【文档说明】江苏省南通市海安市2021-2022学年高一下学期期末考试物理试题 含解析.docx，共(20)页，3.427 MB，由管理员店铺上传

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2021~2022学年末学业质量监测试卷高一物理注意事项：考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷共6页，满分150分，考试时间为150分钟。考试结束后，请将答题卷交回。2.答题前，请您务必将自己的姓名、

准考证号、座位号用0.5毫米黑色字迹签字笔填写在答题卷上。3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、考试证号与你本人的是否相符。4.作答选择题必须用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。作答

非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米的签字笔写在答题卷上的指定位置，在其它位置作答一律无效。一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分。每题只有一个选项最符合题意。1.下列做法中，属于利用静电现象是（）A.在印染厂中保持适当的湿度B.用复印机复印各种文稿C.油罐

车后有一条拖在地上的铁链条D.带电作业的工人穿戴包含金属丝的工作服【答案】B【解析】【详解】A．在印染厂中保持适当的湿度，目的是防止在生产过程中产生的静电对布有吸引作用，使空气保持适当的湿度，能及时导走所产

生的静电，属于静电的防止，故A错误；B．复印机复印文件资料，是利用静电产生的异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上，属于静电应用，故B正确；C．油罐车在运动的过程中，由于里面的油在晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以及时把产生的静

电导走，属于静电的防止，故C错误；D．带电作业的工人穿戴包含金属丝的工作服，是利用静电屏蔽的原理防止产生的静电对人体造成伤害，属于静电的防止，故D错误。故选B。2.有一个电流表G，内阻为gR，满偏电流为gI。如果把它改装为量程为gnI的电流表，则（）的A.给它串联一个电阻，阻

值为gnRB.给它串联一个电阻，阻值为()g1nR−C.给它并联一个电阻，阻值为gRnD.给它并联一个电阻，阻值为g1Rn−【答案】D【解析】【详解】要把满偏电流为gI电流计改装成gnI的电流表，根据串并联电路特点，可知需要给电流计并联一个电阻，且有ggg(1)

xnIRIR−=求得需要并联电阻的阻值为g1xRRn=−故选D。3.月球和同步卫星均绕地球做圆周运动，下列判断正确的是（）A.月球运动的周期比同步卫星小B.月球运动的速度比同步卫星大C.月球运动的角速度比同步卫星小D.月球运动的加速度比同步卫星大【答案】C【解

析】【详解】A．根据万有引力提供向心力，有232224()MmrGmrTrTGM==可知，由于月球绕地球运动的轨道半径大于同步卫星的轨道半径，所以月球绕地球运动的周期比同步卫星大，故A错误；B．根据万有

引力提供向心力，有22MmvGMGmvrrr==可知，由于月球绕地球运动的轨道半径大于同步卫星的轨道半径，所以月球运动的速度比同步卫星小，故B错误；C．根据万有引力提供向心力，有223MmGMGmrrr==可知，由于月球绕地球运动的轨道半径大于同步卫星的轨道半径，则月球运动的角速度比同步

卫星小，故C正确；D．根据万有引力提供向心力，有22MmGMGmaarr==可知，由于月球绕地球运动的轨道半径大于同步卫星的轨道半径，则月球运动的加速度比同步卫星小，故D错误。故选C。4.如图所示，平行

板电容器通过一滑动变阻器R与直流电源连接，G为一零刻度在表盘中央的电流计，闭合开关S后，下列说法正确的是（）A.若在两板间插入电介质，电容器的电容变小B.若在两板间沿下极板插入导体板，电容器的电容不变C.若只将电容器下极板向下移动一小段距离，此过程电流计中

有从b到a方向的电流D.若只将滑动变阻器滑片P向下移动，此过程电流计中有从a到b方向的电流【答案】C【解析】【详解】AB．闭合开关S后，电容器板间电压等于变阻器下部分电阻的电压，保持不变。若只在两板间插入电介质，根据4SCkd=可知增大，电容器的电容也将增大；同理

