【文档说明】【精准解析】四川省泸县第一中学2020届高三下学期第一次在线月考理综物理试题.doc，共(18)页，825.500 KB，由小赞的店铺上传

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物理试卷一.选择题（每小题分，少选3分，多选，错选0分，共计48分）1.一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为238234492902UTh+He→.下列说法正确的是（）A.衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B.衰变后钍核

的动量大小等于α粒子的动量大小C.铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D.衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量【答案】B【解析】【详解】A．根据2k2pEm=可知，衰变后钍核的动能小于α粒子的动能，故A错误；B．根据动量守恒定律可知，生成的钍核的动量与

α粒子的动量等大反向，故B正确；C．铀核的半衰期等于一半数量的铀核衰变需要的时间，而放出一个α粒子所经历的时间是一个原子核衰变的时间，故两者不等，故C错误；D．由于该反应放出能量，由质能方程可知，衰变后α粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，

故D错误．2.物体从静止开始做直线运动，vt−图像如图所示，则该物体A.在第8s末相对于起点的位移最大B.在第4s末相对于起点的位移最大C.在2~4s时间内的加速度大小最大D.在4~8s时间内的加速度大小保持不变【答案】D【解析】【详解】AB、由题图知，物体在0~6s内沿正方向运动，在6

~8s内沿负方向运动，所以在第6s末相对于起点的位移最大，故选项A、B错误；CD、vt−图线的斜率等于物体的加速度，由题图图线可知4~8s内物体的加速度大小不变并且最大，故选项C错误，D正确．3.如图所示，一条细绳跨过定滑轮连接两个小球A、

B，它们都穿在一根光滑的竖直杆上，不计绳与滑轮间的摩擦，当两球平衡时OA绳与水平方向的夹角为2θ，OB绳与水平方向的夹角为θ，则球A、B的质量之比为()A.2cosθ∶1B.1∶2cosθC.tanθ∶1D.1∶2sinθ【

答案】A【解析】【详解】分别对AB两球分析，运用合成法，如图：由几何知识得：Tsinθ=mBgTsin2θ=mAg故mA:mB=sin2θ:sinθ=2cosθ:1A.2cosθ∶1与上述计算结论2cosθ:1相符，故A符合题意；

B.1∶2cosθ与上述计算结论2cosθ:1不相符，故B不符合题意；C.tanθ∶1与上述计算结论2cosθ:1不相符，故C不符合题意；D.1∶2sinθ与上述计算结论2cosθ:1不相符，故D不符合题意．4

.如图，矩形闭合导体线框在匀强磁场上方，由不同高度静止释放，用t1、t2分别表示线框ab边和cd边刚进入磁场的时刻．线框下落过程形状不变，ab边始终保持与磁场水平边界线OO′平行，线框平面与磁场方向垂直．设OO′下方磁场区域足够大，不计空气阻力

影响，则下列图像不可能反映线框下落过程中速度v随时间t变化的规律（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】线框先做自由落体运动，ab边进入磁场做减速运动，加速度应该是逐渐减小，而A图象中的加速度逐渐增大．故A错误．线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后做减速运动，因为重力小于安培

力，当加速度减小到零做匀速直线运动，cd边进入磁场做匀加速直线运动，加速度为g．故B正确．线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后因为重力大于安培力，做加速度减小的加速运动，cd边离开磁场做匀加速直线运动，加速度为g，故C正确．线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后

因为重力等于安培力，做匀速直线运动，cd边离开【点睛】解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体的运动，即比较安培力与重力的大小关系，结合安培力公式、切割产生的感应电动势公式进行分析．5.如图，水平面上有一均匀带电环，带电

量为Q，其圆心为O点．有一带电量q的小球恰能静止在O点上方的P点，OP间距为L，P与圆环上任一点的连线与PO间的夹角为．以下说法正确的是A.P点场强大小为2kQLB.P点场强大小为2coskQLC.P点场强大小为22

coskQLD.P点场强大小为32coskQL【答案】D【解析】【详解】点电荷电场强度的定义：E=2kQr利用微元法可知，圆环上一小段电荷量q在P点产生的场强为2222coscoskqkqkqErLL===

方向沿两点连线，由于小球在P点处于静止状态所以合电场强度方向应该在竖直方向，则竖直方向上的分量为：22coscoskqEL=再根据微积分可知圆环在P点产生的场强大小为32coskQLA.P点场强

大小为2kQL，与分析不符，故A不符合题意B.P点场强大小为2coskQL，与分析不符，故B不符合题意C.P点场强大小为22coskQL，与分析不符，故C不符合题意D.P点场强大小为32coskQL，与分析相符，

故D符合题意6.如图所示，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（）A.在轨道Ⅱ上经过A的速度小

