【文档说明】云南省镇雄县第四中学2020-2021学年高一下学期开学收心考试物理试题 含答案.docx，共(14)页，267.077 KB，由小赞的店铺上传

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秘密★启用前镇雄四中高一年级收心考试卷物理本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。第Ⅰ卷第1页至第3页，第Ⅱ卷第3页至第4页。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时90分钟。第Ⅰ卷（选择题，共52分）注意事项:

1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答

无效。一、选择题（本大题共13小题，每小题4分，共52分。在每小題给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求；第11～13题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.近几年，国内房价飙升，在国家宏观政策调控下，房价上涨出现减缓。小渊同学

将房价的“上涨”类比成运动学中的“加速”，将房价的“下跌”类比成运动学中的“减速”。据此，你认为“房价上涨出现减缓”可以类比成运动学中的A.速度增加，加速度减小B.速度增加，加速度增大C.速度减小，加速度增大D.速度减小，加速度减小2

.2022年在北京一张家口冬奥会期间，有三位体育爱好者A、B、C从所住的同一地区M出发，到赛场N为中国的运动员加油，他们选择了三条不同的路径，最后同时到达赛场，如图1所示，则下列说法中正确的是A.他们从M点到N点的平均速度不同B.他们到达

N点的瞬时速度相同C.他们从M点到N点的平均速率相同D.B从M到N的平均速度方向与任意时刻的瞬时速度方向相同3.如图2所示，新中国成立T0周年阅兵仪式上，国产武装直升机排列并保持“70”字样编队从天安门上空整齐飞过，甲、乙分别是

编队中的两架直升机，则A.以甲为参考系，乙是运动的B.以乙为参考系，甲是运动的C.以甲为参考系，坐在观众席上的观众都是静止的D.以乙为参考系，“70”字样编队中所有直升机都是静止的4.一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离x随时间t变化的

关系为x=（5+2t3）m，它的速度v随时间t变化的关系为v=6t2（m/s），该质点在t=2s时的速度和t=2s到t=3s时间内的平均速度的大小分别为A.12m/s39m/sB.24m/s38m/sC.12m/s19.5m/sD.24m/s13m/s5.一名宇航员在

某星球上做自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第4s内的位移是42m球仍在空中运动，则A.小球在2s末的速度大小是16m/sB.该星球上的重力加速度为12m/s2C.小球在第4s末的速度大小是42m/

sD.小球在4s内的位移是80m6.某物体在竖直方向上运动，规定竖直向下为正方向，其v-t图象如图3所示，由此可知A.t=0.5s时刚好到达最高点B.t=0.9s时刚好触地C.前0.9s内通过的路程为0.45mD.前0.9s内的平

均速度大小为0.5m/s7.如图4所示，A、B两个物块的重力分别是GA=3N，GB=4N，弹簧的重力不计，整个装置沿竖直方向处于静止状态，这时弹簧的弹力F=2N，则天花板受到的拉力和地板受到的压力，有可能是A.3N和4NB.5N和6NC.1N和2ND.5N和2N8

.如图5所示，两个物块用一根轻绳连在一起，静止在光滑的桌面上。当用一个水平外力F拉动使之加速，这时绳子上出现的拉力是A.FB.2FC.3FD.23F9.如图6所示，斜面体置于粗糙水平面上，一质量为m的滑块放在倾角为θ，动摩擦因数为μ的斜面上恰好静止，现对滑块施加一竖直向下的力F，则下列说法

中不正确的是A.滑块仍然保持静止B.斜面对小球的摩擦力变大C.斜面对地面的压力变大D.地面对斜面的摩擦力变大10.如图7所示，A、B两物体静止在粗糙水平面上，其间用一根轻弹簧相连，弹簧的长度大于原长。若再用个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B，直到A即将移动，此过程中，地面对B的摩

擦力F1和对A的摩擦力F2的变化情况是A.F1先变小后变大再不变B.F1先不变后变大再变小C.F2先变大后不变D.F2一直在变大11.如图8甲所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体。现对A施加水平向右的拉力F，通过传感器可测得A的加速度a随拉力F变化的关系如图乙所示。已知

重力加速度g=10m/s2，则下列说法正确的是A.A的质量是5kgB.B的质量是5kgC.A、B之间的动摩擦因数是0.4D.A、B之间的动摩擦因数是0.812.我国“蛟龙号”深潜器在某次实验时，内部显示屏上显示了从

水面开始下潜到返回水面过程中的速度图象，如图9所示，则以下判断正确的是A.6min～8min内，深潜器的加速度最大B.4min～6min内，深潜器停在深度为360m处C.3min～4min内，潜水员处于超重状态D.6min～l0min内，深潜器的加速度不变13.如图10所示，某科研单位设计了