，在两板间插入一导体板，由于导体板的静电感应，致使电容器两板间距d减小，知电容器的电容将增大，故AB错误；C．若只将电容器下极板向下移动一小段距离，d增大，由公式4SCkd=可知电容器的电容减小，再根据QCU=可知U不变，Q将减小，电容器将放电，此过程电流计中有从b到a方向的电流，故

C正确；D．若只将滑动变阻器滑片P向下移动，由于电容器板间电压等于变阻器下部分电阻电压，则U将减小，根据QCU=可知，C不变，U减小，Q将减小，电容器将放电，此过程电流计中有从b到a方向的电流，故D错误。故选C。5.如图，导体棒原来不带电，现将一电荷量为q

的正点电荷放在棒的中心轴线上距离棒的左端R处，A、B为棒上中心轴线上的两点，A距离棒左端为L，A、B间的距离也为L，静电力常数为k。当棒达到静电平衡后（）A.棒左端感应出正电荷，右端感应出负电荷B.A点场强大于B点的场强C.A点电势

低于B点的电势D.棒上感应电荷在A点产生的场强大小为2()kqRL+【答案】D【解析】【详解】A．电荷量为q的正点电荷放在棒左端，根据静电感应规律——“近异远同”，可知棒左端感应出负电荷，右端感应出正电荷，故A错误；B．处于静电平衡的导体，内部场强处处为零，所以A点场强等于B点的场强，故B错误；C

．处于静电平衡的导体是一个等势体，所以A点电势等于B点的电势，故C错误；D．由于A点的合场强为零，则棒上感应电荷在A点产生的场强大小等于q在该点产生的场强大小，根据点电荷场强公式，可知q在A点产生的场强大小为

2()kqERL=+故D正确。故选D。的6.某静电场中x轴上各点电势分布图如图所示，一带电粒子在坐标原点O处静止释放，仅在电场力作用下沿x轴正方向运动。下列说法正确的有（）A.粒子一定带正电B.粒子不能够运动到2x处C.粒子在1x处受到的电场力最大D.粒子从原点运动到1x过程中，电势能增大【答案】

B【解析】【详解】AD．由图知，x轴上从坐标原点O处到x1处的电势逐渐升高，从x1处到x2处电势逐渐降低；带电粒子从坐标原点O处由静止释放，仅在电场力作用下运动到x1处时，电场力做正功，电势能减小；由于从坐标原点O处到x1处，电势逐渐升高，

所以该粒子是沿着电场线的反方向运动的，则该粒子带负电，故AD错误。B．由图知坐标原点O处的电势高于x2处的电势，由公式WqU=得知负电荷粒子从坐标原点O处由静止开始运动到x1处时，电场力所做的正功小于该粒子从x1处运动到x2处克服电场力所做的

功，根据功能关系可知粒子不能运动到x2处，故B正确。C．图像的斜率大小表示电场强度，x1处斜率为0，故电场强度为0，根据公式FqE=可知，粒子在x1处受到的电场力为0，故C错误。故选B。7.如图所示，物体A、B通过细绳及轻质弹簧连接在轻滑轮两侧，物体A、B的质量分别为m、32m，开始

时细绳伸直，用手托着物体A使弹簧处于原长且A与地面的距离为h，物体B静止在地面上。放手后物体A下落，到与地面即将接触时速度为v，此时物体B对地面恰好无压力，不计一切摩擦阻力。则（）A.上述过程中物体A的速度先增大后减小B.上述过程中物体A机械能的变化量为

212mvC.上述过程中物体A的加速度先减小后保持不变D.此时弹簧的弹性势能等于212mvmgh−【答案】A【解析】【详解】AC．依题意，可知物体A下落到与地面即将接触时，此时物体B对地面恰好无压力，此时细绳的拉力为32mg，故弹簧对物体A

的拉力也为32mg，弹簧的弹力从零增加到32mg，即从小于A的重力mg到大于A的重力mg，根据牛顿第二定律，可知A的加速度大小先减小后增大，方向先竖直向下，后竖直向上，则A先加速后减速，所以A的速度先增大后减小，故A正确，C错误；B．取地面为零势能参考面，上述过程中物体A初始的机

械能为mgh，末态的机械能为212mv，所以A机械能的变化量为212mvmgh−，故B错误；D．依题意，可知物体A与弹簧组成的系统机械能守恒，故有2p12mghmvE=+可得此时弹簧弹性势能2p12Emghmv=−故D错误。故选A。8.

