【文档说明】山东省潍坊市第四中学2019-2020学年高二下学期收心考试物理试题含答案.doc，共(16)页，441.500 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-03ee7f390c8619a466092442138c4409.html

以下为本文档部分文字说明：

潍坊市第四中学2019-2020学年高二下学期收心考试物理注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题)一、单选题（每题3分，共24分）1．2020年我国将全面进入万物互联的商用网络新时代，即5G时代

。所谓5G是指第五代通信技术，采用3300~5000MHz（1M=106）频段的无线电波。现行的第四代移动通信技术4G，其频段范围是1880~2635MHz。未来5G网络的传输速率（指单位时间传送的数据量大小）可达10Gbp

s（bps为bitspersecond的英文缩写，即比特率、比特/秒），是4G网络的50~100倍。下列说法正确的是（）A．4G信号和5G信号都是纵波B．4G信号更容易发生衍射现象C．4G信号和5G信号相遇能产生稳定干涉现象D．5G信号比4G信号在真空中的传播速

度快2．如图，一束白光沿半径方向从A点射入半圆形玻璃砖，在O点发生反射和折射，折射光照在光屏上，a、b为折射光的上下边界，c为反射光，若入射点由A向B缓慢移动，并保持白光沿半径方向入射到O点，可以观察到各色光在光屏上陆续消失，在光带完全消失之前，下列说法正

确的有（）A．c光逐渐变暗B．ab光带逐渐变亮C．a光与b光相比，a光先消失D．单色光a通过玻璃砖所需的时间小于单色光b通过玻璃砖所需的时间3．如图所示为某时刻LC振荡电路所处的状态，则该时刻（）A．振荡电流i在增大B．电容器正在放电C．磁场能正在向电场能转化D．

电场能正在向磁场能转化4．蹦极跳是勇敢者的体育运动。设运动员离开跳台时的速度为零，从自由下落到弹性绳刚好被拉直为第一阶段，从弹性绳刚好被拉直到运动员下降至最低点为第二阶段。下列说法中正确的是（）A．第一阶段重力对运动员的冲量和第二阶段弹力对运动员的冲量大小相等B．第一阶段重力对

运动员的冲量和第二阶段合力对运动员的冲量相等C．第一、第二阶段重力对运动员的总冲量和第二阶段弹性绳弹力对运动员的冲量大小相等D．第一阶段运动员受到的合力方向始终向下，第二阶段运动员受到的合力方向始终向上5．A、B两物体发生正碰，

碰撞前后物体A、B都在同一直线上运动，其位移－时间图象(x－t图)分别为如图中ADC和BDC所示．由图可知，物体A、B的质量之比为()A．1:1B．1:2C．1:3D．3:16．用频率为v的某单色光照射锌板，电子逸出锌板表面的最大初动能为Ek。已知普朗克常量为h，则下列判断正确的是（

）A．若增加该单色光的光照强度，则逸出电子的最大初动能一定增加B．若单色光的频率变为2v，则逸出电子的最大初动能为2EkC．金属锌的逸出功可表示为khvE+D．能使锌产生光电效应的单色光的最低频率为kEvh−7．如图，弧光灯发出的光，经过下列实验后产

生了两个重要的实验现象。①经过一狭缝后，在后面的锌板上形成明暗相间的条纹；②与锌板相连的验电器的铝箔张开了一定的角度。则这两个实验现象分别说明（）A．①和②都说明光有波动性B．①和②都说明光有粒子性C．①说明光有粒子性，②说明光有波动性D．①说明光有

波动性，②说明光有粒子性8．甲、乙两车在平直公路上行驶，其v-t图象如图所示．t=0时，两车间距为0s；0t时刻，甲、乙两车相遇．0至t0时间内甲车发生的位移为s，下列说法正确的是()A．0至t0时间内甲车在前，t0至2t0时间内乙车在前B．0至2t0时间内甲车平均

速度的大小是乙车平均速度大小的2倍C．02t时刻甲、乙两车相距012sD．067ss=二、多选题。（每题4分，对而不全得2分，错选0分，共16分）9．如图所示，为氢原子能级图，现有大量氢原子从n=4的能级发生跃迁，并发射光子照射一个钠光管，其逸出功为2

