定律可得3m

'9Ω900Ω1010ERI−===内[6]由指针偏转到电流表G1满刻度的35处可得m3'5xEIRR=+内解得600xR=四、计算题（3小题，共38分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13.一只乒

乓球在环境温度为27C时，球内气体的压强为51.010Pa、体积为V．某次乒乓球被踩瘪，但没有破，球内气体的体积变为910V。现将瘪了的乒乓球放入热水中，乒乓球恢复原形时，球内气体的温度为87C。（1）乒乓球在热水

中恢复原形前，球内气体分子平均动能如何变化？（2）求球被踩瘪后和在热水中恢复原形时，对应球内气体的压强1p和2p。【答案】（1）增大；（2）511.110PaP，521.1810PaP=【解析】【详解】（

1）乒乓球放入热水中，球内气体温度升高，而温度是分子平均动能的标志，故球内气体分子平均动能增大。（2）初状态501.010PaP=，根据玻意耳定律01910PVPV=解得511.110PaP球被踩瘪后130

0KT=，恢复原形时2360KT=，根据理想气体状态方程1212910PVPVTT=解得521.1810PaP=14.如图。玩具“火箭”由上下A、B两部分和一个劲度系数较大的轻弹簧构成，A的质量为0.2kg，B的质量为0.4kg，弹簧夹在中间，与两者

不固连。开始时让A、B压紧弹簧并锁定为一个整体，为使A上升得更高，让“火箭”在距地面0.8m高处自由释放，“火箭”着地瞬间以原速率反弹，同时解除锁定，当弹簧恢复原长时，B恰好停在地面上，不计空气阻力和“火箭”的体积以及弹簧解锁恢复原长的时间，重力加速度取10m/s2。求（1）“火箭”着地时的

速度大小；（2）A上升的最大高度；（3）弹簧被锁定时的弹性势能。【答案】（1）4m/s；（2）7.2m；（3）9.6J【解析】【详解】（1）“火箭”在距地面0.8m高处自由释放，做自由落体运动22vgh=解得4m/sv=（2）“火箭”着地瞬间以原速率反弹，同时解

除锁定，弹簧恢复原长过程，B恰好停在地面上,动量守恒，取向上为正方向ABA()mmvmv+=解得12m/sv=A做竖直上抛运动，可逆向看成自由落体运动22vgh=解得7.2mh=（3）根据功能关系有22pAAB11()9.6J22Emvmmv=

−+=15.如图所示，直流电源（不计内阻）与阻值为1R的定值电阻、滑动变阻器2R以及水平放置的平行板电容器构成闭合回路，平行板电容器的板间距为d、板长为3d，板间存在垂直纸面向外的匀强磁场。质量为m、带电量为q−的小球以某一水平初速度从电容器下极板左边

缘无碰撞的进入电容器。已知重力加速度大小为g，电源电动势4mgdq=，小球向右飞入电容器的初速度为02gdv=，不计电场、磁场边缘效应，不计空气阻力。（1）若滑动变阻器接入电路中的阻值217RR=，且小球恰好做匀

速直线运动，求匀强磁场的磁感应强度大小0B；（2）若小球在板间恰好做匀速圆周运动，且能从两极板间飞出，求2R接入电路中的阻值，以及磁感应强度大小的取值范围；（3）若滑动变阻器接入电路的阻值217RR=，匀强磁场的磁感应强度2mgBqd=，求小球在板间运动

过程中偏离下极板的最大距离H。公众号：全元高考【答案】（1）mgqd；（2）213RR=，mgBqd或4mgBqd；（3）14Hd=【解析】【详解】（1）根据欧姆定律有12IRR=+1UIR=解得2mgdUq=极板间电场强度大小2UmgEdq==小球恰好做

匀速直线运动，根据力的平衡00qEqvBmg+=解得002mgmgBqvqd==（2）小球恰好做匀速圆周运动，则重力与电场力平衡qEmg=定值电阻1R两端的电压UEd=根据闭合电路中的分压关系有211RURR=+联立解得213RR=小球恰好从两板

间右侧飞出时，设其圆周运动的半径为1r，由几何知识可得()22211(3)rrdd=−+公众号：全元高考解得12rd=小球恰好从两板间左侧飞出时，设其圆周运动的半径为2r，则22dr=根据洛伦兹力提供向心力有200mvqvBr=圆周运动的半径取值范围为2rd或2dr则磁感应强度大小的取

值范围为mgBqd或4mgBqd（3）根据（1）可知当217RR=时小球所受电场力大小12FqEmg==方向竖直向上，设小球最高点时速度大小为v，根据动能定理有2201122FHmgHmvmv−=−小球向上偏转，设到最高点所用时间为t，这段时间内竖直方向

平均速度为yv，则对应洛伦兹力水平方向的分力的冲量为yqvBtqBH=根据水平方向的动量定理，以水平向左为正方向，有()0qBHmvmv=−−−联立解得0v=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiang

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