在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，1R、3R为滑动变阻器，2R为定值电阻，C为电容器．开始时开关1S、2S闭合．下列操作能使电容器所带电荷量增加的是()的A.断开开关1SB.断开开关2SC.向

左移动滑动变阻器1R的滑片D.向左移动滑动变阻器3R的滑片【答案】B【解析】【详解】A.断开开关S1，回路电流为零，电容器通过R1、R2、S1回路放电，电荷量减小，A错误．B.根据电路结构可知，回路电流23EIRRr=++，电

容两端电压：2223ERUIRRRr==++，断开开关S2，电容器直接串联在电路中，回路电流为零，电容器两端电压为电动势，电压变大，根据QCU=可知，带电量变大，B正确．C.滑动变阻器R1与电容串联，稳定时，支路无电流，改变R1

的滑片位置，不会改变电压和电流，电容带电量不变，C错误．D.向左移动滑动变阻器R3的滑片，接入电路电阻变大23EIRRr=++，回路电流变小，2223ERUIRRRr==++电容两端电压变小，根据QCU=可知，带电量变小，D错误．9.现代观测表明，由于引力作用，恒星有“聚集”的特点，众多的恒

星组成了不同层次的恒星系统，最简单的恒星系统是两颗互相绕转的双星，事实上，冥王星也是和另一星体构成双星，如图所示，这两颗行星1m、2m各以一定速率绕它们连线上某一中心O匀速转动，这样才不至于因万有引力作用而吸引在一起，现测出双星间的距离始终不变，且

它们做匀速圆周运动的半径1r与2r之比为3:2，则（）A.它们的线速度大小之比12:3:2vv=B.它们的角速度大小之比12:2:3=C.它们的质量之比12:3:2mm=D.它们的周期之比12:2:3TT=【答案】A【解析】

【详解】BD．在双星系统中，双星的角速度和周期都相同，故BD错误；C．由于双星系统中，双星间的万有引力提供圆周运动向心力，则212112GmmmrL=，122222mGmLrm=解得1221::2:3mmrr==故C错误；A．双星的角速度相同，由vr=

知1212::3:2vvrr==故A正确。故选A。10.如图所示，一轻绳通过无摩擦的小定滑轮O与小汽车A相连，另一端与质量为m的小物块B连接，汽车以速度v沿平直路面水平向右匀速运动，重力加速度为g，则物块在竖直向O运动的过程中（）

A.物块做匀速直线运动B.物块做减速直线运动C.连接A的轻绳与水平面的夹角为时，绳子对物块拉力做功的功率大于cosmgvD.连接A的轻绳与水平面的夹角为时，绳子对物块拉力做功的功率小于cosmgv【答案】C【解析】【详解】AB．依题意，将汽车速度v分解为沿绳方向的速度x

v与垂直绳方向的速度yv，则有Bcosxvvv==sinyvv=车向右匀速运动，减小，则xv增大，也即物块B的速度增大，所以B做加速直线运动，故AB错误；CD．连接A的轻绳与水平面的夹角为时，根据瞬时

功率公式可得绳子对物块拉力做功的功率为BcosPFvFv==由于物块B加速，则有Fmg所以绳子对物块拉力做功的功率大于cosmgv，故C正确，D错误。故选C。11.如图所示，在AC连线上AM=MO=O

N=NC，两个等量异种点电荷分别固定在的M点与N点，则（）A.A、C两处电势相同B.A、C两处场强大小相等，方向相反C.电子从A点移到O点，电场力做负功的D.将电子从B点静止释放，将做直线运动【答案】C【解析】【分析】【详解】A．根据

等量的异种电荷的等势面的特点可知，O点电势为零，O点左侧电势均为正值，O点右侧电势均为负值，故A点电势为正，C点电势为负，故A点电势高于C点电势，故A错误；B．根据等量的异种电荷的电场线的分布可知，A、C两处场强大小相等，方向相同，故B错误；C．根据电场力