于经过B的速度B.在轨道Ⅱ上经过A的速度大于在轨道Ⅰ上经过A的速度C.在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D.在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度【答案】AC【解析】【详解】A.轨道Ⅱ上由A点运动到

B点，引力做正功，动能增加，所以经过A的速度小于经过B的速度，故A项与题意相符；B.从轨道Ⅰ的A点进入轨道Ⅱ需减速，使万有引力大于所需要的向心力，做近心运动．所以轨道Ⅱ上经过A的速度小于在轨道Ⅰ上经过A的速

度，故B项与题意不相符；C.根据开普勒第三定律可知，椭圆轨道的半长轴小于圆轨道的半径，所以在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期，故C项与题意相符；D.在轨道Ⅱ上和在轨道Ⅰ通过A点时所受的万有引力相等，根据牛顿第二定律，加速度相等，故D项与

题意相符．7.如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中()A.桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C.若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力

将增大D.若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面【答案】BD【解析】【详解】鱼缸向右加速运动，桌布对鱼缸摩擦力的方向向右，故A错误；鱼缸在桌布上加速运动，脱离桌布后在桌面上做减速运动，加速度大小相等，且加速运动的末速度等于减速运动的初速度，故可知鱼缸在桌布上的滑

动时间和在桌面上的相等，故B正确；鱼缸受的摩擦力只与鱼缸的重力和摩擦因数有关，故若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将不变，故C错误；若猫减小拉力，若鱼缸能与桌布保持相对静止，故鱼缸能滑出桌面，故D正确．故选BD．8.如图所示，竖直光滑导轨上端接入一定值电阻R，C1和C2是半径都为a的两圆形磁场区域，

其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向外，区域C1中磁场的磁感应强度随时间接B1=b+kt(k>0)变化，C2中磁场的磁感应强度恒为B2，一质量为m．电阻为r、长度为L的金属杆AB穿过C2的圆心垂直地跨放在两导轨上，且

与导轨接触良好，并恰能保持静止．则A.通过金属杆的电流大小为B.通过金属杆的电流方向为从B到AC.定值电阻的阻值为R=D.整个电路的热功率p=【答案】BCD【解析】试题分析：金属杆静止，合力为零．根据受力分析，

结合平衡条件与安培力表达式，求解通过金属杆的电流大小；由楞次定律分析通过金属杆的电流方向．根据法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律，结合题意，即可求定值电阻的阻值．由功率公式整个电路中产生的热功率P．对金属杆，根据平衡方程得22mgBIa=，解得4-2mx，==，故A错误；区域C1

中磁场的磁感强度随时间按B1=b+kt（k＞0）变化，可知磁感强度均匀增大，穿过整个回路的磁通量增大，由楞次定律分析知，通过金属杆的电流方向为从B到A，B正确；由法拉第电磁感应定律，则有：回路中产生的感应电动势为221BEakatt===，且闭合电路欧姆定

律有EIRr=+，又4-2mx，==，解得322kBaRrmg=−，C正确；整个电路中产生的热功率22kamgPEIB==，D正确．二、非选择题：共62分，第9~12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13~16题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9.某同

学用如图甲实验装置测量重力加速度.质量为m2的物块从高处由静止开始下落，质量为m1的物块上拖着纸带打出一系列的点，打点计时器所用电源的频率为50Hz.图乙是实验中获取的一条纸带的一部分：纸带中每相邻两计数点间还有1个计时点（图中未标出），测得s1=7.02cm，

s2=15.07cm，s3=34.32cm，s4=45.50cm，s5=57.71cm，已知m1=65g，m2=325g，则：（计算结果保留三位有效数字）(1)在纸带上打下计数点D时的速度vD=_______

_____m/s.(2)由纸带可知，物块m2下落过程的加速度a=________m/s2，测得的重力加速度g=____________m/s2.【答案】(1).2.67(2).6.50(3).9.75【解析】【详解】(1)[1]打点计时器所用电源的频率为50Hz，打点

的时间间隔T=0.02s，打D点时的速度是BF段的平均速度，即522.67m/s8DssvT−==(2)根据纸带上的数据计算加速度，a=5322)2(4)sssT−−（解得a=6.50m/s2根据牛顿第二定律有m2g-m1g=（m1+m2）a解得

重力加速度g=9.75m/s2.10.为了测量某待测电阻Rx的阻值(约为30Ω)，有以下一些器材可供选择．电流表A1(量程0～50mA，内阻约10Ω)；电流表A2(量程0～3A，内阻约0.12Ω)；电压表V1(量程0～3V，内阻很大)；电源E(电动势约为3V，内阻约

