【文档说明】2022-2023学年高一物理 人教版2019必修第二册 同步试题 第1节 圆周运动 Word版含解析.docx，共(25)页，3.107 MB，由小赞的店铺上传

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第1节圆周运动一、圆周运动的概念1．（2022春·天津红桥·高一天津三中期末）下列物体中，做圆周运动的是（）A．时钟上的表针B．踢出的足球C．奔驰的列车D．飘落的枫叶【答案】A【详解】A．时钟上的表针是做圆周运动，选项A正确；BCD

．踢出的足球、奔驰的列车、飘落的枫叶运动轨迹都不是圆周，则都不是圆周运动，选项BCD错误。故选A。2．（2022·全国·高一专题练习）圆周运动是生活中常见的一种运动。一个圆盘在水平面内匀速转动，盘面上一个小物块随圆盘一超做匀速圆周运动，如图1所示。把一个小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小

球在短时间内沿光滑的漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动，如图2所示。关于匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动的线速度大小和方向都时刻变化B．匀速圆周运动的线速度大小不变，方向时刻变化C．匀速圆周运动是匀速运动D．匀速圆周运动是匀变速运动【答案】B【详

解】AB．匀速圆周运动的线速度大小保持不变，而其方向时刻变化，选项A错误，选项B正确；CD．因匀速圆周运动的线速度和向心加速度时刻都在发生变化，故匀速圆周运动既不是速度保持不变的匀速运动，也不是加速度保持不变的匀变速运动，选项CD错误。故选B。二、线速度3．（2022·全国·高

一专题练习）一辆电动玩具小车，可以在水平桌面上做匀速直线运动。现将小车用轻绳系在水平桌面上O点，如图所示的轻绳的长为L，小车转一圈的时间为t。下列物理量中，可以用来描述小车运动快慢的是（）A．位移B．半径C．线速度D．路程【答案】

C【详解】用来描述小车运动快慢的物理量是线速度。故选C。4．（2021春·上海浦东新·高一期末）自行车后轮原地空转，其上A、B两点（如图）的线速度大小分别为vA、vB。下列判断正确的是（）A．vA>vBB．vA<vBC．vA=vBD．A、B两点的线速度方向相同【答案】A【详解】ABC．A、B两点

在同一车轮上绕同一圆心做圆周运动，所以角速度大小相同，而ABrr，则根据vr=可知ABvv，故A正确，BC错误；D．圆周运动的线速度沿轨迹切线方向，所以A、B两点的线速度方向不同，故D错误。故选A。5．（2022春·贵州黔西·高

一期中）一物体做匀速圆周运动，其线速度大小为2m/s，则物体在0.5s内通过的弧长为（）A．4mB．3mC．2mD．1m【答案】D【详解】物体在0.5s内通过的弧长为1m==svt故选D。6．（2022春·河北唐山·高一开滦第二中学学业考试）如图所示，一圆盘在纸

面内以O为圆心顺时针转动，其边缘上A点的速度方向标示可能正确的是（）A．1vB．2vC．3vD．4v【答案】D【详解】物体做圆周运动时，某点的线速度方向沿着该点的圆周切线方向，由于圆盘以O为圆心顺时针转动，故图中4v为边缘上A点的速度方向，故D正确，ABC错误。故选D。7．（2

021春·河北保定·高一河北省唐县第一中学期中）在研究做圆周运动的物体在任意位置的速度方向时，可在桌面上铺一张白纸设法使一个陀螺在纸上O点稳定转动，如图（a）所示，接着在陀螺的边缘滴几滴带颜色的水，水在纸上甩出的痕迹如图（b）所示，然后再用一张透明胶片做模板，画一个圆及其

几根切线，如图（c）所示。（1）圆的半径与陀螺的半径的比例应为______。（2）将圆心与纸上O点对准并覆盖其上，随后绕过O点、垂直于纸面的轴旋转模板，可观察到模板上的切线总是与水的痕迹重合，这种判断的方法通常称为_____。A．控

制变量法B．建模方法C．等效替代法D．图象方法【答案】1:1B【详解】(1)[1]带颜色的水沿陀螺边缘飞出，其痕迹即为陀螺的切线，所以当圆的半径与陀螺半径相同时，圆的切线才与陀螺的切线重合。故二者半径比为1:

1。(2)[2]通过模型与实际运动进行对照验证，得出做圆周运动的物体在任意位置的速度方向。这种方法称为建模方法。三、角速度8．（2021春·上海闵行·高一期中）角速度反映了物体做匀速圆周运动的快慢，下列表达式中角速度的定义式是（）A．vR=B．2T=C．t

=D．2n=【答案】C【详解】单位时间内转过的弧度定义为角速度，即t=故选C。9．（2023·高一课时练习）甲、乙两物体都做匀速圆周运动，转动半径之比为1：2，在相等时间里甲转过60°角，乙转过45°角，则它们的（）A．角速度之比为4：3B．角速度之比为2：3C．线速度之比为1：1D．

线速度之比为4：9【答案】A【详解】AB．相同时间内甲转过60°角，乙转过45°角，根据角速度定义t=可知ω1：ω2=4：3选项A正确，B错误；CD．由题意可知r1：r2=1：2根据公式v=ωr可知v1：v2=ω1r1：ω2r2=2：3选项CD错误。故选A。10．（2022春·江苏

徐州·高一期中）如图所示，地球绕太阳转、月球绕地球转。则在相同的一小段时间内，地球、月球在各自绕行轨道上转过的角度之比约为（）A．27：1B．1：27C．27:365D．365:27【答案】C【详解】月球饶地球

转一圈的时间是27天，地球饶太阳转一圈的时间是365天，则周期关系有:27:365TT=月地角速度与周期的关系为2T=故:365:27=月地绕行过程中，转过的角度与角速度的关系为t=，所以在相等时间内，两者转过的角度之比为:27:365=月地故选C。11．

（2021春·山西晋中·高一期中）如图所示，质点a、b在同一平面内绕质点c沿逆时针方向做匀速圆周运动，它们的周期之比Ta∶Tb＝1∶k（k＞1，为正整数）。从图示位置开始，在b运动一周的过程中（）A．a、b距离最近的次数为k次B．a、b距离最近的次数为k－1

次C．a、b、c共线的次数为2k次D．a、b、c共线的次数为2k＋2次【答案】B【详解】在b转动一周过程中，a转动k周，a、b距离最远的次数为k-1次，a、b距离最近的次数为k-1次，故a、b、c共线的次数为2k-2

，选项B正确，ACD错误。故选B。四、各物理量间的关系12．（2022·全国·高一假期作业）如图所示，秒针绕O点转动，A、B为秒针的两个端点。在转动时，A、B的角速度和线速度分别记为AB、和ABvv、，则（）

A．ABB．ABC．ABvvD．ABvv【答案】C【详解】AB．A、B为秒针的两个端点，他们属于共轴转动，故A、B的角速度大小相等，AB错误；CD．转动过程中，A点的半径小于B的半径，根据线速度与角速度的关系vr=，可得ABvv故C正确，D错误。故选C。13

．（2022秋·重庆沙坪坝·高一重庆市凤鸣山中学期中）（多选）已知心电图记录仪的出纸速度（纸带移动的速度）是2.5cm/s，如图所示是仪器记录下来的某人的心电图，图中每个小方格的边长为0.5cm，由此可知（）A．此人的心率约为7

5次/分B．此人的心率约为125次/分C．此人心脏每跳动一次所需时间约为0.75sD．此人心脏每跳动一次所需时间约为0.60s【答案】AC【详解】依题意，由图读出相邻峰值之间的距离约为40.5cm2.0cms==纸带移动的速度是2.5cm/sv=则心动周期约为2s0.8s2.5sTv===则此

人的心率约为11.25Hz75/fT===次分故BD错误，AC正确。故选AC。14．（2022秋·江苏·高一阶段练习）如图所示为旋转脱水拖把，拖把杆内有一段长度为35cm的螺杆通过拖把杆下段与拖把头接在一起，螺杆的螺距（相邻螺纹之间的距离）d＝5cm，拖把头的半

径为10cm，拖把杆上段相对螺杆向下运动时拖把头就会旋转，把拖把头上的水甩出去。某次脱水时，拖把杆上段1s内匀速下压了35cm，该过程中拖把头匀速转动，下列说法正确的是（）A．拖把头边缘的线速度为1.4πm/sB．拖把杆向下运动的速度为0.