.29ev，以下说法正确的是（）A．氢原子可能发出6种不同频率的光B．能够让钠光电管发生光电效应现象的有4种光子C．光电管发出的光电子与原子核发生β衰变时飞出的电子都是来源于原子核内部D．钠光电管发出的光电子轰击

处于基态的氢原子只能使氢原子跃迁到n=2的能级10．23490Th钍具有放射性，它能放出一个新的粒子而变为23491Pa镤，同时伴随有γ射线产生，其方程为→+2349239140ThPaX，钍的半衰期为24天。则下列说法正确的是（）A．X为电子B．X是钍核中的一个中子转化

成一个质子时产生的C．23490Th的比结合能比23491Pa的比结合能大D．1g钍23490Th经过120天后还剩0.2g钍23490Th11．如图所示，光滑水平面上有大小相同的A、B两球在同一直线上运动。两球质量关系为2ABmm=，规定向右为正方向，A、B两球的动量均为6kgm/s，运动中

两球发生碰撞，碰撞前后B球动量变化量的大小为4kgm/s，则（）A．左方是A球，碰前两球均向右运动B．右方是A球，碰前两球均向右运动C．碰撞后A、B两球速度大小之比为5：2D．经过验证两球发生的碰撞不是弹性碰撞12．如图所示

,t=0时,质量为0.5kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始匀加速下滑,经过B点后进入水平面(设经过B点前后速度大小不变),做匀减速直线运动,最后停在C点。测得每隔2s的三个时刻物体的瞬时速度,记录在表中。g取10m/s2

,则下列说法中正确的是()t/s0246v/(m·s-1)08128A．物体运动过程中的最大速度为12m/sB．t=3s的时刻物体恰好经过B点C．t=10s的时刻恰好停在C点D．A、B间的距离小于B、C间距离第II卷（非选择题)三、实验题（每空2分，共12分）13．

某冋学利用如图甲所示装置研究匀变速直线运动规律。某次实验通过电磁打点计时器打出纸带的一部分如图乙所示，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，每两个相邻计数点间有4个计时点没有画出，打点计时器所接交流电源频率为50Hz。分别测出A点到B、C、

D、E点之间的距离，x1、x2、x3、x4，以打A点作为计时起点，算出小车位移与对应运动时间的比值xt，并作出xt－t图象如图丙所示。(1)实验中下列措施必要的是_________(填正确答案标号)A．打点计时器接220V交流电源

B．平衡小车与长木板间的摩擦力C．细线必须与长木板平行D．小车的质量远大于钩码的质量(2)由图内中图象求出小车加速度a=_________m/s2，打A点时小车的速度vA=_________m/s。(结果均保留两位有效数字)14．在“

用双缝干涉测光的波长”实验中，将双缝干涉实验仪按要求安装在光具座上（如图），单缝保持竖直方向，并选用缝间距为d的双缝屏。从仪器注明的规格可知，毛玻璃屏与双缝屏间的距离为L。接通电源使光源正常工作。(1)组装仪器时，单缝和双缝的空间关系应该为_

__________。A．a代表单缝，b代表双缝B．a代表双缝，b代表单缝C．二者相互垂直放置D．二者相互平行放置(2)将红色滤光片改为绿色滤光片，其他实验条件不变，在目镜中仍可看见清晰的条纹，则__________。A．条纹为竖条纹B．条纹为横条纹C．与红光相比条纹

间距变窄D．与红光相比条纹间距变宽(3)经计算可得两个相邻明纹（或暗纹）间的距离为Δx，则这种色光的波长表达式为λ=_____（用题中所给字母表示）。四、解答题(每题12分，共48分）15．如图所示，直角三角形ABC为棱镜的横截

面，∠A=60°、∠B=90°，一细束单色光线的方向垂直于AC边，从AB边射入棱镜，入射点与A点的距离为d，之后光线从AC边射出，且方向平行于BC边，已知光在真空中的传播速度为c。求：(1)棱镜对该光的折

射率；(2)光线在棱镜中传播的时间。16．海水中含有丰富的氘，完全可充当未来的主要能源．两个氘核的核反应产生一个32He核和一个粒子，其中氘核的质量为2.0130u，氦核的质量为3.0150u，中子的质量为1.0087u．(1u＝931.5MeV)，求：(1)写出核反应方程；(2)核反