为0.2Ω)；滑动变阻器R1(0～10Ω)；滑动变阻器R2(0～1kΩ)；定值电阻R3=30Ω；定值电阻R4=300Ω；单刀单掷开关S一个，导线若干．(1)电流表应选____，滑动变阻器应选______，定值电阻应选_______(填器材的元件符号)；(2)某次测量中，电压表示数如上图(1

)所示，则此电压值为_____________V；(3)请在上面的虚线框内画出测量电阻Rx的实验电路图，并标出电路元件的字母符号____．(要求所测量范围尽可能大)；(4)某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则计

算待测电阻阻值的表达式为Rx=__（用题目中所给字母符号表示）．【答案】(1).A1(2).R1(3).R3(4).1.70(5).(6).3xURRI=−【解析】【详解】（1）[1]测量电阻时电流较小，可能达到的最大电流为100mAxEIR==则电流表应选A1；[2]为

使测量范围尽可能大，滑动变阻器应采用分压式接法，故应选最大阻值小的变阻器R1；[3]因为电压表的量程是3V，电流表的量程是100mA，最小电阻30ΩURI==待测电阻约为30Ω，若把定值电阻R与被测电阻串联后作为被测

电阻，这样测量更准确，定值电阻应选R3=30Ω，这样电表的读数满足对电表读数不小于满偏一半，测量较准确；（2）[4]电压表的量程是3V，所以电压表的读数是1.70V；（2）[5]由于电压表的内阻很大，故应采用电流表外接法；故电路如下图所示：

（4）[6]某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则待测电阻阻值的表达式为3xURRI=−11.如图所示，竖直放置的半径R=0.4m的半圆形光滑轨道BCD跟水平直轨道AB相切于B点，D点为半圆形轨道的最高点．可视为质点的物块m=

0.5kg，静止在水平轨道上A点，物块与轨道AB间的动摩擦因数为μ=0.2，AB两点间的距离为l=2m．现给物块m施以水平向右恒力F作用s="1m"后撤除恒力，物块滑上圆轨道D点时对轨道压力大小等于物块重力．（g取10m/s2）（1）求物块m到达B点时的速度大小（2）求物块落到轨道上距B点的

距离x（3）求恒力F的大小【答案】（1）26/ms（2）0.82m（3）8N【解析】试题分析：（1）以物块为研究对象，根据题设及牛顿第三定律知物块滑上圆轨道D点时，轨道对物块弹力大小等于物块重力，即NFmg=设物块到达D点时的速度为vD，应用牛顿第二定律得：2DNvFmgmR+=，

代入数据解得：22/Dvms=从B到D点过程，只有重做功，机械能守恒：2211222BDmvmvmgR=+代入数据解得：2426/BDvvgRms=+=（2）物块过D点后做平抛运动，设从D点到落到水平轨道上所需时间为t，根据运动学

规律得：在竖直方向上：2122Rgt=，解得：20.4Rtsg==在水平方向上：0.82Dxvtm==（3）物块在AB段：水平向右恒力F做正功，摩擦力做负功．由动能定理得：212BFsmglmv−=解得：()2220.20.51020.52628221Bm

glmvFNNs++===考点：动能定理的应用、牛顿第二定律、平抛运动、机械能守恒定律．12.如图所示，质量为2m的重物与一质量为m的线框abcd用一根绝缘细线连接起来．挂在两个高度相同的定滑轮上．已知线框电阻为R，ab=L，bc=h，水平方向匀强磁场的磁感应强度为B，磁场上

下边界的距离为h.初始时刻，磁场的下边缘与线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，已知线框穿出磁场前已经做匀速运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计，重力加速度为g．求：(1)线框进入磁场时的速度大小(2)线框穿出磁场时的速度大小(3)线框通过

磁场的过程中产生的热量．【答案】（1）1233vgh=（2）222mgRvBL=（3）32244342mgRQmghBL=−【解析】【详解】(1)线框进入磁场前，线框和重物组成的系统机械能守恒211222(2)2mghmghmm

v−=+解得1233vgh=(2)线框穿出磁场时，已经做匀速直线运动，那么重物也是匀速直线运动，绳子拉力2Tmg=对线框受力分析可知TmgF=+FBIL=，EIR=，2EBLv=，解得速度222mgRvBL=(3)从

释放到线框离开磁场的过程对整体根据能量守恒有221244(2)2mghmghmmvQ−=++解得32244342mgRQmghBL=−13.关于分子动理论和物体的内能，下列说法正确的是A.某种物体的温度为0℃，说明该物体中分子的平均动能为零B.物体的温度升高时，分子的平

均动能一定增大，但内能不一定增大C.当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都增大但引力增大的更快，所以分子力表现为引力D.10g100℃水的内能小于10g100℃水蒸气的内能E.两个铝块挤压后能紧连