1πm/sC．拖把头转动的角速度为7πrad/sD．拖把头的转速为1r/s【答案】A【详解】C．由题意知拖把头周期1s7T=则拖把头转动的角速度214rad/sT==故C错误；A．拖把头边缘的线速度121.4m/sRvT==故A正确；

B．拖把杆向下运动的速度20.35m/slvt==故B错误；D．拖把头的转速17r/snT==故D错误。故选A。15．（2023·高一课时练习）（多选）半径为R的水平圆盘绕过圆心O的竖直轴匀速转动，A为圆盘边缘上一点，在O的正上方有一个可视为质点的小球以初速度v水平抛出时，半径OA

恰好与v的方向相同，如图所示，若要使小球与圆盘只碰一次，且落在A，重力加速度为g，则圆盘转动的角速度可能为（）A．5vRB．6vRC．4vRD．6vR【答案】CD【详解】小球做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，则运动的时间为Rtv=小

球与圆盘只碰一次，且落在A点，满足2123tnn==（，，）联立解得22123nnvntR=）==（，，CD正确。故选CD。五、传动问题16．（2022·全国·高一专题练习）修正带是学生常用的学习工具之一，其结构如图所示，包括上下盖座、大小齿轮、压嘴

座等部件，大小齿轮分别嵌合于大小轴孔中，大小齿轮相互啮合，a、b两点分别位于大小齿轮的边缘，则关于这两点的线速度大小、角速度关系说法正确的是（）A．线速度大小相等，角速度不等B．线速度大小不等，角速度相等C．线速度大小相等

，角速度相等D．线速度大小不等，角速度不等【答案】A【详解】根据题意可知，大小齿轮由于边缘啮合，所以边缘上的点的线速度大小相等，而齿轮的半径不一样，由公式vr=可知，角速度的大小不等。故选A。17．（2022春·上海黄浦·高

一格致中学期中）如图是自行车传动结构的示意图，其中大齿轮、小齿轮和后轮的半径分别为1r、2r和3r。假设脚踏板的转速为()r/sn，则该自行车前进的速度为（）A．2312nrrrB．1322nrrrC．1

322rrnrD．2312rrnr【答案】B【详解】脚踏板的转速等于大齿轮的转速，为()r/sn，则大齿轮边缘的线速度112vrn=小齿轮边缘的线速度也为112vrn=小齿轮和后轮同轴转动，角速度相等，则后轮边缘的线速度即自行车前进的速度为13123222rr

nvvrrr==故选B。18．（2023·高一课时练习）如图所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比为RB:RC=3:2，A轮的半径大小与C轮相同，它与B轮紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B轮也随之无相对滑

动地转动起来。a、b、c分别为三轮边缘的三个点，则a、b、c三点在运动过程中的（）A．线速度大小之比为3:3:2B．角速度之比为3:3:2C．转速之比为2:3:2D．周期之比为2:3:2【答案】A【详解】A．A轮、B轮靠摩擦传动，边缘点

线速度大小相等，故:1:1abvv=B轮、C轮角速度相同，根据vr=可知，速度之比为半径之比，所以:3:2bcvv=则::3:3:2abcvvv=故A正确；B．b、c角速度相同，而a、b线速度大小相等，根据vr=

可知:3:2ab=则::3:2:2abc=故B错误；C．根据2n=可得:2:32::abcnnn=故C错误；D．根据2T=结合::3:2:2abc=可得::2:3:3abcTTT=故D错误。故选A。19．（2022·全国·高一专题练习）如图为一种“滚轮—平盘无极变

速器”的示意图，它由固定于主动轴上的平盘和可带动从动轴转动的圆柱形滚轮组成。由于摩擦力的作用，当平盘转动时，滚轮就会跟随转动，如果认为滚轮不会打滑，那么主动轴的转速n1、从动轴的转速n2、滚轮半径r以及滚轮中心距离主动轴轴线的距离x之间的关系是（）A．n

2＝n1xrB．n1＝n2xrC．n2＝n122xrD．n2＝n1xr【答案】A【详解】从动轴的转速为n2，滚轮半径为r，则滚轮边缘的线速度大小为v2＝2πn2r平盘与滚轮接触处的线速度大小为v1＝2πn1x根据v2＝v1，得2πn2r＝2πn1x解得n2＝

n1xr故选A。20．（2022·高一课时练习）如图所示的传动装置中，B、C两轮固定在一起绕同一轴转动，A、B两轮用皮带传动，三个轮的半径关系是ra：rb：rc=2：1：2。若皮带不打滑，则A、B、C三轮边缘上a、b、c三点的（）A．