一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰好与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方

向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是A.加速时动力的大小等于mgB.加速时加速度的大小为gC.减速时动力的大小等于32mgD.减速飞行时间t后速度为零第Ⅱ卷（非选择题，共48分）注意事项

:第Ⅱ卷用黑色碳素笔在答题卡上各题的答题区城内作答，在试题卷上作答无效。二、填空、实验题（本大题共2小题，共18分）14.（12分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图11甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细

绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是___________。（2）本实验采用的科学方法是__________。A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物

理模型法（3）实验时，主要的步骤是：a.在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上。b.用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套。c.用两个弹簧测力计分别

钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O。记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数。d.按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F。e.只用一只弹簧测力计，

通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F′的图示。f.比较F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论。上述步骤中:①有重要遗漏的步骤的序号是__________和__________。②遗漏的内容分别是__________和____

______。15.（6分）为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图12甲所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量（滑轮质量不计）。（1）下列实验步骤正确的是_______

___。A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E.实验中不需要砂和砂桶的质量m远小于小车的质量

M（2）该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为__________m/s2（结果保留两位有效数字）。（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a

-F图象是一条直线，如图13所示，图线与横坐标的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为__________。A.2tanθB.tanθC.2kD.k三、计算题（本大题共4小题，共30分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数据计算

的题，答案中必须明确写出数值和单位）16.（9分）物体A做匀速运动，速度v0=4m/s，3s后，物体B从同一位置与A同方向做匀加速直线运动，v0′=0，a=2m/s2。求（1）B出发后，经过多长时间追上A；（2）B追上A时，离出发点多远

；（3）追上A之前，A、B之间的最大距离是多少。17.（6分）一个人用88N的力推着一个14kg的割草机在草地上做匀速运动，如图14所示。求：（1）地面与割草机之间的动摩擦因数；（2）如果割草者打算推着割草机从静止到2.5s内，获得1.5m/s的速度，计算需要施加的推力F

。18.（6分）如图15所示，重物A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，小滑轮P被一根细线系于天花板上的O点，O点处安装一力传感器。质量为10kg的物块B放在粗糙的水平桌面上，O′是三根线的结点，bO′水平拉着B物

体，aO′、bO′与cO′夹角如图所示。细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态。若O点处安装的力传感器显示受到的拉力是F0=20N，物块B与水平桌面之间的动摩擦因数为0.2。求：（1）重物A的质量；（2）重物C的质

量和桌面对B物体的摩擦力。19.（9分）如图16所示，有一条沿顺时针方向匀速传送的传送带，恒定速度v=4m/s，传送带与水平面的夹角θ=37°，现将质量m=lkg的小物块轻放在其底端（小物块可视作质点），与此

同时，给小物块沿传送带方向向上的恒力F=8N，经过一段时间，小物块上到了离地面高为h=2.4m的平台上。已知物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）。

求:（1）物块从传送带底端运动到平台上所用的时间；（2）若在物块与传送带达到相同速度时，立即撤去恒力F，计算小物块还需经过多少时间离开传送带以及离开时的速度。镇雄四中高年级收心考试卷物理参考答案第Ⅰ卷（选择题，共52分）一、选择题（本大题共13小题，每小题4分，共52分。在每小题给出的四个选项中，

第1～10题只有一项符合题目要求，第11～13题有多项符合题目要求，全部选对的给4分，选对但不全的给2分，有选错的给0分）题号12345678答案ADDBBDDC题号910111213答案DABCBCBC【解析】1.根据题

意，房价与运动学中的速度做类比。上涨减缓，说明还在上涨，即仍然在加速；加速减缓，说明加速度减小，故A正确。2.三人从同一地点出发沿不同路线到达同一地点，位移相同，所用时间相同，故平均速度相同，故A错误。无法判断谁到达N点的瞬时速度大，而且三人到达N点的瞬时速度方向不同，故B错误。平均速率取决于

路程与时间的比，三人路程不同，而时间相同，故平均速率不同，故C错误。B沿直线运动，只有他的速度方向是不变的，故D正确。3.由题意知，“70”字样编队中各个直升机相对静止，并且相对天安门广场飞过。则以编队中的直升机为参考系，其他直升机都是静止的，天安门广场上的观众是运动的，故D正确。

4.由U=6t2（m/s）得t=2s时，v=24m/s；根据质点离开O点的距离随时间变化的关系为x=（5+2t3）m得t=2s时，x2=2lm，t=3时，x3=59m；则质点在t=2到t=3时间内的位移3238xxxm=−=，平均速度38/38/1xvmsmst===