在一起，说明分子间有引力【答案】BDE【解析】【详解】A．某种物体的温度是0℃，不是物体中分子的平均动能为零，故A错误；B．温度是分子平均动能的标志，故物体的温度升高时，分子的平均动能一定增大，内能的

多少还与物质的多少有关，所以但内能不一定增大，故B正确；C．当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，斥力减小得快，故表现为引力，故C错误；D．温度是分子平均动能的标志，所以10g100℃的水的分子平均动能等于10g100℃的水蒸气的分子平

均动能，同样温度的水变为同样温度的水蒸气要吸收热量，所以100℃的水的内能小于100℃相同质量的水蒸气的内能，故D正确；E．两个铅块相互紧压后，它们会黏在一起，是分子运动的结果，说明了分子间有引力，故E正确。故选BDE．【点睛】关键是知道温度是分子平均动能的标志，故

物体的温度升高时，分子的平均动能一定增大，内能的多少还与物质的多少有关，所以但内能不一定增大；当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，斥力减小得快，故表现为引力．14.如图所示，开口向上竖直放

置的内壁光滑绝热汽缸，汽缸下面有加热装置.开始时整个装置处于平衡状态，缸内理想气体I、II两部分高度均为L0，温度都为T0.已知活塞A导热、B绝热，A、B质量均为m、横截面积为S，外界大气压强为p0保持不变，环境温度保持不变.现对气体II缓慢加热，当A上升02L时停止加热，已知p0S

=mg，求：(1)此时气体II的温度；(2)保持II中温度不变，在活塞A上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于m时，活塞A下降的髙度.【答案】(1)032TT=(2)01724hL=【解析】【详解】(1)气体II加热过程为等压变化，根据查理定律可得：0000()2LSLSLTT+=解得：

T=032T(2)气体I做等温变化，则：00012)()mgmgpLpLSS++=（解得：1023LL=气体II发生等温变化，则000223)()2mgLmgpLpLSS++=+（（）解得：2098LL=所以，活塞A下降的髙度.00120)317(()224hLLLLL==+−+

15.一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到P点，t+0.6s时刻的波形如图中的虚线所示，a、b、c、P、Q是介质中的质点，则以下说法正确的是（）A.这列波的波速可能为50m/sB.质点a在这段时间内通过的路程一定小于3

0cmC.若有另一周期为0.16s的简谐横波与此波相遇，能产生稳定的干涉现象D.若T=0.8s，当t+0.5s时刻，质点b、P的位移相同E.若T=0.8s，从t+0.4s时刻开始计时，质点c的振动方程为y=0.1sin52t（）cm【答案】ACD【解析】由图可知，波的波长为4

0m；两列波相距30.64snT=+（），故周期2.443Tsn=+；波速为：4020043/50/2.43vnmsnmsT==+=+（）（），（n=0，1，2，…）当n=0时，当v=50m/s时，故A正确；质点a在平

衡位置上下振动，振动的最少时间为34T，故路程最小为3A即30cm，故B错误；当n=3s时，T=0.16s，故若有另一周期为0.16s的简谐波与此波相遇，能产生稳定的干涉现象，选项C正确；在t时刻，因波沿X轴正方向传播，所以此时质点P是向

上振动的，经0.5秒后，P是正在向下振动（负位移），是经过平衡位置后向下运动0.1秒；而质点b是正在向上振动的（负位移），是到达最低点后向上运动0.1秒，因为0.2秒等于4T，可见此时两个质点的位移是相同的．故D正确；当T=0.8s，当t+0.4s时刻时，质点c在上端最大位移处，据22/2.5?

/0.8radsradsT===，据图知A=0.1m，当从t+0.4s时刻时开始计时，则质点c的振动方程为：x=0.1cos（2.5πt）（m），故E错误．故选ACD.点睛：本题考查对波动图象的理解

能力．知道两个时刻的波形时，往往应用波形的平移法来理解．特别要注意理解D答案中简谐运动的对称性，P和b正好处在了同一点，但是方向恰好相反．16.如图所示，AOB为半径为R的扇形玻璃砖，一细光束照射到AO面上的C点，入射角为60°，折射光线平行于BO边，C点到BO面的距离为2R，AD⊥

BO，∠DAO＝30°，光在空气中传播速度为c，求：(1)玻璃砖的折射率；(2)光在玻璃砖中传播的时间．【答案】(1)3(2)2Rc【解析】(1)光路如图所示，由几何知识可知，在AO面上光线的折射角为30°．所以玻璃砖的折射率sin603sin30n==(2)由于折射光线CE平行于BO，光

线在圆弧面上的入射点E到BO的距离也为2R即2REF=所以α满足sinα＝12EFOE=解得α＝30°由几何关系可知23cos3RCER==又光在玻璃中的速度cvn=故所求时间2CERtvc==