【文档说明】云南省镇雄县第四中学2020-2021学年高一下学期开学收心考试物理试题 含答案.docx，共(14)页，267.077 KB，由小赞的店铺上传

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秘密★启用前镇雄四中高一年级收心考试卷物理本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。第Ⅰ卷第1页至第3页，第Ⅱ卷第3页至第4页。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时90分钟。第Ⅰ卷（选择题，共52分）注意事项:1.答题前，考

生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。

一、选择题（本大题共13小题，每小题4分，共52分。在每小題给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求；第11～13题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.近几年，国内

房价飙升，在国家宏观政策调控下，房价上涨出现减缓。小渊同学将房价的“上涨”类比成运动学中的“加速”，将房价的“下跌”类比成运动学中的“减速”。据此，你认为“房价上涨出现减缓”可以类比成运动学中的A.速度增加，加速度减小B.

速度增加，加速度增大C.速度减小，加速度增大D.速度减小，加速度减小2.2022年在北京一张家口冬奥会期间，有三位体育爱好者A、B、C从所住的同一地区M出发，到赛场N为中国的运动员加油，他们选择了三条不同的路径，最后同时到达赛场，如图1所示，则下列说法中正确的是A.他们从M点

到N点的平均速度不同B.他们到达N点的瞬时速度相同C.他们从M点到N点的平均速率相同D.B从M到N的平均速度方向与任意时刻的瞬时速度方向相同3.如图2所示，新中国成立T0周年阅兵仪式上，国产武装直升机排列并保持“

70”字样编队从天安门上空整齐飞过，甲、乙分别是编队中的两架直升机，则A.以甲为参考系，乙是运动的B.以乙为参考系，甲是运动的C.以甲为参考系，坐在观众席上的观众都是静止的D.以乙为参考系，“70”字样编队中所有直升机都是静止的4.一质点沿直线

Ox方向做变速运动，它离开O点的距离x随时间t变化的关系为x=（5+2t3）m，它的速度v随时间t变化的关系为v=6t2（m/s），该质点在t=2s时的速度和t=2s到t=3s时间内的平均速度的大小分别为A.12m/s39m/sB.24m/s38m/sC.12m/s

19.5m/sD.24m/s13m/s5.一名宇航员在某星球上做自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第4s内的位移是42m球仍在空中运动，则A.小球在2s末的速度大小是16m/sB.该星球上的重力加速度为12m/s2C.小球在

第4s末的速度大小是42m/sD.小球在4s内的位移是80m6.某物体在竖直方向上运动，规定竖直向下为正方向，其v-t图象如图3所示，由此可知A.t=0.5s时刚好到达最高点B.t=0.9s时刚好触地C.前0.9s内通

过的路程为0.45mD.前0.9s内的平均速度大小为0.5m/s7.如图4所示，A、B两个物块的重力分别是GA=3N，GB=4N，弹簧的重力不计，整个装置沿竖直方向处于静止状态，这时弹簧的弹力F=2N，则天花板受到的拉力和地板受到的压力，有可能是A

.3N和4NB.5N和6NC.1N和2ND.5N和2N8.如图5所示，两个物块用一根轻绳连在一起，静止在光滑的桌面上。当用一个水平外力F拉动使之加速，这时绳子上出现的拉力是A.FB.2FC.3FD.23F9.如图6所示，斜面体置于粗糙水平面上，一质量为m的滑块放在倾角为θ，动摩擦因数为μ的斜面上恰

好静止，现对滑块施加一竖直向下的力F，则下列说法中不正确的是A.滑块仍然保持静止B.斜面对小球的摩擦力变大C.斜面对地面的压力变大D.地面对斜面的摩擦力变大10.如图7所示，A、B两物体静止在粗糙水平面上，其间用一根轻弹簧相连，弹簧的长度大于原长。若再用个从零开始缓慢增大的

水平力F向右拉物体B，直到A即将移动，此过程中，地面对B的摩擦力F1和对A的摩擦力F2的变化情况是A.F1先变小后变大再不变B.F1先不变后变大再变小C.F2先变大后不变D.F2一直在变大11.如图8甲所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体。现对A施加水平向右的拉力F，通过

传感器可测得A的加速度a随拉力F变化的关系如图乙所示。已知重力加速度g=10m/s2，则下列说法正确的是A.A的质量是5kgB.B的质量是5kgC.A、B之间的动摩擦因数是0.4D.A、B之间的动摩擦因数是0.812.我国“蛟龙号”深潜器

在某次实验时，内部显示屏上显示了从水面开始下潜到返回水面过程中的速度图象，如图9所示，则以下判断正确的是A.6min～8min内，深潜器的加速度最大B.4min～6min内，深潜器停在深度为360m处C.3min～4min内，潜水员处于