角速度之比为1：2：2B．角速度之比为1：1：2C．线速度大小之比为1：2：2D．线速度大小之比为1：1：1【答案】A【详解】AB．点a和点b是皮带传动边缘点，线速度大小相等，故va：vb=1：1根据v=r

ω，有ωa：ωb=rb：ra=1：2点b和点c是同轴转动，角速度相等，故ωb：ωc=1：1则ωa：ωb：ωc=1：2：2选项A正确，B错误；CD．点b和点c是同轴转动，角速度相等，根据v=rω，有vb：vc=rb：rc=1：2则va：vb：vc=1：1：2选项C

D错误。故选A。21．（2023·高一课时练习）如图所示，车轮上一条竖直半径上有两点P、QP，点离圆心近，Q点离圆心远，当车轮在水平路面上沿直线滚动一周，下列说法正确的是（）A．P、Q两点路程一样B．P、Q两点平均速率相等C．P、Q两点平均速度相等D．Q点平均速度大于P点的平均速

度【答案】C【详解】AB．以圆心为参照，P、Q两点作圆周运动的半径不同，车轮在水平路面上沿直线滚动一周，P、Q两点路程不同，平均速率不相等，故AB错误；CD．车轮在水平路面上沿直线滚动一周，P、Q两点位移相同，平均速度相等，故C正确，D错误。故选C。22．（2022·高一课时练习）

如图甲所示，生活中我们常看见在时钟表盘出现分针和时针相遇的情景，其中的物理关系可以简化成图乙模型，有A、B两质点绕同一点O做匀速圆周运动，运动方向相同。已知A的周期为AT，B的周期为BT，且ABTT，若设A、B运动到图示位置为第一次相遇，则两

质点下一次相遇所用的时间为（）A．ABTT−B．ABTT+C．ABABTTTT−D．ABABTTTT−【答案】D【详解】由题设情景分析可知，A、B下一次相遇的条件为2BA−=即222BATT−=解得ABABTTtT

T=−ABC错误；D正确。故选D。23．（2022春·浙江绍兴·高一期末）（多选）某计算机上的硬磁盘的磁道和扇区如图所示，这块硬磁盘共有9216个磁道（即9216个不同半径的同心圆），每个磁道分成8192个扇区（每扇区为1819

2圆周），每个扇区可以记录512个字节（byte）。电动机使盘面以7200r/min的转速匀速转动。磁头在读、写数据时是不动的，盘面每转一圈，磁头沿半径方向跳动一个磁道。1Mb=1048576byte，不计磁头

转移磁道的时间，下列说法正确的是（）A．盘面转动的角速度为120rad/s磁道B．一个扇区通过磁头所用的时间约为6110s−C．计算机1s内最多可以从一个盘面上读取约480Mb的数据D．当磁头处于外磁道时，读

取的速度较快【答案】BC【详解】A．盘面转动的角速度为720022rad/s240rad/s60n===A错误；B．经过一个扇区转过的角度为28192=一个扇区通过磁头所用的时间约为628192s110s240t−==B正确；C．

转速为7200r/min120r/sn==计算机1s内最多可以从一个盘面上读取的字节约为1208192512Mb480Mb1048576=C正确；D．由于每个磁道都有8192个扇区，每个扇区可以记录512个字节，转速一定时，磁头在任意磁道转动一圈的时间相同，

读取的字节一样多，读取的速度一样快，D错误。故选BC。24．（2022春·广东广州·高一铁一中学阶段练习）如图所示，一位同学玩飞镖游戏。半径为R的圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L，当飞镖以初速度0v垂直盘面瞄准

P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则（）A．圆盘的半径可能为2202gLvB．圆盘转动角速度的最小值为02vLC．飞镖击中P速度与水平方向的夹角的

正切值为RLD．P点随圆盘转动的线速度可能为034gLv【答案】D【详解】A．飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，则有0Ltv=飞镖击中P点时，P恰好在初始位置的正下方，飞镖竖直方向做自由落体运动，则有2122Rg

t=解得圆盘的半径为2204gLRv=A错误；B．飞镖击中P点，则P点转过的角度满足2tk==+（0k=，1，2…）可得0(21)kvtL+==（0k=，1，2…）当0k=，可得圆盘转动角速度的最小值为0minvL=B错误；C．飞镖击中P速度与水平方向的夹角的正切值