应中释放的核能；(3)在两个氘核以相等的动能0.35MeV进行对心碰撞，并且核能全部转化为机械能的情况下，求反应中产生的粒子动能和氦核的动能．17．在某路口，有按倒计时显示的时间显示灯．有一辆汽车在平直路面上正以36km/

h的速度朝该路口停车线匀速前行，在车头前端离停车线70m处司机看到前方绿灯刚好显示“5”．交通规则规定：绿灯结束时车头已越过停车线的汽车允许通过．(1)若不考虑该路段的限速，司机的反应时间为1s，司机想在剩余时间内使汽车

做匀加速直线运动以通过停车线，则汽车的加速度至少为多大？(2)若该路段限速60km/h，司机的反应时间为1s，司机反应过来后汽车先以2m/s2的加速度沿直线加速3s，为了防止超速，司机在加速结束时立即踩刹车使汽车匀减速直行，结果车头前端与停车线相齐时刚好停下，求刹车后汽车加速度的大小．(结果保留

两位有效数字)18．如图所示，在光滑的水平面上有一长为L=5m的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的14圆弧槽C，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B、C静止在水平面上．现有滑块A以初速度0v=8m/s从右端滑上B，一段时

间后，以4m/s滑离B，并恰好能到达C的最高点，A、B、C的质量相等．g取10m/s2求：（1）A刚滑离木板B时，木板B和圆弧槽C的共同速度；（2）A与B的上表面间的动摩擦因数μ；（3）圆弧槽C的半径R．参考答案1．B【解析】【分析】【详解】A．电磁波均为横波，选项A

错误；B．因5G信号的频率更高，则波长小，故4G信号更容易发生明显的衍射现象，选项B正确；C．两种不同频率的波不能发生干涉，选项C错误；D．任何电磁波在真空中的传播速度均为光速，故传播速度相同，选项D错误。故选B。2．D【解析】【分析】【详解】AB

．入射点从A向B缓慢移动时，光线射到直边的入射角增大，越来越多的光发生全反射，故c光逐渐变亮，ab光带逐渐变暗，故AB错误；CD．根据偏折程度可知，单色光a的折射率小于单色光b的折射率，光线从玻璃砖射入空气时，b光的折射角先达到90，先发生全反射，故a光与

b光相比，b光先消失，又由cnv=知，单色光a在玻璃中的速率比b的大，故通过玻璃砖所需的时间小于单色光b通过玻璃砖所需的时间，故C错误，D正确。故选D。3．C【解析】【详解】通过图示电流方向为电流流向正极板，知电

容器在充电，振荡电流减小，电容器上的电荷量正在增大，磁场能正在向电场能转化；故选C。4．C【解析】【分析】【详解】AC．整个下落过程中，只有重力和弹力有冲量；由于初末速度都为零，动量变化量为零，根据动量定理，总冲量为零，则得整个过程中，第一、第二阶段重力对运动员的总冲量大小等于第二阶段

弹力的冲量大小，则第一阶段重力的冲量应小于第二阶段弹力的冲量大小，选项A错误，C正确；B．第一阶段重力对运动员的冲量和第二阶段合力对运动员的冲量大小相等，方向相反，所以冲量不相等，选项B错误；D．第二阶段运动员受到的合力方

向先向下后向上，选项D错误。故选C。5．C【解析】【分析】【详解】由x－t图象可以知道,碰撞前164/,0m/s4AABAsvmsvt====，碰撞后20161m/s84ABsvvvt−=====−碰撞过程动量守恒,对A、B组成的系统,设A原方向为正方向,则由动量守恒定律得:()AAABmvm

mv=+,计算得出:1:3ABmm=故C正确；ABD错误；故选C6．D【解析】【分析】【详解】A．逸出电子的最大初动能只与入射光的频率有关，与入射光的强度无关，A错误；C．根据爱因斯坦的光电效应方程khWE−=因此金属锌的