超重状态D.6min～l0min内，深潜器的加速度不变13.如图10所示，某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰好与水平方向成θ=30°

角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是A.加速时动力的大小等于mgB.加速时加速度的大小为gC.减速时动力的大小等于32mgD.减速飞行时间t后速度为零第Ⅱ卷（

非选择题，共48分）注意事项:第Ⅱ卷用黑色碳素笔在答题卡上各题的答题区城内作答，在试题卷上作答无效。二、填空、实验题（本大题共2小题，共18分）14.（12分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图11甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为

细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是___________。（2）本实验采用的科学方法是__________。A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型

法（3）实验时，主要的步骤是：a.在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上。b.用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套。c.用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O

。记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数。d.按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F。e.只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力

F′的图示。f.比较F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论。上述步骤中:①有重要遗漏的步骤的序号是__________和__________。②遗漏的内容分别是__________和________

__。15.（6分）为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图12甲所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量（滑轮质量不计）。（1）下列实验步骤正确的是__________。A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C.

小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E.实验中不需要砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M（2）该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带（两

计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为__________m/s2（结果保留两位有效数字）。（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a-

F图象是一条直线，如图13所示，图线与横坐标的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为__________。A.2tanθB.tanθC.2kD.k三、计算题（本大题共4小题，共30分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演

算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16.（9分）物体A做匀速运动，速度v0=4m/s，3s后，物体B从同一位置与A同方向做匀加速直线运动，v0′=0，a=2m/s2。求（1）B出发后，经过

多长时间追上A；（2）B追上A时，离出发点多远；（3）追上A之前，A、B之间的最大距离是多少。17.（6分）一个人用88N的力推着一个14kg的割草机在草地上做匀速运动，如图14所示。求：（1）地面与割草机之间的动摩擦因数；（2

）如果割草者打算推着割草机从静止到2.5s内，获得1.5m/s的速度，计算需要施加的推力F。18.（6分）如图15所示，重物A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，小滑轮P被一根细线系于天花板上的O点，O点处安装一力传感器。质量为

10kg的物块B放在粗糙的水平桌面上，O′是三根线的结点，bO′水平拉着B物体，aO′、bO′与cO′夹角如图所示。细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态。若O点处安装的力传感器显示受到的拉力是F0=20N，物块B与水平桌

面之间的动摩擦因数为0.2。求：（1）重物A的质量；（2）重物C的质量和桌面对B物体的摩擦力。19.（9分）如图16所示，有一条沿顺时针方向匀速传送的传送带，恒定速度v=4m/s，传送带与水平面的夹角θ=37°，现将质量m=lkg的小物块轻放在

其底端（小物块可视作质点），与此同时，给小物块沿传送带方向向上的恒力F=8N，经过一段时间，小物块上到了离地面高为h=2.4m的平台上。已知物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，（g取10m/s2，si

n37°=0.6，cos37°=0.8）。求:（1）物块从传送带底端运动到平台上所用的时间；（2）若在物块与传送带达到相同速度时，立即撤去恒力F，计算小物块还需经过多少时间离开传送带以及离开时的速度。镇雄四中高年级收心考试卷物理参考答案第Ⅰ卷（选择题，共52分）一、选择题（本大题共13小题，每

小题4分，共52分。在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11～13题有多项符合题目要求，全部选对的给4分，选对但不全的给2分，有选错的给0分）题号12345678答案ADDBBDDC题号

910111213答案DABCBCBC【解析】1.根据题意，房价与运动学中的速度做类比。上涨减缓，说明还在上涨，即仍然在加速；加速减缓，说明加速度减小，故A正确。2.三人从同一地点出发沿不同路线到达同一地点，位移相同

，所用时间相同，故平均速度相同，故A错误。无法判断谁到达N点的瞬时速度大，而且三人到达N点的瞬时速度方向不同，故B错误。平均速率取决于路程与时间的比，三人路程不同，而时间相同，故平均速率不同，故C错误。B沿直线运动，只有他的速度方向是不变的，故D正确。3.由题意知

，“70”字样编队中各个直升机相对静止，并且相对天安门广场飞过。则以编队中的直升机为参考系，其他直升机都是静止的，天安门广场上的观众是运动的，故D正确。4.由U=6t2（m/s）得t=2s时，v=24m/s；根据质点离开O点的距离随时间变化的关系为x=（5+2t3）m得t=2s时