，故B正确。5.设该星球的重力加速度为g，第4s内的位移是42m，有2243114222gtgtm−=，t4=4s，t3=3s，解得g=12m/s2，所以小球在2末的速度大小为v2=gt2=24ms，故A错误，B正确。小球在第4

末的速度大小是v4=gt4=48m/s，故C错误。小球在4s内的位移是241962gtm=，故D错误。6.根据图象知，t=0.5s时速度最大，刚好触地，故A错误。t=0.9s时速度为零，应到达最高点，故B错误。根据图象与横轴

所包围的面积表示位移的大小可得，往返的路程为50.540.42.0522mmm+=，故C错误。前0.9s内的位移为50.540.40.4522mmm−=，故平均速度大小为0.5m/s，故D正确。7.弹簧可能是

压缩状态，也可能是拉伸状态。设绳子的拉力TA，地板的支持力FN，弹簧的弹力为F。分情况讨论:（1）如果弹簧是压缩状态时，A、B受力图如图1甲所示。对物体A有F+TA=GA，对物体B有FN=F+GB。由于GA=3N、G

B=4N、F=2N，计算可得TA=1N，FN=6N。（2）如果弹簧是拉伸状态时，图中的F分别反向，如图乙所示。对物体A有GA+F=TA，对物体B有F+FN=GB。计算可得TA=5N，FN=2N。所以只有D正确。8.由于桌面光滑，作用力拉动两个物块运动，整体获得加速度(12)Fakg=+，每个物块的

加速度和整体加速度相等。此时绳子上的拉力是作用在1kg物块唯一的水平作用力，所以根据牛顿第二定律可得，绳子上的力为13FFma==。9.对小滑块受力分析:重力mg、斜面对滑块的支持力N、静摩擦力f。由题目可得:未对滑块施加F时，μmgcosθ=mgsinθ，现对滑块施

加竖直向下的F，可等效看为增加滑块的质量，仍然满足μm′gcosθ=m′gsinθ，滑块仍然保持静止，故A正确，但不符合题意。施加F后，相当于增大滑块的质量，斜面对滑块的摩擦力变大，故B正确，但不符合题意。施加F后，把滑块及斜面看作一个整体，相当于整体质量变大，斜

面对地面的压力变大，故C正确，但不符合题意。把滑块和斜面看作整体，受到重力、地面支持力和竖直向下的力F，由于这三力均在竖直方向，所以地面对斜面的摩擦力为零，故D不正确。10.因在施加拉力F前，弹簧处于伸长状态，此时地面对A的摩擦力水平向左，地面对B的摩擦力水平向右，对

B施加水平向右的拉力后，随着F的增大，物体B受的摩擦力先水平向右逐渐减小，再水平向左逐渐增大，当β相对地面向右运动后，物体B受地面的摩擦力不再变化，而在物体B运动之前，物体A受地面的摩擦力水平向左，大小不变，当B向右运动后，随弹簧弹力

的增大，物体A受到的摩擦力逐渐增大，综上所述，故A正确，B、C、D错误。11.拉力F很小时，AB两物体保持相对静止，以相同的加速度运动，后来B在A上表面滑动。当拉力F1=60N时，A物体加速度a1=4m/s2，两物体恰好要相对滑动，这时

AB间的摩擦力是最大静摩擦力，根据牛顿第二定律，以B为对象有μmBg=mBa1①。对A有11BAFmgma−=②。当拉力F2=100N时，A物体加速度a2=8m/s2，两物体发生相对滑动，这时AB间是滑动静摩擦力

，根据牛顿第二定律，对A有22BAFmgma−=③。由①②③解得mA=10kg，mB=5kg，μ=0.4，故B、C正确，A、D错误。12.根据速度图象斜率表示加速度可知，6min-8min内，深潜器的加速度小于0～lmin内的加速度，

故A错误。根据速度图象表示位移可知，4min～6min内，深潜器停在深度为360m处，故B正确。3min-4min内，潜水员向下做减速运动，加速度方向向上，处于超重状态，故C正确。6min～l0min内，深潜器的加速度变化，故D错误。13.画出使飞行器恰好与水平

方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行时的受力矢量图，如图2甲所示，由2mgcos30°=F，可得加速时动力的大小等于F=3mg，故A错误。动力F与飞船重力mg的合力等于mg，所以飞船加速时加速度的大小为g，故B正确。画出使飞行器沿原方向匀减速飞行时的受力矢量图，如图乙所示，由sin60

°=Fmg可得减速时动力的大小32Fmg=，故C正确。加速飞行时间t后的速度为v=at=gt。减速飞行的合外力大小为mgcos60°=2mg，减速飞行的加速度大小为2g，减速飞行时间2t后速度为零，故D错误。第Ⅱ卷（非选择题，