做功AOAOWqU=电子的电荷量为负，UAO>0，故电子从A点移到O点，电场力做负功，故C正确；D．根据等量的异种电荷的电场线的分布可知，B点处的电场线为曲线，故将电子从B点静止释放后，电子不可能做直线运动，故D错误。故选C。二、非选择题：共5题，共56分。其中第13题~第16题解答时请

写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。12.（1）如图甲所示，游标卡尺的示数为___________cm；螺旋测微器的示数为___________mm。（2）用如图乙所示

电路，测定两节串联而成的干电池组的电动势和内阻。除待测电池组、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：A．电流表A（0.6A，内阻约0.5）B．电压表V（3V，内阻约3k）C．定值电阻0R（4，2A）D．滑动变阻器1R（

0~10，2A）E．滑动变阻器2R（0~100，1A）①实验中，滑动变阻器应选用___________（选填“1R”或“2R”），电路中串联一个定值电阻0R的作用是___________。②按照电路图甲，请在图

丙中用笔画线代替导线，将实物电路图连接完整。（）③闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，测出多组U、I值，记入下表。/VU2.702.632.502.40/AI0.200.300.380.50根据记录表中的实验数据在图丁坐标中作出UI−图像_________，由图

像可得出该电池组的电动势为___________V，内阻为___________。④由于上述实验存在系统误差，测出电池组的电动势___________（选填“偏大”或“偏小”），内阻___________（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】①.1.345②.6.790③.1R④.为了防止

在调节滑动变阻器时造成电路短路，起到保的护电路作用⑤.⑥.⑦.2.9⑧.1.0⑨.偏小⑩.偏小【解析】【详解】（1）[1]根据游标卡尺读数规则可读出图中示数为13mm90.05mm13.45mm1.345cm+==[2]根据螺

旋测微器读数规则可读出图中示数为6.5mm29.00.01mm6.790mm+=（2）①[3]为了保护电路安全且方便实验操作，滑动变阻器应选用1R；[4]为了防止在调节滑动变阻器时造成电路短路，所以需要在电路中串联一个定值电阻0R起到保护电路作用。②[5]

根据电路图，连接实物图如图所示③[6][7][8]根据表中数据，描点连线，得到图像如图所示由图示图线纵截距表示该电池组的电动势，可得2.9VE=图像斜率表示该电池组的内阻，可得2.92.4Ω1.0Ω0.5UrI−===④[9][10]由电路图可知

，由于电压表的分流作用，电流表测量值小于流经电源的真实值，当外电路短路时，短路电路测量值等于真实值，电源的UI−测量图像与理论图像如图所示由图像纵截距可知，测出的电池组的电动势偏小，由图线斜率可知测出电池组的

内阻偏小。13.歼-15舰载机首次在“辽宁舰”航母甲板上起降。飞机在静止的航母上起飞时，止动轮挡先挡住飞机起落架阻止飞机前行，飞行员开动发动机将推力提升到51.4010NF=时，止动轮挡迅速放下，飞机继续

提升推力，通过长196mL=的跑道，以速度170m/sv=从甲板末端滑跃起飞。已知飞机的质量41.810kgm=，在跑道上运动时受到的阻力约为45.010Nf=，取210m/sg=。（1）求止动轮挡放下瞬间，飞机运动的加速度大小。（2）飞机在跑道上运动过程中，发动机的推力做的功为多少？

【答案】（1）25m/sa=；（2）75.3910JW=【解析】【详解】（1）止动轮挡放下瞬间，根据牛顿第二定律，有Ffma−=代入数据求得25m/sa=（2）飞机在跑道上运动过程中，根据动能定理得21102

WfLmv−=−代入数据求得，发动机的推力做的功为75.3910JW=14.小明坐在汽车的副驾驶位上看到一个现象：当汽车的电动机启动时，汽车的车灯会瞬时变暗。汽车的电源、电流表、车灯、电动机连接的简化电路如图所示，已知汽车电源电动势12.5VE=，内阻0.05r=，车灯