为2001242tan22gtgtRRvvtLL====C错误；D．P点随圆盘转动的线速度为02020(21)(21)44kvkgLvLgLvRv++===（0k=，1，2…）当1k=，可得034gLvv=D正确；故选D。25．（2022

·全国·高一假期作业）如图是多级减速装置的示意图。每一个轮子都由大小两个轮子叠合而成，共有n个这样的轮子，用皮带逐一联系起来，设大轮的半径为R，小轮的半径为r，当第一个轮子的大轮外缘线速度大小为v1时，第n个轮子的小轮边缘线速度大小为（设皮带不打滑）（）A．1rvRB．1RvrC．1nr

vRD．11nRvr−【答案】C【详解】第一个轮子的大轮外缘线速度大小为v1时，设第二个轮子的大轮外缘线速度大小为v2，以此类推，第n个轮子的大轮外缘线速度大小为vn，则第n个轮

子的小轮边缘线速度大小为vn+1，根据线速度与角速度的关系得12vvRr=解得121rvvR=又因为32vvRr=解得231rvvR=以此类推11nnrvvR+=故选C。26．（2022·高一课时练习）图所示是一种可用于测定子弹速度的装置示意图，纸

质圆筒绕中心轴OO以角速度旋转，子弹以一定速度沿与轴线平行的方向从圆筒一个底面上的A点射入，从另一个底面上的B点射出，射出时A、B两点在圆筒上的位置如图中所示。若A点与B点所在半径的夹角为，圆筒

的长度为l，求子弹的速度大小v。【答案】2lvn=+（0n=，1，2）【详解】设子弹穿过纸质圆筒的时间为t，则有lvt=在这段时间内圆筒转过的角度为2n+，则有2nt+=（0n=，1，

2）联立解得子弹的速度大小为2lvn=+（0n=，1，2）27．（2021春·河北唐山·高一开滦第二中学校考期中）地面上有一个半径为R=0.5m的圆形跑道，一平台边缘上的P点在地面上P′点的正上方，P′与跑道圆心O的距离为3LR=，如图所示，AB

CD为跑道上的4个点，（其中AC为水平直径，BD是与AC垂直的直径）跑道上有一辆小车。现从P点以速度v0=0.5m/s水平抛出一沙袋，已知g取10m/s2，求：（1）若小车静止于B点时，沙袋被抛出后落入小车中，平台的高度h为多高？（2）若抛出沙袋的同时小车从A点顺时针出发，沿跑道做匀速圆周

运动，欲使沙袋恰好能够在D处落入小车中，求小车运动的线速度v满足什么条件？【答案】（1）20m；（2）382nv=+，n=0，1，2，…【详解】（1）沙袋运动的水平距离为2232xRRR=+=根据平抛运动公式得x=v0t解得t=2s竖直方向212hgt=解得h=20m（2）小车从A点顺时针运动

到D有322tn=+34n=+，n=0，1，2，…由v=ωR得382nv=+，n=0，1，2，…28．（2014·上海·统考高考真题）如图，带有一白点的黑色圆盘，可绕过其中心，垂直于盘面的轴匀速转动，每秒沿顺时针方向旋转30圈

。在暗室中用每秒闪光31次的频闪光源照射圆盘，观察到白点每秒沿（）A．顺时针旋转31圈B．逆时针旋转31圈C．顺时针旋转1圈D．逆时针旋转1圈【答案】D【详解】带有一白点的黑色圆盘，可绕过其中心，垂直于盘面的轴匀速转动，每秒沿顺时针方向旋转3

0圈，即圆盘转动的频率030Hzf=在暗室中用每秒闪光31次的频闪光源照射圆盘，即闪光灯频率31Hzf=所以002f＜f＜f所以观察到白点逆时针旋转01Hzfff=−=所以观察到白点每秒逆时针旋转1圈。故选D。29．（2017·浙江·高考真题）在G2

0峰会“最忆是杭州”的文化文艺演出中，芭蕾舞演员保持如图所示姿势原地旋转，此时手臂上A、B两点角速度大小分别为1、2，线速度大小分别为Av、Bv，则（）A．12B．12C．ABvvD．ABvv【答案】D【详解】可以把A、B两点看成是同轴转动的两个质点，则12