，x2=2lm，t=3时，x3=59m；则质点在t=2到t=3时间内的位移3238xxxm=−=，平均速度38/38/1xvmsmst===，故B正确。5.设该星球的重力加速度为g，第4s内的位移是42m，有2243114222gtg

tm−=，t4=4s，t3=3s，解得g=12m/s2，所以小球在2末的速度大小为v2=gt2=24ms，故A错误，B正确。小球在第4末的速度大小是v4=gt4=48m/s，故C错误。小球在4s内的位移是241962gtm=，故D错误。6.根据图象知，t=0.5s时速度最大，刚好触地，故A错

误。t=0.9s时速度为零，应到达最高点，故B错误。根据图象与横轴所包围的面积表示位移的大小可得，往返的路程为50.540.42.0522mmm+=，故C错误。前0.9s内的位移为50.540.40.4522mmm−=，故平均速度大

小为0.5m/s，故D正确。7.弹簧可能是压缩状态，也可能是拉伸状态。设绳子的拉力TA，地板的支持力FN，弹簧的弹力为F。分情况讨论:（1）如果弹簧是压缩状态时，A、B受力图如图1甲所示。对物体A有F+TA=GA，对物体B有F

N=F+GB。由于GA=3N、GB=4N、F=2N，计算可得TA=1N，FN=6N。（2）如果弹簧是拉伸状态时，图中的F分别反向，如图乙所示。对物体A有GA+F=TA，对物体B有F+FN=GB。计算可得TA=5N，FN=2N。所以只有D正确。

8.由于桌面光滑，作用力拉动两个物块运动，整体获得加速度(12)Fakg=+，每个物块的加速度和整体加速度相等。此时绳子上的拉力是作用在1kg物块唯一的水平作用力，所以根据牛顿第二定律可得，绳子上的力为13FFma==。9.对小滑块受力分析:重力m

g、斜面对滑块的支持力N、静摩擦力f。由题目可得:未对滑块施加F时，μmgcosθ=mgsinθ，现对滑块施加竖直向下的F，可等效看为增加滑块的质量，仍然满足μm′gcosθ=m′gsinθ，滑块仍然保持静止，故A正确，但不符合题意。施加F

后，相当于增大滑块的质量，斜面对滑块的摩擦力变大，故B正确，但不符合题意。施加F后，把滑块及斜面看作一个整体，相当于整体质量变大，斜面对地面的压力变大，故C正确，但不符合题意。把滑块和斜面看作整体，受

到重力、地面支持力和竖直向下的力F，由于这三力均在竖直方向，所以地面对斜面的摩擦力为零，故D不正确。10.因在施加拉力F前，弹簧处于伸长状态，此时地面对A的摩擦力水平向左，地面对B的摩擦力水平向右，对B施加水平向右的拉力后，随着F的增大，物体B受的摩擦力先水平向右逐渐

减小，再水平向左逐渐增大，当β相对地面向右运动后，物体B受地面的摩擦力不再变化，而在物体B运动之前，物体A受地面的摩擦力水平向左，大小不变，当B向右运动后，随弹簧弹力的增大，物体A受到的摩擦力逐渐增大，综上所述，故A正确，B、C、D错误。1

1.拉力F很小时，AB两物体保持相对静止，以相同的加速度运动，后来B在A上表面滑动。当拉力F1=60N时，A物体加速度a1=4m/s2，两物体恰好要相对滑动，这时AB间的摩擦力是最大静摩擦力，根据牛顿第二定律，以B为对象有μmBg=mBa

1①。对A有11BAFmgma−=②。当拉力F2=100N时，A物体加速度a2=8m/s2，两物体发生相对滑动，这时AB间是滑动静摩擦力，根据牛顿第二定律，对A有22BAFmgma−=③。由①②③解得mA=10kg，mB=5kg，μ=0.4，故B、C正确，A

、D错误。12.根据速度图象斜率表示加速度可知，6min-8min内，深潜器的加速度小于0～lmin内的加速度，故A错误。根据速度图象表示位移可知，4min～6min内，深潜器停在深度为360m处，故B正确。3min-4min内，潜水员向下做减速运动，加速度方向向上，处于超重状态，

故C正确。6min～l0min内，深潜器的加速度变化，故D错误。13.画出使飞行器恰好与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行时的受力矢量图，如图2甲所示，由2mgcos30°=F，可得加速时动力的大小等于F=3mg，故A错误。动力F与飞船重

力mg的合力等于mg，所以飞船加速时加速度的大小为g，故B正确。画出使飞行器沿原方向匀减速飞行时的受力矢量图，如图乙所示，由sin60°=Fmg可得减速时动力的大小32Fmg=，故C正确。加速飞行时间t后的速度为v=at=gt。减速

飞行的合外力大小为mgcos60°=2mg，减速飞行的加速度大小为2g，减速飞行时间2t后速度为零，故D错误。第Ⅱ卷（非选择题，共48分）二、填空、实验题（本大题共2小题，共18分）14.（每空2分，共12分）（1）F′（2