共48分）二、填空、实验题（本大题共2小题，共18分）14.（每空2分，共12分）（1）F′（2）B（3）①CE②在C中未记下两条细绳的方向E中未说明应把橡皮条的节点拉到C中所述同一位置O【解析】（1）F′是只用一个弹簣测力计，通过细绳套拉橡皮条使其沿AO方向伸长至位置O后，读出弹簧测力计的示数，

记下细绳的方向，按力的图示法作出的。根据它的测量和作图过程可知，F′一定沿AO方向。（2）本实验是一个弹簧测力计使橡皮条形变的大小和方向，与两个弹簧测力计使橡皮条形变的大小和方向相同，即一个力的作用效果，代替

了两个力的作用效果，所以是等效替代法。15.（每空2分，共6分）（1）BDE（2）1.3（3）C【解析】（1）由实验原理图可以看出，由弹簧测力计的示数可得到小车所受的合外力的大小，故不需要测砂和砂桶的质量，也

不需要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，故A错误，E正确。为保证绳上拉力提供合外力，必须平衡摩擦力，故B正确。小车应靠近打点计时器，先接通电源，再放小车，同时读出弹簧测力计的示数，故C错误。为了多测几组数据，需改变砂和砂桶的质量多做几次实验，故D正确。（2）由逐差法可得小车的加速度34

0145125629xxxxxaT−+−+=，将T=150×3s=0.06s，代入可得a=1.3m/s2。（3）由题图结合牛顿第二定律，有2F=Ma，解得2aFM=，则图象斜率2kM=，得小车的质量2Mk=，故A、B、D错误，C正确。三、计算题（本大题共4小题，共30分。解答应写出必要

的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写岀最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16.（9分）解:（1）B追上A时，二者位移相等，即21(3)2AABBBxvtxat=+==，解得tB=6s①（2）将tB代入可得，B追上A时，离出发点xB=36m②（3）A、B距离最

远时，应有vA=vB，最远时B运动的时间2ABvtsa==，最大距离为21(3)162ABABBxxxvtatm=−=+−=③评分标准:本题共9分。正确得出①③式各给3分。17.（6分）解:（1）割草机的受力图如图3所

示，将F沿水平方向和竖直方向分解，由于割草机做匀速运动，合外力为零在水平方向，有F∥-Ff=0，且F∥=Fcos45°①在竖直方向，有FN=G+F⊥，且F⊥=Fsin45°②又因为Ff=μFN，联立各式解得μ=0.31③（2）如果割草机从静

止开始加速，则在水平方向，有F∥-Ff=ma④在竖直方向，有FN=G+F⊥⑤又因为vat=，再由（1）可得推力106.2cos45sin45mamgFN+==−⑥评分标准:本题共6分。正确得

出①～⑥式各给1分。18.（6分）解:（1）设小滑轮两侧细绳中拉力为F，根据重物A静止，由平衡条件得F=mAg①对小滑轮P，由平衡条件得2Fcos30°=203N②可得F=20N③由图中几何关系可知滑轮两侧细线的夹角为60°④根据O点处安装的力传感器显示受到的拉力是F0=203N，

可知悬挂小滑轮的细线OP的张力是：FT=F0=203N⑤解得重物A的质量为mA=2kg⑥（2）对结点O′受力分析，由平衡条件，在竖直方向，Fsin30°=FC⑦在水平方向，Fcos30°=Fb⑧对B物体，由平衡条件，桌面对B物体的摩擦力f=Fb⑨对C物体，由平衡条件mCg=FC⑩联立解得m

C=lkg⑪f=103N⑫评分标准:本题共6分。正确得出①-⑫式各给0.5分。19.（9分）解:（1）对物块受力分析可知，物块先是在恒力作用下沿传送带方向向上做初速度为零的匀加速运动，摩擦力的方向沿斜面向上，直至速度

达到传送带的速度，由牛顿第二定律得：ma1=F+μmgcos37°-mgsin37°，解得a1=6m/s①1123vtsa==②211423vxma==③物块达到与传送带同速后，物体未到顶端，物块受的摩擦力的方向改变，对物块受力分析发现，因为F=8N而下滑力和最大摩擦力之和为1

0N。不能相对斜面向上加速，即a2=0④1223xxtsv−==⑤得1241.333tttss=+==⑥（2）若达到速度相等后撤力F，对物块受力分析，因为mgsin37°＞μmgcos37°⑦减速上行ma3=mgsin37

°-μmgcos37°，得a3=2m/s2⑧物块还需t′离开传送带，离开时的速度为vt，则22322tvvax−=，43/2.3/3tvmsms==⑨30.85tvvtsa−==⑩评分标准:本题共9分。正确得出①、⑧式各给2

分，得出④、⑦式各给1分，其余各式各给0.5分。