=，由vr=得，ABvv故D选项正确．故选D点睛：同轴角速度相等，同皮带线速度相等，然后借助于vr=求解．30．（2015·天津·高考真题）未来的星际航行中，宇航员长期处于完全失重状态，为缓解这种状态带

来的不适，有人设想在未来的航天器上加装一段圆柱形“旋转舱”，如图所示．当旋转舱绕其轴线匀速旋转时，宇航员站在旋转舱内圆柱形侧壁上，可以受到与他站在地球表面时相同大小的支持力．为达到上述目的，下列说法正确的是A．旋转舱的半径越大，

转动的角速度就应越大B．旋转舱的半径越大，转动的角速度就应越小C．宇航员质量越大，旋转舱的角速度就应越大D．宇航员质量越大，旋转舱的角速度就应越小【答案】B【详解】在外太空，宇航员处于完全失重状态，所以在旋转仓中我们不需要考虑地球引力作用

；宇航员在旋转仓中做圆周运动所需要的向心力由侧壁支持力提供，根据题意有2NFmgmr==，故可知1r，旋转半径越大，转运角速度就越小，且与宇航员质量无关，故B正确、ACD错误．31．（2022·河北·统考高考真题）（多选）如图，广场

水平地面上同种盆栽紧密排列在以O为圆心、1R和2R为半径的同心圆上，圆心处装有竖直细水管，其上端水平喷水嘴的高度、出水速度及转动的角速度均可调节，以保障喷出的水全部落入相应的花盆中。依次给内圈和外圈上的盆栽浇水时，喷水嘴的高度、出水速度及转动的角速度分别用1h、1v、1和2h、2v、2表示

。花盆大小相同，半径远小于同心圆半径，出水口截面积保持不变，忽略喷水嘴水平长度和空气阻力。下列说法正确的是（）A．若12hh=，则1221::vvRR=B．若12vv=，则221212::hhRR=C．若12=，12vv=，喷水嘴各转动一

周，则落入每个花盆的水量相同D．若12hh=，喷水嘴各转动一周且落入每个花盆的水量相同，则12=【答案】BD【详解】AB．根据平抛运动的规律212hgt=Rvt=解得2hRvg=可知若h1=h2，则v1:v2=R1:R2若v1=v2，则

221212::hhRR=选项A错误，B正确；C．若12=，则喷水嘴各转动一周的时间相同，因v1=v2，出水口的截面积相同，可知单位时间喷出水的质量相同，喷水嘴转动一周喷出的水量相同，但因内圈上的花盆总数

量较小，可知得到的水量较多，选项C错误；D．设出水口横截面积为S0，喷水速度为v，若12=，则喷水管转动一周的时间相等，因h相等，则水落地的时间相等，则Rtv=相等；在圆周上单位时间内单位长度的水量为000002vt

SRSSSQRtRtthg====相等，即一周中每个花盆中的水量相同，选项D正确。故选BD。32．（2008·宁夏·高考真题）（多选）图示为某一皮带传动装置．主动轮的半径为r1，从动轮的半径为r2。已知主动轮做

顺时针转动，角速度为ω，转动过程中皮带不打滑。下列说法中正确的是（）A．从动轮做顺时针转动B．从动轮做逆时针转动C．从动轮的角速度为12rrD．从动轮的角速度为21rr【答案】BC【详解】AB．由于皮带交叉连接，则从动轮做逆时针转动，故A错误，B正确；CD．同一皮带上线

速度相等，有12rr=则从动轮的角速度为12rr=故C正确，D错误。故选BC。33．（2014·天津·高考真题）半径为R的水平圆盘绕过圆心O的竖直轴匀速转动，A为圆盘边缘上一点，在O的正上方有一个可视为质点的小球以初速度v水平抛出时，半径OA方向恰好与v的方向相同，如图

所示，若小球与圆盘只碰一次，且落在A点，重力加速度为g，则小球抛出时距O的高度为h＝，圆盘转动的角速度大小为=．【答案】222gRv、()2,nvnNR+【详解】[1]小球做平抛运动，小球在水平方向上做匀速直线运动，则运

动的时间:Rtv=竖直方向做自由落体运动，则:222122gRhgtv==[2]根据2tn=得：*22()nnvnNtR==