接通，电动机未启动时，电流表示数110AI=；电动机启动的瞬间，电流表示数250AI=。求：（1）电动机未启动时，电源的路端电压1U和车灯的功率1P；（2）电动机启动的瞬间，车灯的功率2P。【答案】（1）12V；120W；（2）250W3【解析】【详解】（1）电

动机未启动时，110AI=，根据闭合电路欧姆定律有11UEIr=−解得路端电压112VU=则车灯的功率为111PUI=代入数据解得1120WP=（2）根据欧姆定律，灯泡电阻11URI=代入数据得1.2ΩR=电动机启动的瞬间，250AI=，根据闭合电路欧姆定律有22UEIr=−解得路端电压210

VU=此时车灯的功率为222UPR=代入数据解得2250W3P=15.如图所示，一负离子从静止开始经加速电场加速后，获得水平速度0v，沿水平放置的一对平行金属板间中心线射入偏转电场（可看成匀强电场）中。已知负离子的电荷量为q−，质量为m，偏转金属极板长为L，所加电压为U

，P是下板中心的小孔。（1）求加速电场两端的电压xU；（2）若离子恰能从P孔飞出偏转电场，求离子在偏转电场中运动的时间t和两偏转板间距d；（3）在（2）的情况下，离子从P孔飞出时的速度大小v为多少？【答案】（1）202xmv

Uq=；（2）0Lt=2v；02LqUdvm=；（3）20qUvvm=+【解析】【详解】（1）由动能定理有20102xqUmv=−解得202xmvUq=（2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，设离子在偏转电场中的加速度为a，由牛顿第二定律有Uqmad=x方向02Lvt=求得离子在偏转电场

中运动的时间t0Lt=2vy方向2122dat=联立解得两偏转板间距02LqUdvm=（3）由动能定理，有22011222qUdmvmvd=−解得离子从P孔飞出时的速度大小20qUvvm=+16.如图所示，ABC为倾角37=固定的绝缘斜面，顶端B处固定垂直于斜面的绝缘挡板P

，AB长为L。整个空间处于水平向右的匀强电场中（图中未画出），质量为m、电荷量为q+的小滑块从A点由静止开始运动。已知匀强电场的场强7mgEq=，滑块与斜面间的动摩擦因数0.5=，与挡板碰撞过程无动能损失且电荷量不变，重力加

速度为g，sin370.6=，cos370.8=。求：（1）滑块沿斜面向上匀加速运动到第一次与挡板碰撞过程经历的时间t。（2）滑块最终所处的位置和整个运动过程中电势能的变化E。（3）滑块第n次与挡板碰前瞬间的动能kE。【答案】

（1）45Ltg=；（2）绝缘挡板P处；285EmgL=−；（3）k151()23nEmgL=【解析】【详解】（1）依题意，对滑块受力分析知滑块受到重力mg，斜面支持力N，水平向右的电场力qE，及沿斜面向下的滑动摩擦力f四个力的作用，则有垂直斜面方向上(sincos)0NqEm

g−+=平行斜面方向上cossinqEmgfma−−=fN=滑块沿斜面向上匀加速运动到第一次与挡板碰撞，有212Lat=联立以上式子，代入相关数据求得45Ltg=（2）通过（1）问中对滑块的受

力分析可判断知，滑块在运动过程中，滑块的加速度方向一直沿斜面向上，所以经过多次往复运动后，滑块最终将在挡板P处停止，根据电场力做功与电势能改变量的关系，可知整个运动过程中滑块电势能的变化28cos5EWqELmgL=−=−=−即电势能减小285mgL；（3）滑块由静止开

始沿斜面向上做加速运动，设第一次碰撞后能沿斜面下滑的最大距离为1x，由动能定理有11(cossin)()()0qEmgLxfLx−−−+=解得113xL=设第二次碰撞后能沿斜面下滑的最大距离为2x，同理有1212(cossin)()()0qEmgxxfxx−−−+=解得22111(

)33xxL==根据数学知识可知，滑块第n次与挡板碰后下滑的最大距离为1()3nnxL=则由动能定理有k(sincos)0nmgqEfxE−−=−求得滑块第n次与挡板碰前瞬间的动能k151()23nEmgL=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xi

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