逸出功可表示为khvE−，C错误；B．在爱因斯坦的光电效应方程中，若单色光的频率变为2v，而逸出功没变，因此逸出电子的最大初动能应大于2Ek，B错误；D．锌板的逸出功kWhE=−入射光的极限频率为0=kEW

hh=−D正确。故选D。7．D【解析】【分析】【详解】现象①是光的干涉现象，该现象说明了光具有波动性。现象②是光电效应现象，该现象说明了光具有粒子性，故ABC错误，D正确。故选D。8．D【解析】【分析】【详解】A．由图知在0～t0时间内甲车速度大于乙车的速度，故是甲车在追赶乙车

，所以A错误；B．0～2t0时间内甲车平均速度的大小032v，乙车平均速度012v，所以B错误；D．由题意知，图中阴影部分面积即为位移s0，根据几何关系知，三角形ABC的面积对应位移s0∕3，所以可求三角形OCD的面积对应位移s0∕

6，所以0—to时间内甲车发生的位移为s=s0+s0∕6得s0=67s故D正确；C．2t0时刻甲、乙两车间的距离即为三角形ABC的面积即s0∕3，所以C错误．故选D。9．ABD【解析】【分析】根据数学组合公式求出氢原子可能辐射光子频率的种数，能级间跃迁时，辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差

越大，辐射的光子频率越高；【详解】A、根据知，这些氢原子可能辐射出6种不同频率的光子，故A正确；B、氢原子由跃迁到能级，辐射的光子能量为，大于逸出功，能发生光电效应；而由跃迁到能级，辐射的光子能量为，及

跃迁到能级，辐射的光子能量为，都小于逸出功，不能发生光电效应，因此让钠光电管发生光电效应现象的有跃迁到、跃迁到、跃迁到、跃迁到，共4种光子，故B正确；C、光电管发出的光电子是来自核外，而原子核发生β衰变时飞出

的电子是来源于原子核内部的中子衰变成质子而放出的，故C错误；E、氢原子从的能级向发生跃迁，发射光子能量最大，当照射钠光管放出能量为，而氢原子从的能级跃的能级，需要吸收能量为，因；氢原子从的能级跃的能级，需要吸收能

量为，而，所以钠光电管发出的光电子最多能够让氢原子从的能级跃的能级，故D正确。【点睛】解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，并掌握光电效应方程的内容，注意光的强度影响光电流，而光的

频率影响光电子的最大初动能。10．AB【解析】【分析】【详解】A．根据电荷数和质量数守恒知X的质量数为0，电荷数为-1，则钍核衰变过程中放出了一个电子，即X为电子，故A正确；B．β衰变的实质是β衰变时释放的电子是由核内一个中子转化成一个质子同时产生的，故B正确；C．该反应因为放出能量，则2349

0Th的比结合能比23491Pa的比结合能小，选项C错误；D．钍的半衰期为24天，1g钍23490Th经过120天后，发生5个半衰期，1g钍经过120天后还剩511()g=0.03125g2，故D错误；故选AB。11．BC【解析】

【分析】【详解】AB．根据动量公式pmv=可知A球质量大，A球运动的速度小，且A、B球的速度为正，故碰前两球均向右运动，要使两球发生碰撞，由于A球运动的速度小，故右方是A球,故A错误，故B正确；C．由动量守恒定律得ABpp=−碰撞后A球动量

=10kgm/sAAAppp+=后碰撞后B球动量=2kgm/sBBBppp+=后根据动量公式pmv=，2ABmm=，碰撞后A、B两球速度大小之比为5：2，故C正确；D．碰撞前系统的总动能为2227

22ABkABBppEmmm=+=同理碰撞后系统的总动能为222722ABkABBppEmmm=+=后后后可知碰撞过程中系统的动能守恒，所以两球发生的碰撞是弹性碰撞，故D错误。故选BC。12．CD【解析】【详解】A．物体沿斜

面向下做匀加速运动，由加速度的定义式可得2218m/s4m/s2vat===假设4s时物体仍加速运动，则4s时的速度()1842m/s=16m/svvat=+=+大于12m/s，说明4s时物体已开始做减速运动，则最大速度一定大于12m/s，故A错误；B．假设t=3s的

时刻物体恰好经过B点，在水平面上做匀减速运动，设加速度大小为a2，由速度关系可知(814)m/s(1212)m/s++假设错误，t=3s的时刻物体不可能恰好经过B点，故B错误；C．在水平面上做匀减速运动，6s时