）B（3）①CE②在C中未记下两条细绳的方向E中未说明应把橡皮条的节点拉到C中所述同一位置O【解析】（1）F′是只用一个弹簣测力计，通过细绳套拉橡皮条使其沿AO方向伸长至位置O后，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按力的图示法作出的。根据它的测量和作图过程可知，F′一定沿AO方向。（

2）本实验是一个弹簧测力计使橡皮条形变的大小和方向，与两个弹簧测力计使橡皮条形变的大小和方向相同，即一个力的作用效果，代替了两个力的作用效果，所以是等效替代法。15.（每空2分，共6分）（1）BDE（2）1.3（3）C【解析】（1

）由实验原理图可以看出，由弹簧测力计的示数可得到小车所受的合外力的大小，故不需要测砂和砂桶的质量，也不需要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，故A错误，E正确。为保证绳上拉力提供合外力，必须平衡摩擦力，故B正确。小车应靠近打点计时器，先接通电源，再放小车，同时读出弹簧测力

计的示数，故C错误。为了多测几组数据，需改变砂和砂桶的质量多做几次实验，故D正确。（2）由逐差法可得小车的加速度340145125629xxxxxaT−+−+=，将T=150×3s=0.06s，代入可得a=1.3m/s2。（3）由题图结合牛顿第

二定律，有2F=Ma，解得2aFM=，则图象斜率2kM=，得小车的质量2Mk=，故A、B、D错误，C正确。三、计算题（本大题共4小题，共30分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写岀最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确

写出数值和单位）16.（9分）解:（1）B追上A时，二者位移相等，即21(3)2AABBBxvtxat=+==，解得tB=6s①（2）将tB代入可得，B追上A时，离出发点xB=36m②（3）A、B距离最远时，应有vA=vB，最远时B运动的时间2ABvtsa==，最大距离为21(3

)162ABABBxxxvtatm=−=+−=③评分标准:本题共9分。正确得出①③式各给3分。17.（6分）解:（1）割草机的受力图如图3所示，将F沿水平方向和竖直方向分解，由于割草机做匀速运动，合外力为零在水平方向，有F∥-Ff=0，且F∥=Fcos45°①在竖直方向，有F

N=G+F⊥，且F⊥=Fsin45°②又因为Ff=μFN，联立各式解得μ=0.31③（2）如果割草机从静止开始加速，则在水平方向，有F∥-Ff=ma④在竖直方向，有FN=G+F⊥⑤又因为vat=，再由（1）可得推力106.2cos45sin45mamgFN+==−⑥

评分标准:本题共6分。正确得出①～⑥式各给1分。18.（6分）解:（1）设小滑轮两侧细绳中拉力为F，根据重物A静止，由平衡条件得F=mAg①对小滑轮P，由平衡条件得2Fcos30°=203N②可得F=20N③由图中几何关系可知滑轮两侧细线的夹角为6

0°④根据O点处安装的力传感器显示受到的拉力是F0=203N，可知悬挂小滑轮的细线OP的张力是：FT=F0=203N⑤解得重物A的质量为mA=2kg⑥（2）对结点O′受力分析，由平衡条件，在竖直方向，Fsin30°=FC⑦在水平方向，Fcos30°=F

b⑧对B物体，由平衡条件，桌面对B物体的摩擦力f=Fb⑨对C物体，由平衡条件mCg=FC⑩联立解得mC=lkg⑪f=103N⑫评分标准:本题共6分。正确得出①-⑫式各给0.5分。19.（9分）解:（1）对物块受力分析可知，物块先是在恒力作用下沿传

送带方向向上做初速度为零的匀加速运动，摩擦力的方向沿斜面向上，直至速度达到传送带的速度，由牛顿第二定律得：ma1=F+μmgcos37°-mgsin37°，解得a1=6m/s①1123vtsa==②211423vxma==③物块达到与传送带同速后，物体未到顶端，物块受的摩擦力的方向改变，对物块受

力分析发现，因为F=8N而下滑力和最大摩擦力之和为10N。不能相对斜面向上加速，即a2=0④1223xxtsv−==⑤得1241.333tttss=+==⑥（2）若达到速度相等后撤力F，对物块受力分析，因为mgsin37°＞μmg

cos37°⑦减速上行ma3=mgsin37°-μmgcos37°，得a3=2m/s2⑧物块还需t′离开传送带，离开时的速度为vt，则22322tvvax−=，43/2.3/3tvmsms==⑨30.85tvvtsa−==⑩评分标准:本题共

9分。正确得出①、⑧式各给2分，得出④、⑦式各给1分，其余各式各给0.5分。