物体的速度为8m/s，设再经过时间t速度减为零，则28s=4s2vta==即t=6s+4s=10s时刻恰好停在C点，故C正确；D．设B点时的速率为v212ABvxa=BC做匀减速运动，视为反向的匀加速运动，则有222BCvxa=因为12aa，ABBCx

x，所以AB间的距离小于BC间距离，故D正确。故选择CD选项。13．C5.00.40【解析】【分析】（1）根据实验的原理以及实验注意事项选择必要的措施；（2）根据x=v0t+12at2可得012xvatt=+结合图像的斜率和截距求解初速度和加速度.【详

解】（1）电磁打点计时器接4-6V交流电源，选项A错误；实验时不需要平衡小车与长木板间的摩擦力，选项B错误；细线必须与长木板平行，选项C正确；实验中小车做匀加速运动即可，没必要小车的质量远大于钩码的质量，选

项D错误；故选C.（2）根据x=v0t+12at2可得012xvatt=+，由图像可知：v0=vA=0.4m/s；221.40.422/5.0/0.4akmsms−===14．ADACdxL【解析】【分析】【详解

】(1)[1]AB．双缝的光来自于同一个单缝，因此单缝a距离光源更近，A正确，B错误；CD．双缝与单缝应该平行放置，才能观察到双缝干涉实验，C错误，D正确。故选AD。(2)[2]AB．由于单缝保持竖直，条纹的方向与单缝平行，因此条纹竖直，A正确，B错误；CD．由于绿光的波长比红光的短，因

此干涉条纹间距比红光的窄，C正确，D错误。故选AC。(3)[3]根据两个相邻的明纹间（或暗纹）间距为Lxd=可得波长表达式dxL=15．(1)3n=；(2)3dtc=【解析】【分析】【详解】(1)画出光路图如图所示由几何关系可知，光线在AB边的入射角和

折射角分别为60°和30°，由折射定律，棱镜对该光的折射率sin603sin30n==(2)光线在棱镜中传播的时间dtv=其中cvn=，光线在棱镜中传播的时间3dtc=16．(1)21He＋21He→32He＋10n(2)

2.14MeV(3)2.13MeV0.71MeV【解析】【详解】(1)核反应方程为：21He＋21He→32He＋10n.(2)核反应中的质量亏损为Δm＝2mH－mHe－mn由ΔE＝Δmc2可知释放的核能：ΔE＝(2mH－mHe－mn)c2＝2.14MeV(3)把两个氘核

作为一个系统，碰撞过程系统的动量守恒，由于碰撞前两氘核的动能相等，其动量等大反向，因此反应前后系统的总动量为零，即mHevHe＋mnvn＝0；反应前后系统的总能量守恒，即12mHev＋12mnv2n＝ΔE＋2EkH，又因为mHe∶mn＝3∶1，所以vHe

∶vn＝1∶3由以上各式代入已知数据得：EkHe＝0.71MeV，Ekn＝2.13MeV17．(1)2.5m/s2(2)6.1m/s2【解析】试题分析：（1）司机反应时间内做匀速直线运动的位移是：10110xvtm==；加速过程：2154tts=−=2102121702x

vtat−=+代入数据解得：212.5/ams=（2）汽车加速结束时通过的位移：2220102231110103234922xvtvtatm=++=++=此时离停车线间距为：327021xxm=−=此时速度为：1022102316/vvatms=+=+=匀减速过程：232

2axv=带入数据解得：231286.1/21ams==考点：匀变速直线运动规律【名师点睛】本题关键分析清楚汽车的运动规律，然后分阶段选择恰当的运动学规律列式求解，不难．18．（1）2m/s（2）0.4（3）0.1m【解析】【分析】【详解】(1

)对A在木板B上的滑动过程，取A、B、C为一个系统，根据动量守恒定律有：mv0＝m02v＋2mvB解得vB＝04v=2m/s(2)对A在木板B上的滑动过程，A、B、C系统减少的动能全部转化为系统产生的热量222000111222224vvmgLmvmm

＝－－解得μ＝20516vgL=0.4(3)对A滑上C直到最高点的作用过程，A、C系统动量守恒，02mv＋mvB＝2mvA、C系统机械能守恒22200111222242vvmgRmmmv+−＝解得R＝2064vg=0.1m